2025年人教版PEP选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP选择性必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于光的衍射现象，下列说法不正确的是（）A.衍射条纹是光波相互叠加的结果B.光的衍射现象是光在传播过程中偏离直线传播绕过障碍物继续传播的现象C.光的衍射现象完全否定了光沿直线传播的结论D.光的衍射现象为光的波动说提供了有力的证据2、下列运动中不属于机械运动的有（）A.人体心脏的跳动B.地球绕太阳公转C.小提琴琴弦的颤动D.电视信号的发送3、如图为水面上两列频率相同的波在某时刻的叠加情况，以波源S1、S2为圆心的两组同心圆弧分别表示同一时刻两列波的波峰（实线）和波谷（虚线），S1的振幅S2的振幅则下列说法正确的是（）

A.处在A、D连线上的质点不一定都是振动加强点B.由于B点是振动减弱点，所以它的振幅为零C.某时刻质点D的位移可能为零D.再过半个周期，质点B、C的将是振动加强点4、如图所示，水面上方一只小鸟正沿水平路线从左向右飞行，水中一定深度处有一条静止的鱼，点O是鱼正上方与小鸟飞行轨迹的交点。则小鸟从左向右水平飞行时（）

A.飞到O点时鸟看到的鱼比实际位置深B.飞到O点时鱼看到的鸟比实际高度低C.飞向O点过程中鸟看到鱼远离水面下沉D.飞离O点过程中鱼看到鸟离水面高度不变5、一个质量为50kg的蹦床运动员，从离水平网面1.8m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面2.45m高处。已知运动员和网接触的时间为1s，g取10m/s2。网对运动员平均作用力大小为（）A.150NB.550NC.650ND.1150N6、如图所示，匀质环形管道C平放在足够大的水平桌面上，两个相同的小球A、B位于管内。图示时刻，管道C速度为0，两小球具有相同的速度且均沿x轴正方向；两小球的碰撞为弹性碰撞，不计小球与管道；管道与桌面间的摩擦，则（）

A.碰前两球均做匀速圆周运动B.两球组成的系统机械能守恒C.两球组成的系统在y方向上动量守恒D.两球组成的系统在x方向上动量守恒7、如图所示，光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动。两球质量关系为mB=2mA；规定向右为正方向，A；B两球的动量均为6kg·m/s，运动中两球发生碰撞，碰撞后A球的动量为2kg·m/s，则（）

A.右方是A球，碰撞后B两球速度大小之比为2∶5B.右方是A球，碰撞后B两球速度大小之比为1∶10C.左方是A球，碰撞后B两球速度大小之比为2∶5D.左方是A球，碰撞后B两球速度大小之比为1∶108、如图所示，实线是一列简谐波在某一时刻的波形曲线，经0.5s后，其波形如图中虚线所示，设该波的周期T大于0.5s。以下说法正确的是（）

A.如果波是向左传播的，波速是0.12m/sB.波的周期可能是4sC.如果波是向右传播的，波速是0.72m/sD.波的周期一定是s9、在单缝衍射实验中，仅减小单缝的宽度，则屏上（）A.条纹变宽，光强增强B.条纹变窄，光强增强C.条纹变宽，光强减弱D.条纹变窄，光强减弱评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图甲所示，在某均匀介质中建立一直角坐标系，坐标原点O处有一振源，其振动产生的简谐波在x轴上传播，A、B为x轴上的两个质点。波源振动后经过一段时间，t=0时，B质点第一次到达正向最大位移处，此后A、B质点振动图像如图乙所示；下列说法正确的是________

A.振源O点的起振方向沿y轴负方向B.该波在x轴上传播的速度为1m/sC.该波的波长为4mE.在t=5.5s时B点的位移cmE.在t=5.5s时B点的位移cm11、如图，甲为一列沿x轴传播的简谐波在时刻的波形。图乙表示该波传播的介质中处的质点a从时起的振动图象，则（）

