2025年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高一物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、【题文】如图所示，在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上有一质量m＝lkg的小球，一水平放置的轻弹簧一端与墙相连，另一端与小球相连，一不可伸长的轻质细绳一端与小球相连，另一端固定在天花板上，细绳与竖直方向成45°角，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零。取g＝10m/s2；小球所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在烧断轻绳的瞬间，下列说法正确的是()

A.小球所受合外力为零B.小球的加速度大小为10m/s2，方向向左C.小球的加速度大小为8m/s2，方向向左D.小球所受合力的方向沿左下方，与竖直方向成45°角2、如图所示，皮带传动装置主动轮P和从动轮Q的半径之比为2：1，A、B两点分别在两轮边缘上，C点在P轮上到转轴距离是P轮半径的．现主动轮P以转速n转动，则A、B、C三点的角速度大小之比为ωA：ωB：ωC为（）A.1：2：1B.1：1：2C.2：1：2D.4：4：13、一运动员双手握住单杠；使身体悬空静止，当两手间距增大时，每只手臂所受的力T及它们的合力F的大小变化情况是（）

A.T增大；F增大。

B.T增大；F减小。

C.T增大；F不变。

D.T减小；F不变。

4、下列说法中正确的是(

)

A.牛顿、千克、秒是国际单位制中的个基本单位B.亚里士多德的理想斜面实验开创了实验研究和逻辑推理相结合的探索自然规律的科学方法C.伽利略通过实验说明了力是维持物体运动状态的原因D.牛顿第一定律是在已有实验基础上进行合理外推而来的，属于理想实验，是不能直接用实验来验证的5、如图所示的光滑斜面长为l

宽为b

倾角为胃

一物块(

可看成质点)

沿斜面左上方顶点P

以初速度v0

水平射入，恰好从底端Q

点离开斜面，则(??)

A.物块做匀变速曲线运动；加速度为g

B.Q

点速度vQ=3gl

C.初速度v0=bgsin胃2l

D.物块由P

点运动到Q

点所用的时间t=2lg

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)6、有一匀强电场，电场线与坐标平面xOy

平行，以原点为圆心，半径r=5cm

的圆周上任意一点P

的电势U=[40sin(娄脠+45鈭�)+25]V娄脠

为OP

两点连线与x

轴的夹角，如图所示，则该匀强电场的电场强度大小为______V/m

方向______．7、将一物体在h高度的地方以初速度V水平抛出，则物体在空中运动的时间t=____．8、如图所示，两个物体质量分别为m1=1kg和m2=2kg，紧靠在一起并放在光滑水平面上，如果施以向右的水平力F1=2N和向左的水平力F2=5N，则m1与m2之间的相互作用力大小是____N。9、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力为零．______(

判断对错)

10、如图所示，三段不可伸长的轻绳OAOBOCO

为结点，它们共同悬挂一个重物，其中OB

绳是水平的，OA

绳与水平方向成娄脠

角，AB

端固定，C

端所挂物体受重力为mg.

