2025年沪教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某星球表面高度范围内，水平方向磁场的磁感应强度大小随高度由均匀减小至为使航天器能在星球表面安全降落，可以利用电磁阻力来减小航天器下落速度。若在航天器上固定一边长为的正方形闭合线圈，航天器竖直降落时线圈平面始终与磁场垂直，上下两边始终处于水平状态，为使航天器速度为时产生的电磁阻力（只对该闭合线圈产生的作用力）为则线圈电阻的阻值R为（）A.B.C.D.2、理想变压器接入如图电路，变压器的原、副线圈总匝数分别是1000匝、100匝，联动滑片分别与原、副线圈接通，开始滑片位于最上端，位于正中央，调节会联动同步向上或向下移动相同距离调节原、副线圈匝数，滑片的滑动范围都是原、副线圈匝数的一半，两滑片移动相同距离改变的原、副线圈匝数比是已知电路输入端所接交流电压为u，电阻则下列说法正确的是（）

A.当滑片在最上端时，变压器的变压比为B.当滑片在副线圈中间时，两端的电压为C.当滑片由最上端向下移动25匝时，流过的电流为D.在滑片移动过程中，副、原线圈中的电流比最大为3、初速为v0的电子；沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则电子。

A.将向右偏转，速率不变，运动轨迹的曲率半径变大B.将向左偏转，速率改变，运动轨迹的曲率半径变大C.将向左偏转，速率不变，运动轨迹的曲率半径不变D.将向右偏转，速率改变，运动轨迹的曲率半径不变4、两个粒子和可以经同一个回旋加速器加速；不计粒子在电场中加速的时间及由相对论效应带来的影响，则下列判断正确的是（）

A.两粒子的质量一定相同B.两粒子的电荷量一定相同C.两粒子在回旋加速器中运动的时间一定相同D.两粒子经回旋加速器获得的最大动能一定相同5、在匀强磁场中放一电阻不计的平行金属导轨，导轨跟大线圈M相接，如图4所示．导轨上放一根导线ab；磁感线垂直于导轨所在平面．欲使M所包围的小闭合线圈N产生顺时针方向的感应电流，则导线的运动可能是[]

A.匀速向右运动B.加速向右运动C.匀速向左运动D.加速向左运动6、如图所示，空间存在方向垂直纸面（竖直面）向里的足够大的磁场，以竖直向下为z轴正方向，磁感应强度的大小为式中B0、k均为常数。一正方形导线框abcd从图示位置由静止开始下落，下落过程中底边ab始终水平。不考虑空气阻力。与导线框下落的速度成正比的是（）

A.ab边受到安培力的大小B.bc边受到安培力的大小C.cd边受到安培力的大小D.线框受到安培力的大小7、如图甲为手机及无线充电板。图乙为充电原理示意图。充电板接交流电源，对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电，为方便研究，现将问题做如下简化：设受电线圈的匝数为n，面积为S，磁场视为匀强磁场。若在到时间内，磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈，其磁感应强度由均匀增加到下列说法正确的是（）

A.c点的电势高于d点的电势B.受电线圈中的电流随时间均匀增大C.c、d之间的电势差为D.受电线圈有靠近送电线圈的趋势评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、1930年劳伦斯制成世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成；其间留有空隙，下列说法正确的是()

A.粒子从电场中获得能量B.粒子获得最大速度与回旋加速器半径有关C.粒子获得最大速度与回旋加速器内的电场有关D.回旋加速器中的电场和磁场交替对带电粒子做功9、如图所示，在MN右侧区域有垂直于纸面向里的匀强磁场，其磁感应强度随时间变化的关系为B=kt（k为大于零的常量）。一边长为a、电阻为R的正三角形金属线框向右匀速运动。在t=0时刻，线框底边恰好到达MN处；在t=T时刻；线框恰好完全进入磁场。在线框匀速进入磁场的过程中（）

A.线框中的电流先逆时针方向，后顺时针方向B.线框中的电流始终为逆时针方向C.t=时刻，流过线框的电流大小为D.t=时刻，流过线框的电流大小为10、如图甲所示，轻质细线吊着一质量为边长的正方形单面线圈，其总电阻在线圈的中间位置以下区域分布着垂直纸面向里的磁场，磁感应强度B大小随时间t的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是（）（）