A.波传播的速度为B.波沿x轴正方向传播C.质点a的位移沿y轴负方向D.处的质点b的加速度沿y轴负方向12、一列简谐横波在t=0时的波形图如图所示。介质中x=2cm处的质点P沿x轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin5πt（cm）。下列说法正确的是（）

A.该波的周期为4sB.该波的振幅为10cmC.该波沿x轴负方向传播E.在1s的时间内，质点P经过的路程为1mE.在1s的时间内，质点P经过的路程为1m13、如图所示，一列简谐波从左向右传播，传播到P点时，P点开始振动的方向垂直PQ向上，振动周期为T，经时间t，振动从P点传播到Q点，传播速度为v。下列说法正确的是（）

A.该波一定是横波B.Q点振动的周期可能为TC.Q点振动的最大速度一定为vD.若（n为正整数），则质点Q开始振动后，其位移与P点的位移始终相同14、静止在光滑水平面上的物体，质量为m=0.5kg，从0时刻起同时受到两个水平力F1、F2的作用，F1、F2与时间t的关系如图所示；下列说法正确的是（）

A.前2s内F1的冲量为4N·SB.4s末物体的速度为0C.物体做匀加速直线运动D.4s内物体的的最大速度为4m/s15、如图所示，两木块A、B质量分别为m、M，用劲度系数为k的轻弹簧连在一起，放在水平地面上，在木块A正上方h高度处有一与A完全相同的木块C，现由静止释放C，释放后C自由下落与A发生碰撞并粘在一起向下运动，之后在竖直方向做简谐运动。在A、C一起运动过程中，木块B刚好不离开地面，弹簧始终在弹性限度内，忽略空气阻力，重力加速度为g。以下说法中正确的是（）

A.碰后瞬间C一起向下运动的速度大小为B.在振动过程中，C组成的系统机械能守恒C.C做简谐运动的振幅为D.C做简谐运动的过程中，弹簧获得的最大弹性势能为16、如图所示是单摆做阻尼振动的振动图象，下列说法正确的是（））

A.摆球时刻的动能等于B.时刻的动能摆球时刻的势能等于C.时刻的势能摆球时刻的机械能等于D.时刻的机械能摆球时刻的机械能大于时刻的机械能17、一列简谐横波沿x轴传播，a、b为x轴上的两质点，平衡位置分别为（）。a点的振动规律如图所示，已知波速为在时b的位移为0.05m；则下列判断可能正确的是（）

A.波沿x轴正向传播，B.波沿x轴正向传播，C.波沿x轴负向传播，D.波沿x轴负向传播，18、如图所示；放在光滑水平桌面上的A；B木块之间夹一被压缩的弹簧．现释放弹簧，A、B木块被弹开后，各自在桌面上滑行一段距离飞离桌面．A落地点距桌边水平距离为0.5m，B落地点距桌边水平距离为1m，则。

A.A.B离开弹簧时的速度比为1：2B.B离开弹簧时的速度比为1：1C.B质量之比为1：2D.B质量之比为2：1评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)19、机械波可以绕过_____继续传播的现象叫衍射。障碍物或孔的尺寸比波长小，或者和波长相差不多是波产生_________的条件。20、在光滑水平桌面上停放着A、B小车，其质量两车中间有一根用细线缚住的被压缩弹簧，当烧断细线弹簧弹开时，A车的动量变化量和B车的动量变化量之比为________。21、双缝干涉仪，即光具座、光源、滤光片、透镜、单缝、双缝、遮光筒、毛玻璃屏、测量头另外，还有______、导线、______等22、设作用在质量为1kg的物体上的力F＝6t＋3（SI）．如果物体在这一力的作用下，由静止开始沿直线运动，在0到2.0s的时间间隔内，这个力作用在物体上的冲量大小Ｉ＝___________。23、如图，在：半径为2.5m的光滑圆环上切下一小段圆弧，放置于竖直平面内，两端点距最低点高度差H为1cm．将小环置于圆弧端点并从静止释放，小环运动到最低点所需的最短时间为____s，在最低点处的加速度为____m/s2．(取g＝10m/s2)