则OA

绳受到的拉力大小为T1=

______；OB

绳受到的拉力大小为T2=

______．评卷人得分三、实验题(共9题，共18分)11、某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律。频闪仪每隔0.0500s闪光一次，图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表所示（当地重力加速度取9.80m/s2，小球质量m＝0.200kg，计算结果保留三位有效数字）：。时刻速度（m/s）4.994.483.98（1）由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度＝__________m/s；（2）从t2到t5时间内，重力势能增量＝_________J，动能减少量＝________J；（3）在误差允许的范围内，若与近似相等，从而验证了机械能守恒定律。造成与不严格相等这种结果的主要原因是__________________。12、（8分）利用图中所示的装置可以研究自由落体运动．实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的小点．(1)在使用电火花打点计时器时,电源应选用__________V的__________电（选填“交流”、“直流”），纸带应穿过限位孔。（2）为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有________．(填入正确选项前的字母)A．天平B．秒表C．米尺(3)若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：____________________________________.13、用打点计时器打出的被小车带动的纸带如图所示。电源的频率为50Hz，在纸带上按先后顺序取0、1、2、3、4、5、6共七个计数点，相邻的两个点间均有四个点未画出，用刻度尺量出点1、2、3、4、5、6到O点的距离，标在了纸带上(纸带上的单位为厘米)。试求出：打下计数点3时小车速度的大小为___________小车加速度的大小为__________（保留三位有效数字）14、用自由落体仪（如图所示）测量重力加速度。通过电磁铁控制的小铁球每次从同一点A处自由下落，下落过程中依次经过并遮断两个光电门B、C，从而触发与之相接的光电毫秒计时器。每次下落，第一次遮光（B处）开始计时，第二次遮光（C处）停止计时，并可读出相应的B、C两处位置坐标。在第一次实验过程中，计时器所记录的从B至C的下落时间为t1，B、C两光电门的高度差为h1。现保持光电门C位置不动，改变光电门B的位置，再做第二次实验。在第二次实验过程中，计时器所记录的从B至C的下落时间为t2，B、C两光电门的高度差为h2。则重力加速度g＝____________________。15、某探究学习小组的同学们欲探究“做功与物体动能变化的关系”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置。该学习小组的同学想用砂和砂桶的重力作为滑块受到的合外力，探究滑块所受合外力做功与滑块动能变化的关系。为了实现这个想法，该小组成员提出了以下实验措施，你认为有效的是：（）A．保持砂和砂桶的质量远大于滑块质量B．保持砂和砂桶的质量远小于滑块质量C．保持长木板水平D．把木板的左端垫起适当的高度以平衡摩擦力E．调整滑轮的高度使细线与长木板平行16、某学生用打点计时器研究小车的匀变速直线运动．他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条纸带如图所示．他在纸带上便于测量的地方选取第一个计数点，在这点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E.测量时发现B点已模糊不清，于是他测得AC长为14.56cm，CD长为11.15cm，DE长为13.73cm，则（1）打C点时小车的瞬时速度大小为________m/s，（2）小车运动的加速度大小为________m/s2，（3）AB的距离应为________cm.(结果保留三位有效数字)17、“验证机械能守恒定律”的实验可以采用如图所示的(甲)或(乙)方案来进行。（1）比较这两种方案，­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­_________(填“甲”或“乙”)方案好些，主要理由是____。（2）某小组的同学选用图甲的方案实验，进行了如下操作,其中错误的是____。A．将打点计时器竖直固定在铁架台上。B．将长约0.5m的纸带用小夹子固定在重物上后穿过打点计时器，用手提着纸带，使重物静止在靠近打点计时器的地方。C．先松开纸带，再接通电源，让重物自由下落，打点计时器就在纸带上打下一系列的点。D．换几条纸带，重复上面实验。E．在打出的纸带中挑选第一、第二两点间距接近2mm，且点迹清楚的纸带进行测量，先记下O点（第一个点）的位置，再从后面较清晰的任意点开始依次再取四个计数点A、B、C、D，求出相应位置对应的速度及其下落的高度。F．将测量数据及计算结果填入自己设计的表格中。G．根据以上测得数据计算重力势能的减少量和对应的动能的增加量，验证机械能守恒定律。（3）选出一条纸带如图所示，其中O点为起点，A、B、C为三个计数点，打点计时器打点周期为0.02s，用最小刻度为mm的刻度尺，测得OA=11.13cm，OB=17.69cm，OC=25.9cm。这三个数字中不符合有效数字要求的是____，重锤的质量为m=0.2kg，根据以上数据，求当打点针打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了____J；这时它的动能增加量是____J。（g取10m/s2，结果保留三位有效数字）（4）实验中往往出现重锤动能的增加量小于重力势能的减少量的情况，其主要原因是____。18、【题文】“研究平抛物体的运动”实验目的是（）（3分）。A．描出平抛物体的轨迹，求出重力加速度；B．描出平抛物体的轨迹，求出平抛物体的初速度；C．描出平抛物体的轨迹，求出平抛物体的运动时间；D．描出平抛物体的轨迹，求出平抛物体的位移。19、为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．

（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_________________不变；

（2）本实验中电火花打点计时器所用的电源是_________

A．4~6V低压交流电源

B．4~6V低压直流电源

C．220V交流电源

D．220V直流电源

（3）改变所挂砂桶中砂子的质量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如图2所示），经过分析，发现这些点迹存在一些问题，产生的主要原因可能是_____________；

A．轨道与水平方向夹角太大

B．轨道保持了水平状态，没有平衡摩擦力

C．所挂砂桶的总质量太大，造成上部点迹有向下弯曲趋势

D．所用小车的质量太大，造成上部点迹有向下弯曲趋势

（4）实验中打出的一条纸带如图3所示．相邻计数点间的时间是0.1s，图中长度单位是cm，由此可以算出小车运动的加速度是___m/s2．评卷人得分四、解答题(共3题，共21分)20、飞机以恒定的速度沿水平方向飞行，距地面高度为H．在飞行过程中释放一个炸弹．经过时间t，飞行员听到炸弹着地后的爆炸声．假设炸弹着地即刻爆炸，爆炸声向各个方向传播的速度都是v；炸弹受到的空气阻力忽略不计．求飞机的飞行速度v．

21、一个物体的初速度是2m/s，以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动；求：

（1）物体在第4秒内的位移；

（2）物体在第4秒内的平均速度；

（3）物体在头4秒内的平均速度．

22、高一某研究性学习小组，将金属块m用压缩的轻弹簧顶在矩形箱的上端，如图所示，在箱的上顶板和下底板装有压力传感器，箱可以沿竖直轨道运动，当箱以a=2.0m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时；上顶板的压力传感器显示的压力为6.0N，下底板的压力传感器显示的压力为10.0N．不计摩擦．求：

