2025年岳麓版高三物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版高三物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示；质量为M的三角形木块A放在粗糙的水平面上，两个底角的关系为α＞β，一质量为m的物体B和质量为2m的物体C正沿A的斜面分别以v和2v的速度匀速下滑，A仍然保持静止，下列说法中正确的是（）

A.A对水平面的压力等于（M+m）gB.A受到水平面的静摩擦力为零C.A受到方向水平向左的静摩擦力D.A受到方向水平向右的静摩擦力2、如图所示，弹簧振子在B、C间做简谐运动，O为平衡位置，B、C间的距离为20cm，振子由B运动到C的时间为2s，则（）A.从O→C→O振子做了一次全振动B.振动周期为2s，振幅是10cmC.从B开始经过6s，振子通过的路程是60cmD.从O开始经过3s，振子又到达平衡位置O3、关于弹力的说法中正确的是（）A.只有弹簧才可以产生弹力B.物体间不相互接触，也能产生弹力C.两物体相互接触时一定能产生弹力D.两个物体直接接触且相互挤压发生形变才会产生弹力4、已知：苯酚在水中的电离方程式为rm{25隆忙}时，苯酚的电离常数rm{Ka=1.0隆脕10^{-10}}rm{25隆忙}时，用的rm{NaOH}溶液滴定rm{20.00mL0.0100mol隆陇L-1}的苯酚溶液，溶液的rm{pH}与所加rm{NaOH}溶液的体积rm{(V)}的关系如图所示

下列说法正确的是rm{(}rm{)}A.rm{A}点溶液中，苯酚的电离度约为rm{0.01%}B.rm{B}点溶液的rm{pH<7}C.rm{C}点溶液中存在D.rm{A}点溶液加少量水稀释，溶液中减小5、（2015春•绵阳校级月考）甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.甲的线速度比乙的大B.甲的运行周期比乙的小C.甲的角速度比乙的大D.甲的向心加速度比乙的小6、关于匀速直线运动的加速度，正确的说法是（）A.为正值B.为负值C.为零D.以上判断都不对评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)7、某同学为测量某段导线圈的电阻率，他通过实验测定出这根导线圈的电阻值约为5Ω．

（1）使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，则金属丝的直径是____mm

（2）现有电源（4V；内阻可不计）；滑动变阻器（0～50Ω，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：

A．电流表（0～3A；内阻约0.025Ω）

B．电流表（0～0.6A；内阻约0.125Ω）

C．电压表（0～3V；内阻约3kΩ）

D．电压表（0～15V；内阻约15kΩ）

为减小测量误差，在实验中，电流表应选用____，电压表应选用____（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的____（选填“乙”或“丙”）．8、如图1所示，游标卡尺的读数为____cm，图2所示螺旋测微器的读数为____mm．

9、在研究物体的“加速度；作用力和质量”三个物理量的关系时；我们用实验研究了小车（如图1）“在质量一定的情况下，加速度和作用力的关系”；又研究了“在作用力一定的情况下，加速度和质量之间的关系”．

（1）这种研究物理问题的科学方法是____

A．建立理想模型的方法B．控制变量法C．等效替代法D．类比法。

（2）研究作用力一定时加速度与质量成反比的结论时，下列说法中正确的是____

A．平衡摩擦力时；应将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上。

B．每次改变小车质量时；都要重新平衡摩擦力。

C．实验时；先放开小车，再接通打点计时器的电源。

D．在小车中增减砝码；应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量。

（3）实验中得到一条纸带，如图2所示，从比较清晰的点起，每5个计时点取一个计数点，分别标明0、l、2、3、4，量得0与1两点间距离x1=30mm，1与2两点间距离x2=36mm，2与3两点间距离x3=42mm，3与4两点间的距离x4=48mm，则小车在打计数点2时的瞬时速度为____m/s，小车的加速度计算表达式为____．