A.线圈中产生逆时针方向的感应电流B.线圈中的感应电流大小为C.时轻质细线的拉力大小为D.内通过线圈横截面的电荷量为11、有两个匀强磁场区域I和II，I中的磁感应强度是II中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动，与I中运动的电子相比，II中的电子（）A.运动轨迹的半径是I中的k倍B.加速度的大小是I中的k倍C.做圆周运动的周期是I中的k倍D.做圆周运动的角速度是I中的k倍12、如图，磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中。

A.感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B.感应电流方向一直是逆时针C.安培力方向始终与速度方向相反D.安培力方向始终沿水平方向13、用边长为电阻不计的单匝正方形线框在磁感应强度为的匀强磁场中旋转发电，后接电阻为的小灯泡。线框从中性面位置开始计时；该发电机的结构与其发出的电流强度与时间的关系如图所示（该图像中的三角形均为等腰直角三角形，且横轴与纵轴所用标度相同），则下列说法正确的是（）

A.该线框不可能做匀速圆周运动B.末时线框旋转的角速度为C.从末起，线圈转过60度约需D.交流电一个周期内灯泡的发热量不足14、一正弦式交变电流的电压随时间变化的规律如图所示。由图可知（）

A.该交变电流的电压瞬时值的表达式为B.该交变电流的频率为25HzC.该交变电流的电压的有效值为100VD.若将该交流电压加在阻值的电阻两端，则电阻消耗的功率为50W评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器。输电电路图如图所示，则电流I1=___________；升压变压器的原、副线圈的匝数之比n1：n2=___________；降压变压器的原、副线圈的匝数之比n3：n4=_________。

16、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝T，边长L＝10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r＝1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路电阻R＝4Ω，从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为e=____________V；电压表的示数为____________V.

17、如图甲所示，在与水平方向成θ角的倾斜光滑导轨上，水平放置一根质量为m的导体棒ab；导轨下端与一电源和定值电阻相连，电源的电动势和内阻；定值电阻的阻值均未知．整个装置放在竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B的大小也未知．已知导轨宽度为L，重力加速度为g．

（1）若断开电键k，将导体棒由静止释放，经过时间t，导体棒沿斜面下滑的距离是多少？____

（2）若闭合电键k，导体棒b恰好在导轨上保持静止．由b向a方向看到的平面图如图乙所示；请在此图中画出此时导体棒的受力图；

()

并求出导体棒所受的安培力的大小．____

（3）若闭合电键k，导体棒ab静止在导轨上，对导体棒ab的内部做进一步分析：设导体棒单位体积内有n个自由电子；电子电荷量为e，自由电子定向移动的平均速率为v，导体棒的粗细均匀，横截面积为S．

a．请结合第（2）问的结论和题目中所给的已知量，推理得出每个电子受到的磁场力是多大？____

b．将导体棒中电流与导体棒横截面积的比值定义为电流密度，其大小用j表示，请利用电流的定义和电流密度的定义推导j的表达式．____18、简单的直流电动机由_________和_________两部分组成，其中一个是永久磁铁，那么另一个就是_________。安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫_________，压在换向器上有一对电刷，它必须通过_________与电源相连接。19、实际应用中的开放电路，线圈的一端用导线与_________相连，这条导线叫作地线；线圈的另一端与高高地架在空中的_________相连。20、电视显像管的工作原理。

（1）构造：如图所示，由电子枪、__________和荧光屏组成。

（2）原理。

①电子枪__________。

②电子束在磁场中__________。

③荧光屏被电子束撞击发光。

（3）扫描：在偏转区的水平方向和竖直方向都有偏转磁场，其方向、强弱都在__________；使得电子束打在荧光屏上的光点从上向下；从左向右不断移动。

（4）偏转线圈：使电子束偏转的磁场是由__________产生的。21、如图所示是一个按正弦规律变化的交变电流的图象，则该交变电流的周期是______s，电压的有效值是_______V。