24、如图甲所示为一列简谐横波沿x轴正向传播在t=0时刻的波形图，图乙为坐标轴上0~5m范围内某质点的振动图像，则这列波传播的速度大小为v=______m/s，图乙所对应的质点平衡位置的坐标为x=_________m。

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)25、如图所示为一弹簧振子在A、C间振动；图中黑点为振子球心的位置。

(1)画出振子位于C点时离开平衡位置O的位移；

(2)标出振子位于A点时加速度的方向。

26、向水面上扔一个石块，形成如图所示的波形，已知相邻实线间的距离等于一个波长，不考虑水波的反射，试大致画出水波通过图甲的孔和以及遇到图乙中障碍物和之后的传播情况。

27、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)28、如图所示；用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。

（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量___________（填选项前的符号）；间接地解决这个问题。

A.小球开始释放高度h

B.小球抛出点距地面的高度H

C.小球做平抛运动的射程。

（2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球ml多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。然后，把被碰小球静置于轨道的水平部分，再将入射球ml从斜轨上S位置静止释放，与小球相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是___________。（填选项前的符号）

A.用天平测量两个小球的质量ml；

B.测量小球ml开始释放高度h

C.测量抛出点距地面的高度H

D.分别找到ml、m2相碰后平均落地点的位置M、N

E.测量平抛射程OM、ON

（3）若满足关系式___________，则可以验证碰撞过程中系统动量是守恒的。（用第（2）问中的符号表示）评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)29、有一辆汽车以15m/s的速度匀速行驶，在其正前方有一陡峭山崖，汽车鸣笛2s后司机听到回声，此时汽车距山崖的距离有多远？（v声＝340m/s）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．衍射与干涉一样；都是光波叠加产生的，只不过干涉是两个相干光源发出的光进行叠加，而衍射是同一个光源的不同部分发出的光进行叠加，故A不符题意；

B．光在传播过程中偏离直线传播绕过障碍物继续传播的现象实际上就是行射现象的概念；故B不符题意；

C．光的行射现象并没有否定光沿直线传播；光沿直线传播就是明显衍射条件不能满足时的情况，故C符合题意；

D．衍射是波所特有的现象；而光的衍射现象正好证明光是一种波，故D不符题意；

故选C。2、D【分析】【详解】

A．人体心脏的跳动；心脏位置不断改变，是机械运动，故A错误；

B．地球绕太阳运动；相对太阳的位置不断改变，是机械运动，故B错误；

C．小提琴琴弦的颤动；是机械振动，属于机械运动，故C错误；

D．电视信号的发送；是电磁波的传播，电磁波是场物质，不是宏观物体，故不是机械运动，故D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