（4）该同学通过数据的处理作出了a-F图象，如图3所示，则图中的不过原点的原因是____．10、质量为m的汽车经过凸拱桥顶点时的速度为v，桥面可看成圆弧，半径为r，则汽车的向心力大小为______，当汽车经过凸拱桥顶点时的速度为______时，桥面对汽车的支持力为零。（已知重力加速度为g）。11、一球冠处于磁感应强度为B的匀强磁场中，若球冠的底面大圆半径为r且与匀强磁场的方向垂直，则穿过整个球冠的磁通量为____．12、（2014秋•雨城区校级期末）如图所示；图象所对应的两个导体A和B．

（1）它们之间的电阻关系RA：RB=____；

（2）当两个导体中的电流相等（且不等于零）时，它们两端的电压之比为UA：UB=____；

（3）两个导体两端的电压相等（且不等于零）时，它们两端的电流之比为IA：IB=____．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)13、太阳发出的能量来自内部发生的化学反应释放的化学能．____．（判断对错）14、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）15、只要知道两个物体的质量和两个物体之间的距离．就可以由F=G计算物体间的万有引力____（判断对错）16、光的偏振现象说明光是横波____（判断对错）17、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）18、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）19、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）20、地理位置的南北极即为地磁场的南北极____．（判断对错）21、物体的速度为零时，它的机械能一定为零．____（判断对错）评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)22、把60N重力分解成两个分力，其中一分力方向水平向右，大小为20N，用作图法在图中求出另一个分力，并标出它的大小．23、【题文】甲质点在t＝0时刻从O点右方2m处出发，向右做速度为0.5m/s的匀速直线运动，乙质点在t＝1s时刻从O点出发，向右做速度为2m/s的匀速直线运动，规定向右为正方向，试在图（4）中作出两质点运动的s-t图。24、用作图法求共点力F1=3N、F2=4N的合力？

评卷人得分五、计算题(共4题，共24分)25、在离地面高为h处竖直上抛一质量为m的物块，抛出时的速度为v0，当它落到地面时速度为v.用g表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于()A．mgh－mv2－mB．－mv2－m－mghC．mgh＋m－mv2D．mgh＋mv2－m26、(2011年惠安模拟)如图2－1－16所示，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，上面木块压在上面的弹簧上(但不拴接)，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面弹簧．在此过程中下面木块移动的距离为多少？图2－1－1627、【题文】（10分）如图所示,宽度L=1m的足够长的U形金属框架水平放置,左端接有R=0.8Ω的电阻R,框架处在竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度B=1T,框架导轨上放置一根质量m=0.2Kg、电阻r=0.2Ω的金属金属棒ab，棒ab与导轨间的动摩擦因数为＝0.5，现用一恒力F=3N的力使棒从静止开始沿导轨运动（棒始终与导轨接触良好且垂直），经过一段时间棒获得稳定速度，此过程中，通过棒的电量q=2.8C（框架电阻不计，g=10m/s2）问：

（1）棒ab达到的稳定速度是多大？

（2）从开始到速度稳定时，电阻R产生的热量是多少？28、在如图所示的xoy

平面直角坐标系中，一足够长绝缘薄板正好和x

轴的正半轴重合，在y>a

和y<鈭�a

的区域内均分布着方向垂直纸面向里的相同的匀强磁场.

一带正电粒子，从y

轴上的(0,a)

点以速度v

沿与y

轴负向成45鈭�

角出射.

带电粒子与挡板碰撞前后，x

方向的分速度不变，y

方向的分速度反向、大小不变.

已知粒子质量为m

电荷量为q

磁感应强度的大小B=2mv4qa.

不计粒子的重力．

(1)

求粒子进入下方磁场后第一次打在绝缘板上的位置。

(2)

若在绝缘板上的合适位置开一小孔；粒子穿过后能再次回到出发点.