22、如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的符号______，若已知变压比为变流比为并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)27、某研究性学习小组用热敏电阻作为温度传感器设计了一个温度控制电路，热敏电阻的阻值随温度的变化如图甲，设计电路如图乙所示，当加在斯密特触发器输入端的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时，输出端电压会突然从高电平跳到低电平，而当输入端的电压下降到另一个值（0.8V）时，输出端电压会从低电平跳到高电平，从而实现温度控制。已知可变电阻R1=12.6kΩ，则温度可控制在_________℃到________℃之间（结果保留整数，不考虑斯密特触发器的分流影响）。28、用简单的模块电路来设计一盏指示灯．白天指示灯自动点亮；夜晚自动熄灭．夜晚如果有人靠近，灯自动点亮，当人离开后，指示灯自动熄灭．根据题意，在下列模块中选择符合要求的模块，将其前面的符号填入空格：

A.小灯；

B.蜂鸣器；

C.电动机；

D.光传感器；

E．声传感器；

F．红外传感器；

G．接触传感器；

H．“非”门控制器；

I．“与”门控制器；

J．“或”门控制器．

（1）传感器选择_____；

（2）控制器选择_____；

（3）执行器选择_____．A.B.C.E.E.29、在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中；可拆变压器如图所示。

（1）为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是___________。

A.控制变量法B.等效替代法C.演绎法D.理想实验法。

（2）实验中原、副线圈的电压之比与它们的匝数之比有微小差别，原因不可能为___________（填字母代号）

A.原、副线圈上通过的电流发热B.铁芯在交变磁场作用下发热。

C.变压器铁芯漏磁D.原线圈输入电压发生变化。

（3）利用如图所示的装置，直接在原线圈的“0”和“800”两个接线柱之间接的交流电源，用电表测量副线圈的“0”和“400”两个接线柱之间的电压，则副线圈两端测得的电压可能是___________。

A.B.C.D.评卷人得分六、解答题(共1题，共2分)30、利用物理模型对问题进行分析；是重要的科学思维方法。

（1）原子中的电子绕原子核的运动可以等效为环形电流。设氢原子核外的电子以角速度绕核做匀速圆周运动，电子的电荷量为e，求等效电流I的大小。

（2）如图所示，由绝缘材料制成的质量为m、半径为R的均匀细圆环，均匀分布总电荷量为Q的正电荷。施加外力使圆环从静止开始绕通过环心且垂直于环面的轴线加速转动，角速度随时间t均匀增加，即（为已知量）。不计圆环上的电荷作加速运动时所产生的电磁辐射。

a．求角速度为时圆环上各点的线速度大小v以及此时整个圆环的总动能

b．圆环转动同样也形成等效的环形电流，已知该电流产生的磁场通过圆环的磁通量与该电流成正比，比例系数为k（k为已知量）。由于环加速转动形成的瞬时电流及其产生的磁场不断变化，圆环中会产生感应电动势，求此感应电动势的大小E；

c．设圆环转一圈的初、末角速度分别为和则有请在a、b问的基础上，通过推导证明圆环每转一圈外力所做的功W为定值。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

由磁场分布规律可知，线圈上下两边所处位置的磁感应强度大小之差

线圈上下两边产生的总感应电动势大小

线圈上下两边产生的总安培力大小

其中

解得

故选C。2、C【分析】【详解】

A．当滑片在最上端时，变压器原、副线圈接入的匝数比为所以变压比为选项A错误；

B．当滑片在副线圈中间时，原线圈匝数为1000匝，副线圈匝数为50匝，设两端的电压为则加在原线圈的电压可由

也可得

得。

解得

选项B错误：

C．当滑片由最上端向下移动25匝时，原线圈匝数为750匝，副线圈为75匝，变压比为设流过的电流为有

得

得

选项C正确；

D．当滑片在规定范围移动，副、原线闲中的电流比最大时根据

可知，在变压比最大时，副、原线脑电流比最大为选项D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

根据安培定则，通电导线右侧的磁场垂直纸面向里，负电荷速度向上，根据左手定则可判断，洛伦兹力向右，所以粒子将向右偏，由于洛伦兹力不做功，所以粒子速率不变，根据洛伦兹力提供向心力有：