A．A、D两点振动加强，处在A、D连线上的质点都是振动加强点；故A错误；

B．B点是振动减弱点；它的振幅为1cm，故B错误；

C．D点为振动加强点；其位移在零至7cm之间变化，故C正确；

D．B、C两点始终为振动减弱点；故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

小鸟在左侧时，光路图如图所示

则小鸟看到鱼的虚像，比鱼实际位置高；当飞到O点时，鸟看到的鱼实际位置，所以飞向O点过程中鸟看到鱼远离水面下沉。

故选C。5、D【分析】【详解】

设运动员从h1处下落，刚触网的速度为（方向向下）

运动员反弹到达高度h2，离网时速度为（方向向上）

在接触网的过程中，运动员受到向上的弹力F和向下的重力mg，设向上方向为正，由动量定理有（F-mg）t=mv2-（-mv1）

解得F=1150N

故选D。6、C【分析】【详解】

A．碰前两球相对于环形管道C做圆周运动，但由于环形管道C会沿x轴正方向运动；则碰前两球均不是做匀速圆周运动，故A错误；

B．两球和环形管道C组成的系统机械能守恒，由于环形管道C会沿x轴正方向运动；则两球组成的系统机械能不守恒，故B错误；

C．根据对称性可知，环形管道C对两球的弹力在y方向的分力大小相等，方向相反，则两球组成的系统在y方向上所受合力为零，在y方向上动量守恒；故C正确；

D．两球和环形管道C组成的系统在水平方向动量守恒，但由于环形管道C会沿x轴正方向运动，则两球组成的系统在x方向上动量不守恒；故D错误。

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

两球要能发生碰撞，左方的球速度应较大，由

可知，两球动量相同，故左方的球质量应较小，即左方是A球，右方是B球，由动量守恒定律可得

代入数据解得

可得

C正确。

故选C。8、A【分析】【详解】

由图知波长：λ=0.24m；据题该波的周期T大于0.5s；说明波在0.5s内传播的距离小于一个波长。

A．波可能向左传播，传播距离为x1=6cm=0.06m

故波速为

由得：T=4t=4×0.5s=2s

故A正确；

BCD．波可能向右传播，传播距离为x2=18cm=0.18m

故波速为

由得：

故BCD错误。

故选：A。9、C【分析】【详解】

在单缝衍射实验中；单缝的宽度越小，衍谢现象越明显，条纹的间距越大；狭缝的宽度越小，通光量越小，视野的亮度会变暗，光强越弱，故仅减小单缝的宽度，条纹会变宽，光强减弱，故ABD错误，C正确。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)10、B:C:E【分析】【详解】