写出在板上开这一小孔可能的位置坐标(

不需要写出过程)

(3)

在满足(2)

的情况下，求粒子从出射到再次返回出发点的时间．评卷人得分六、画图题(共2题，共12分)29、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）30、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】图中物体均处于平衡状态，故可以利用整体法进行受力分析求出地面对三角形木块的摩擦力和支持力．【解析】【解答】解：BCD；物体B和C均做匀速直线运动；合力为零，如果将三个物体看作整体，则整体受重力和支持力作用，水平方向没有外力，否则不能平衡，故三角形木块不受地面的摩擦力，故B正确，C错误，D错误；

A；在竖直方向只受重力和支持力作用；故只要保持物体匀速运动状态即平衡状态，物体所受地面的支持力保持不变，为（M+2m）g，故A错误；

故选：B2、C【分析】【分析】振子通过的路程是四个振幅时，完成一次全振动．B→C运动时间为半个周期．振幅是振子离开平衡位置的最大距离，由题可知，振幅A=．振子每个周期通过的路程是4A．【解析】【解答】解：A；从O→C→O振子通过的路程是两个振幅；不是一次全振动．故A错误．

B；由题；BC间距离为10cm，B→C运动时间为2s，则振幅A=5cm，周期为T=4s．故B错误．

C；经过1.5次全振动；通过的路程S=6A=60cm．故C正确．

D、从B开始经过3s，振子振动了个周期；振子到达最大位置处；故D错误；

故选：C3、D【分析】【分析】要掌握弹力的概念：物体由于弹性形变而产生的力叫做弹力．

弹性形变是指能够恢复原状的形变．【解析】【解答】解：A；物体发生弹性形变产生的力叫弹力．所以A说法错误．

B；不相互接触的物体不会产生弹性形变；所以不会产生弹力，所以B说法错误．

C；两物体相互接触时；只有发生弹性形变，才能产生弹力，所以C说法错误．

D；两个物体直接接触且相互挤压发生弹性形变才会产生弹力；所以D说法正确．

故选D．4、A【分析】【分析】本题考查电解质溶液，涉及弱电解的电离、盐类的水解等相关知识，难度中等。

【解答】A.rm{A}rm{A}，根据点溶液中，假设氢离子浓度为rm{xmol/l}，根据rm{xmol/l}rm{xmol/l}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{6}}，rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{OH}rm{OH}rm{?C_{6}H_{5}O^{-}+H^{+}}rm{?C_{6}H_{5}O^{-}+H^{+}}rm{c(}rm{=dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}=dfrac{x隆脕x}{0.01}=}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{6}}rm{H}rm{H}，rm{{,!}_{5}}rm{OH}rm{OH}rm{)隆脰0.01mol/l}rm{K_{a}}rm{K_{a}}rm{=

dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}=

dfrac{x隆脕x}{0.01}=}rm{1.0}rm{1.0}rm{隆脕}rm{10}故rm{10}正确；rm{{,!}^{-10}}rm{x=10^{-6}mol/l}rm{x=10^{-6}mol/l}苯酚的电离度rm{=}rm{(}rm{=}rm{=}rm{(}rm{10^{-6}mol/l}rm{=dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}=}rm{10^{-6}mol/l}rm{)}rm{/(}rm{)}rm{/(}rm{/(}rm{0.0100mol}rm{0.0100mol}rm{隆陇}rm{L}rm{L}rm{{,!}^{-1}}rm{)=10^{-4}=0.01}rm{)=10^{-4}=0.01}rm{拢楼}故rm{A}正确；错误；rm{拢楼}rm{A}rm{A}B.rm{B}rm{B}点苯酚钠和苯酚混合溶液，且rm{c(}rm{c(}rm{c(}rm{C_{6}H_{5}OH}rm{)=c(}rm{C_{6}H_{5}ONa}rm{)}rm{C_{6}H_{5}OH}rm{)=c(}rm{)=c(}根据质子守恒，所以rm{C_{6}H_{5}ONa}rm{)}rm{)}，rm{K_{a}}rm{K_{a}}rm{=

dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}

=}rm{1.0}rm{1.0}rm{隆脕}rm{10}rm{10}rm{{,!}^{-10}}rm{c}故rm{c}错误；rm{(}rm{H^{+}}rm{H^{+}}rm{)}rm{=dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}}只受温度影响大小不变；rm{=1.0}rm{=dfrac{c({H}^{+})c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}=dfrac{{K}_{W}}{c(O{H}^{-})}隆脕dfrac{c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}OH)}}故rm{dfrac{c(O{H}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}=dfrac{{K}_{W}}{Ka隆脕c({C}_{6}{H}_{5}OH)}}已知稀释过程苯酚浓度变小，故rm{dfrac{c(O{H}^{-})}{c({C}_{6}{H}_{5}{O}^{-})}=dfrac{{K}_{W}}{Ka隆脕c({C}_{6}{H}_{5}OH)}}变大，故D错误。故选A。rm{=1.0}【解析】rm{A}5、D【分析】【分析】根据卫星运动的向心力由万有引力提供，G=m=mω2r=mr=ma列式分别求出v、T、a、ω表达式，然后根据已知条件分析即可．【解析】【解答】解：根据卫星运动的向心力由万有引力提供，G=m=mω2r=mr=ma