得到：

由于离导线越远；磁感应强度B越小，所以运动轨迹的曲率半径变大，A正确；

故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

AB．两粒子均可经同一回旋加速器进行加速则两粒子在磁场中做圆周运动的周期相同；由。

可知；两粒子的比荷相同，但不能确定两粒子的质量；电荷量一定相同，AB错误；

C．设共经历次加速；则。

解得。

由于加速的次数相同；周期相同，因此加速的时间。

相同；C正确；

D．由题意可得；最终获得的动能为。

故不一定相同；D错误。

故选C。5、D【分析】导线ab匀速向右或匀速向左运动时，导线ab产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N中的磁通量不变，没有感应电流产生．故AC错误．导线ab加速向右运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增大，由右手定则判断出ab电流方向由a→b，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向里，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流，故B错误．导线ab加速向左运动时，导线ab中产生的感应电动势和感应电流增加，由右手定则判断出来ab电流方向由b→a，根据安培定则判断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面向外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律判断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流．故D正确．故选D.6、D【分析】【详解】

设线框的边长为L，线框产生的感应电动势为

解得

设线框的电阻为R，回路的电流为

线框受到安培力的大小为

解得

线框受到安培力的大小与速度成正比，各边所处的磁感应强度都在随着z变化，安培力不与v成正比。

故选D。7、C【分析】【详解】

A．根据楞次定律可知，受电线圈内部产生的感应电流方向俯视为顺时针，受电线圈中感应电流方向由c到d，所以c点的电势低于d点的电势；故A错误；

B．磁感应强度由均匀增加到由法拉第电磁感应定律可知，产生的电动势恒定，则受电线圈中的电流恒定，故B错误；

C．根据法拉第电磁感应定律得，c、d之间的电势差为

故C正确；

D．受电线圈在到时间内；磁通量增大，由“来拒去留”可知，受电线圈与送电线圈间有相互排斥作用，故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)8、A:B【分析】【详解】

回旋加速器中的电场对带电粒子做功，粒子在电场中加速，在磁场中偏转，可知从电场中获得能量，故A正确，D错误．根据则可知粒子获得最大速度与回旋加速器半径R有关，但是与回旋加速器内的电场无关，选项B正确，C错误．9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．线圈进入磁场的过程中；穿过线圈的磁通量始终增加，则根据楞次定律可知，线框中的电流始终为逆时针方向，选项A错误，B正确；

CD．线圈进入磁场运动的速度

t=时刻，线圈向右运动

动生电动势

感应电动势

流过线框的电流大小为

选项C正确；D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

A．由楞次定律可知：电流的方向为逆时针方向；故A正确；

B．由法拉第电磁感应定律得

代入数据得

线圈中的感应电流大小为

故B错误；

C．根据

根据受力分析

解得

故C正确；

D．内通过线圈横截面的电荷量为

故D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

试题分析：电子在磁场中做的圆周运动；洛伦兹力作为向心力，根据圆周运动的周期公式和半径公式逐项分析即可．

设Ⅱ中的磁感应强度为B，则Ⅰ中的磁感应强度为kB，根据电子在磁场中运动的半径公式可知，Ⅰ中的电子运动轨迹的半径为Ⅱ中的电子运动轨迹的半径为所以Ⅱ中的电子运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍，故A正确；电子在磁场运动的洛伦兹力作为向心力，所以电子的加速度的大小为所以Ⅰ中的电子加速度的大小为Ⅱ中的电子加速度的大小为所以Ⅱ的电子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B错误；根据电子在磁场中运动的周期公式可知，Ⅰ中的电子运动周期为Ⅱ中的电子运动周期为所以Ⅱ中的电子运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的电子运动轨迹的周期是Ⅰ中的k倍，故C正确；做圆周运动的角速度所以Ⅰ中的电子运动角速度为Ⅱ中的电子运动角速度为在Ⅱ的电子做圆周运动的角速度是Ⅰ中的倍，故D错误．12、A:D【分析】试题分析：先看感应电流方向；铜制圆环内磁通量先向里并增大，由楞次定律可知，铜制圆环感应电流的磁场向外，依据右手安培定则得到，感应电流方向为逆时针；铜制圆环越过最低点过程中，铜制圆环内磁通量向里的减小，向外的增大，所以铜制圆环感应电流的磁场向里，感应电流为顺时针；越过最低点以后，铜制圆环内磁通量向外并减小，所以铜制圆环感应电流的磁场向外，感应电流为逆时针，A正确；B错误；