A．由质点A的振动图像可知，波源的起振方向沿y轴正方向；故A错误；

B．找到B关于y轴的对称点B'，A和B'相距2m，由图乙可知，质点B'比质点A先振动2s，根据速度公式可知

故B正确；

C．分析图乙可知，周期T=4s，根据波长、周期和波速的关系可知，该波的波长

故C正确；

D．由振动图像可知，5.5s时，A点处于平衡位置上方沿y轴正方向运动；故D错误；

E．质点B的振动方程为

当时，代入解得

故E正确。

故选BCE。11、A:C:D【分析】【详解】

A．由甲图知，波长为4m；由乙图知，周期为0.2s，则波速

故A正确；

B．由乙图知，t=0.1s时刻，质点a向上运动，在甲图上，由波形的平移可知，该波沿x轴负方向传播；故B错误；

C．由乙图知，t=0.25s时，质点a的位移为负值，则位移沿y轴负方向；故C正确；

D．t=0.25s即在经过时，x=4m处的质点b到达波峰，位移沿y轴正方向，则加速度沿y轴负方向；故D正确。

故选ACD。12、B:D:E【分析】【详解】

A．由振动方程得

A错误；

B．由波形图和振动方程y=10sin5πt（cm）都可直接读出振幅为A=10cm；B正确；

C．根据振动方程知P点在0时刻后向上振动，在波形图中由同侧法得波向x轴正向传播；C错误；

D．则由波形图得

则

D正确；

E．时间

根据每发生一个振幅10cm的位移可知

E正确。

故选BDE。13、A:D【分析】【详解】

A．根据题意可知；质点振动方向与波传播方向垂直，则该波一定是横波，故A正确；

B．根据波的特点，介质中所有质点的周期与波源的周期相同，所以点振动的周期为故B错误；

C．质点在其平衡位置附近振动，其速度大小在平衡位置最大，在最大位移处最小，与波速没必然的联系，可以小于也可能大于也可能等于波速故C错误；

D．若（n为正整数），则点为同相点，质点Q开始振动后，其位移与P点的位移始终相同；故D正确。

故选AD。14、B:D【分析】【详解】

A．F1随时间均匀减小，2s末力的大小为1N，前2s内F1的冲量为

故A错误；

B．F-t图象面积表示冲量；根据图象分析可知合力的冲量为零，动量变化量为零，4s末物体的速度大小和初速度大小相等，仍为零，故B正确。

C．物体合外力先减小；后反向增大，加速度随之变化，物体做变加速直线运动，故C错误；

D．物体先加速后减速，2s末时加速度为零，速度达到最大，由动量定理可得

代入数值

解得

说明4s内物体的的最大速度为4m/s；故D正确。

故选BD。15、A:C【分析】【详解】

A．C做自由落体运动，与A碰撞前速度为

碰撞过程中动量守恒，有

可得

故A正确；

B．在振动过程中；由于弹簧弹力对AC做功，所以AC组成的系统机械能不守恒，故B错误；

C．AC振动过程中到达平衡位置时有

可得

而由于B恰好不离开地面，则有

可得

故振幅为

故C正确；

D．A、C做简谐运动的过程中，弹簧压缩到最短的时，弹性势能最大，则压缩到最短时的压缩量为

A、C和弹簧组成的系统机械能守恒，可得

故D错误。

故选AC。16、B:D【分析】【详解】

因为单摆做阻尼振动，因为要不断克服空气阻力做功，振幅逐渐减小，使得机械能逐渐转化为其他形式的能，机械能不断减小，由于两时刻单摆的位移相同，位置一样，所以势能相等，因为机械能减小，所以动能减小，BD正确．17、B:C【分析】【分析】

【详解】

由题知该波波长为

AB．若波沿x轴正向传播，在t=0.1s时，a在平衡位置向上运动，b在波峰，则ab平衡位置的距离为

所以有

当时有

故A错误；B正确；

CD．若波沿x轴负向传播，在t=0.1s时，a在平衡位置向上运动，b在波峰，则ab平衡位置的距离为

所以有

当时有

故C正确；D错误；

故选BC。18、A:D【分析】【分析】

A；B离开桌面后都做平抛运动；它们抛出点的高度相同，运动时间相等，由水平位移可以求出它们的初速度关系，弹簧弹开物体过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出它们的质量关系；

【详解】

A、A和B离开桌面后做平抛运动，下落的高度相同，它们的运动时间相等，由得速度之比：故A正确，B错误；

C、弹簧弹开物体的过程，两物体及弹簧组成的系统动量守恒，取向左为正方向，由动量守恒定律得：则质量之比：故C错误，D正确．

【点睛】

解决本题的关键要掌握平抛运动的规律，知道弹簧弹开物体的过程，系统的动量守恒，再结合动量守恒定律进行求解即可．三、填空题(共6题，共12分)19、略

【分析】【详解】

[1]衍射的定义为：机械波绕过障碍物继续传播的现象；所以此空填：障碍物。

[2]波产生衍射的条件为：障碍物或孔的尺寸比波长小，或者和波长相差不多，所以此空填：衍射【解析】障碍物衍射20、略

【分析】【分析】

【详解】

桌面光滑，两车组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得

动量变化量大小之比【解析】1∶121、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.学生电源②.刻度尺22、略

【分析】【详解】

因F-t呈线性关系，则根据冲量的概念可知这个力作用在物体上的冲量大小【解析】18N·s23、略

【分析】【详解】

半径2.5m的光滑圆环切下小段圆弧，小环的运动可看做单摆运动，依据单摆周期公式

由顶端到最低点时间为．依据动能定理计算速度v，依据圆周运动的向心加速度得出=0.08

【考点定位】

单摆运动和圆周运动向心加速度【解析】0.0824、略

【分析】【详解】

[1][2]由振动图像可知，图乙对应的质点在零时刻振动的位相为2s时位相为0时刻和2s末位相差为根据

得

这列波的波速

由图乙可知，该质点经过到达平衡位置，则该质点平衡位置的坐标【解析】四、作图题(共3题，共30分)