有：

A、v=；由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的线速度小于乙的线速度，故A错误；

B、T=2；由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的周期大于乙的周期，故B错误．

C、ω=；由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的角速度小于乙的角速度，故C错误；

D、a=由于r相同；中心体甲的质量小于乙的质量，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故D正确；

故选：D．6、C【分析】【分析】加速度等于单位时间内速度的变化量，结合速度的变化量求出加速度的大小．【解析】【解答】解：匀速直线运动；速度不变，则速度的变化量为零，加速度等于零．故C正确，A；B、D错误．

故选：C．二、填空题(共6题，共12分)7、2.150BC乙【分析】【分析】（1）螺旋测微器读数应该为：固定刻度读数+半刻度读数+可动刻度读数。

（2）合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材．电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法．【解析】【解答】解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知；固定刻度示数为2mm，可动刻度示数为：15.0×0.01mm=0.150mm；

螺旋测微器读数为2mm+0.150mm=2.150mm

（2）为了减小误差，应使电表读数为量程的～；电源电动势为4V，故电压表选C；

由于Rx≈5Ω，根据欧姆定律可知，电流的最大值为约为：I==0.8A；

从精确角来说；所以电流表选择0.6A的量程，即B选项；

根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，＞；

因此选择电流表外接法；故选择乙图．

故答案为：（1）2.150；（2）B，C，乙．8、1.2208.117（8.1168.118）【分析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】【解答】解：1；游标卡尺的主尺读数为：1.2cm=12mm；游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm，所以最终读数为：12mm+0.20mm=12.20mm=1.220cm．

2；螺旋测微器的固定刻度为8mm；可动刻度为11.7×0.01mm=0.117mm，所以最终读数为8mm+0.117mm=8.117mm，由于需要估读，最后的结果可以在8.1168.118之间．

故答案为：1.220，8.117（8.1168.118）9、略

【分析】

（1）本实验探究一个物理量与另外两个物理量的关系；需采用控制变量法进行研究．

（2）A；平衡摩擦力时；将小车所受的阻力和纸带所受的阻力平衡掉，不需将装砂的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上．故A错误．

B；改变小车质量时；不需重新平衡摩擦力．故B错误．

C；实验时；应先接通打点计时器，再释放小车．故C错误．

D；在小车中增减砝码；应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，保证砂和小桶的总重力近似等于小车所受的合力．故D正确．

故选D．

（3）计数点2的瞬时速度等于1、3间的平均速度，即．因为连续相等时间内的位移之差是一恒量，根据△x=aT2得；a=

．

（4）当拉力为零时；物体已具有加速度，可知木板的倾角过大，即平衡摩擦力过度．

故答案为：B；D，0.39，0.6，平衡摩擦力过度．

【解析】【答案】本实验需探究加速度与两个物理量的关系；故需先控制一个量不变，这种科学方法是控制变量法．通过实验的原理，以及具体操作步骤和注意事项确定操作的正误．

根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出小车在打计数点2的瞬时速度．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量；求出加速度的表达式．

当拉力为零时；物体已具有加速度，可知木板的倾角过大，即平衡摩擦力过度．

10、【分析】解：根据向心力公式：F=

当桥面对汽车的支持力为零时，只有重力提供向心力：

解得：v=

故答案为：

根据向心力公式写出向心力的大小；当桥面对汽车的支持力为零时，只有重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出此时的速度大小。

本题考查向心力，关键是分析出谁提供向心力，基础题目。【解析】11、Bπr2【分析】【分析】磁通量等于感应强度与等效面积的乘积；由图可知，有效面积即为底面大圆的面积．【解析】【解答】解：由图可知，球冠中的磁通量即为磁感应强度与球冠在垂直磁场方向上的投影面积；即为：s=πr2；故磁通量为φ=Bπr2；