再看安培力方向；由于圆环的电流是相等的，把圆环沿竖直方向看成两个半圆环，则这两个半圆环的电流相等；磁场不相同，则磁场强的半圆产生的安培力大于磁场弱的，故安培力的合力的方向是水平的，同理，当圆环摆过最下端的位置时，安培力的方向也是如此，C错误；D正确；故选AD．

【名师点睛】本题由楞次定律可得出电流的方向；重点在于弄清何时产生电磁感应，以及磁通量是如何变化的，按着应用楞次定律判断感应电流的方向的步骤进行分析和判断；再由左手定则判断安培力的方向．

考点：楞次定律、安培力．13、A:B:D【分析】【详解】

A．感应电流的图像为锯齿形而非正弦或余弦曲线；所以该线框不可能做匀速圆周运动，故A正确；

B．时感应电流最大，此时线框平面和中性面垂直，又因为图像中的三角形均为等腰直角三角形，且横轴与纵轴所用标度相同，所以

解得此时ab和cd边的线速度大小为

则线框旋转的角速度为

故B正确；

C．从末起，线圈转过60度的过程中，通过回路中某一横截面的电荷量为

I-t图像与t轴所围面积表示电荷量，设从末起，线圈转过60度所需的时间为t，易知t一定小于1s，如图所示，根据几何关系有

解得

故C错误；

D．若电流为最大值为1A、周期为4s的正弦交流电，作出图像如图所示，可知除了电流最大和电流为零时其他任意时刻，正弦交流电的瞬时值都大于锯齿交流电的瞬时值，由此推知该锯齿交流电的有效值

所以一个周期内灯泡的发热量

故D正确。

故选ABD。14、B:D【分析】【详解】

AB．由题图可知T=4×10-2s，故ω=2πf=50πrad/s

所以其瞬时值表达式为

故A错误；B正确；

C．由图象可知交变电流的电压最大值为100V，因此其有效值为

故C错误；

D．R消耗的功率为

故D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]电流

[2]输电线上损耗的功率

则输电线上的电流

根据理想变压器的电流规律

解得升压变压器的原、副线圈的匝数之比

[3]对于降压变压器

则降压变压器的原、副线圈的匝数之比【解析】70A1：4133：2216、略

【分析】【详解】

[1]电动势的峰值为

从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为

[2]根据电压分配原理可得，路端电压的峰值为

则电压表示数为【解析】e=10cos2πt17、略

【分析】【详解】

(1)断开电键后；根据牛顿第二定律，导体的加速度。

由运动学公式；经过时间t导体棒下滑的距离。

解得：

(2)导体棒ab保持静止；受力如图所示。

根据平衡条件得，安培力大小为

(3)a．导体棒中做定向移动的自由电子数

每个电子受到的磁场力

解得：

B．在直导线内任选一个横截面S，在时间内从此截面通过的电荷量

导体棒中的电流强度

由电流密度的定义

解得：．【解析】（1）（2）（3）18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]简单的直流电动机由转子和定子两部分组成；其中一个是永久磁铁，那么另一个就是线圈。

[4]安装在电动机转轴上用来改变电流方向的装置叫换向器。

[5]压在换向器上有一对电刷，它必须通过引出线与电源相连接。【解析】①.转子②.定子③.线圈④.换向器⑤.引出线19、略

【解析】①.大地②.天线20、略

【分析】【详解】

略【解析】偏转线圈发射电子偏转不断变化两对线圈21、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，该正弦交流电的周期为

[2]电压最大值为，所以有效值为【解析】0.0222022、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知电表1所接变压器原线圈并联在两根输电线上；所以该变压器为电压互感器，电表1应是电压表V；电表2所接变压器原线圈串联在一根输电线上，所以该变压器为电流互感器，电表2应是电流表A。如图所示。

[2]根据理想变压器变压规律可知输电电压为

根据理想变压器变流规律可知输电电流为

所以输电线路中的功率为【解析】见解析四、作图题(共4题，共24分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。