故答案为：Bπr212、3：13：11：3【分析】【分析】伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小．【解析】【解答】解：I-U图象的斜率表示电阻的倒数．由于1与2的斜率之比是5：15=1：3，所以电阻值比R1：R2=3：1．

两个导体中的电流相等（不为零）时的电压之比就等于电阻值比，即U1：U2=R1：R2=3：1．

由图象可知，两个导体两端的电压相等（不为零）时的电流之比等于电阻的倒数比，即Il：I2=R2：R1=1：3．

故答案为：3：1；3：1；1：3．三、判断题(共9题，共18分)13、×【分析】【分析】太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，由此分析即可．【解析】【解答】解：根据目前的认识；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×14、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×15、×【分析】【分析】万有引力定律适用的条件是两个质点间引力的计算．物体间的引力关系也遵守牛顿第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；万有引力定律适用于任何两个可以看出质点的物体之间或均质球体之间的引力计算；当两个物体之间的距离太小的时候，物体就不能看做质点，这时就不能用这个公式直接计算了，所以这个说法是错误的．

故答案为：×16、√【分析】【分析】可以把波分为横波和纵波两类，传播的只是振动形式和能量，而偏振现象与横波有关，从而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是横波特有的现象；所以光的偏振现象说明光是横波．以上说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√19、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×20、×【分析】【分析】地球是个巨大的磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近．地球周围存在着磁场．【解析】【解答】解：地理北极附近是地磁南极；地理南极附近是地磁北极．所以该说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】机械能包括动能和重力势能，速度为零说明动能为零．【解析】【解答】解：物体的速度为零时；则动能为零，但重力势能不一定为零，所以机械能不一定为零，故错误．

故答案为：×四、作图题(共3题，共21分)22、略

【分析】【分析】力的分解遵循平行四边形定则，通过作图，运用矢量的大小与线段的长度成正比求解．【解析】【解答】解：把60N重力分解成两个分力；其中一分力方向水平向右，大小为20N，以表示重力的线段为对角线，表示20N分力的有向线段为邻边做平行四边形，如图：

矢量的大小与线段的长度成正比，运用直尺量取长度，得到≈3.15；

故F2=3.15×20=63N．23、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】

24、略

【分析】【分析】根据平行四边形定则以F1F2为邻边做平行四边形，量出对角线F线段的长度，与标度相比较求出分力F的大小．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则以F1F2为邻边做平行四边

量出对角线F线段的长度；由题图中线段长度表示1N；

则合力的大小F=1N×6.5=6.5N

故答案为：如图所示．五、计算题(共4题，共24分)25、略

【分析】【解析】由动能定理得：WG－Wf＝mv2－mWf＝WG＋m－mv2＝mgh＋m－mv2.思路分析：本题中阻力做功为变力做功，不能直接由功的表达式W＝Fl求解，因此要想到应用动能定理求解，初态为抛物块处，末态为着地处，整个过程中重力做功只和高度有关．根据动能定理可得试题【解析】【答案】C.26、略

【分析】整个系统处于平衡状态时，以m1和m2整体为研究对象，由平衡条件得：k2弹簧的弹力是：k2x1＝(m1＋m2)g，当m1被提离上面的弹簧时，k2弹簧的弹力是：k2x2＝m2g，所以木块m2移动的距离是：x1－x2＝－＝【解析】【答案】m1g/k227、略

【分析】【解析】

试题分析：(1)金属棒运动时切割产生的电动势E=BLv,电路中电流

由牛顿第二定律得:F-BIL-mg=ma

当a=0时速度最大,代入数据解得:最大速度v=2m/s(5分)

(2)设从开始运动到速度最大金属棒运动的距离为x,由动能定理得:

电阻R产生的热量Q1=

解得:Q="2.88J"(5分)

考点：牛顿第二定律、闭合电路欧姆定律、动能定理【解析】【答案】（1）2m/s；（2）2.88J；28、略

【分析】

(1)

作出粒子的运动轨