（1）金属块的质量；

（2）若上顶板压力传感器的示数是下底板压力传感器的示数的一半；试通过计算，分析箱的运动情况；

（3）要使上顶板压力传感器的示数为零；则箱沿竖直轨道运动的加速度多大．

评卷人得分五、推断题(共4题，共36分)23、A、rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数均小于rm{18}且依次递增，rm{A}原子核内仅有一个质子；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍。rm{(1)}试推断它们各是什么元素，写出它们的元素符号：rm{A}________，rm{C}________，rm{(2)}画出rm{D}的离子结构示意图________。

rm{(3)}由这四种元素组成的三核rm{10}电子的分子是________，四核rm{10}电子的分子是________。24、已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，rm{B}为淡黄色粉末。在常温下rm{C}为无色液体，rm{E}rm{G}rm{H}rm{I}rm{J}为气体，其中rm{H}为黄绿色，其它为无色。rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝rm{(}图中部分产物已略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{D}____，rm{K}____。rm{(2)}写出rm{垄脷}的离子方程式：____。rm{(3)}反应rm{垄脺}不属于下列何种反应类型____rm{(}填字母序号rm{)}A.化合反应rm{B.}氧化还原反应rm{C.}离子反应rm{D.}置换反应rm{(4)}若要确定rm{垄脹}反应后所得溶液中含有rm{M}物质，所选试剂为____rm{(}填序号rm{)}A.rm{KSCN}溶液和氯水rm{B.}铁粉和rm{KSCNC.}浓氨水rm{D.}酸性高锰酸钾溶液rm{(5)}将rm{F}加入到rm{M}的溶液里并露置在空气中，可以观察到整个过程的现象是：____。rm{(6)}常温下，rm{H}与过量的rm{J}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，请写出该反应的化学方程式：____。25、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙以及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间的相互转化关系如下图所示rm{(}图中有些反应的生成物和反应的条件没有标出rm{)}请回答下列问题：rm{(1)}写出下列物质的化学式：rm{B}_________，丙_________，rm{F}________，rm{H}_________rm{(2)}根据要求回答：rm{1)D}溶液和rm{F}溶液在空气中混合的现象：_________________________________；rm{2)}反应rm{垄脹}离子方程式___________________________________________________；rm{3)}反应rm{垄脽}离子方程式___________________________________________________；rm{4)}反应rm{垄脼}化学方程式___________________________________________________。26、现有金属单质rm{A}rm{B}rm{C}和气体甲、乙、丙及物质rm{D}rm{E}rm{F}rm{G}rm{H}它们之间能发生如下反应rm{(}图中有些反应的产物和反应的条件没有全部标出rm{)}

请根据以上信息回答下列问题：

rm{(1)A}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{CO}物质在空气中燃烧的产物是_____色的粉末，该粉末与rm{(1)A}rm{CO}rm{{,!}_{2}}写两种反应放出的气体为______________。该粉末的用途__________________rm{(}写两种rm{)}

rm{(}rm{)}写出反应和rm{(2)}写出反应rm{垄脵}和rm{垄脹}的离子反应方程式：________________________________________，的离子反应方程式：________________________________________，_________________________________________________。rm{(2)}写出rm{垄脵}转化成rm{垄脹}的离子反应方程式：__________________________。鉴别物质rm{(3)}中的阳离子的实验方法为__________________________________。rm{F}写出实验室处理乙的尾气的离子反应方程式：________________________________。rm{G}评卷人得分六、画图题(共2题，共10分)27、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。28、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【解析】

试题分析：当小球处于静止状态时，水平面对小球的弹力恰为零，所以弹簧对小球的弹力大小F＝mg，绳对小球的拉力T＝在烧断轻绳的瞬间，弹簧的弹力F大小不能突变，水平面对小球的支持力大小突变为N＝mg，所以小球的加速度大小a＝＝8m/s2；方向向左，故选项C正确。

考点：本题主要考查了轻绳与轻弹簧模型的施力特征，以及牛顿第二定律的应用问题，属于中档题。【解析】【答案】C2、A【分析】解：在皮带轮问题中要注意：同一皮带上线速度相等，同一转盘上角速度相等。在该题中，A、B两点的线速度相等，即有：v1=v2，根据v=ωr，又因为rA：rB=2：1，所以有：ωA：ωB=1：2，由于A与C点共轴，则角速度相等，因此A、B、C三点的角速度大小之比为ωA：ωB：ωC为1：2：1；故A正确。

故选：A。

本题在皮带轮中考查线速度；角速度、半径等之间的关系；解决这类问题的关键是弄清哪些地方线速度相等，哪些位置角速度相等。

对于皮带传动装置问题要把握两点一是同一皮带上线速度相等，二是同一转盘上角速度相等。【解析】A3、C【分析】

运动员所受T的合力F与运动员重力大小相等方向相反；故夹角增大时合力大小不变；

手臂间距增大时；相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大，若力T大小不变，则其合力F随夹角的增大而减小，现要保持合力F大小不变，当夹角增大时，则T增大．

故选C．

【解析】【答案】两手间距增大时；增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与运动员重力平衡，由此可知合力F大小不变，由于夹角的增大，合力保持不变，只每只手臂所受力T是增大的．

4、D【分析】解：A

千克、米、秒是国际单位制中的三个基本单位；牛顿是导出单位。故A错误；

B；伽利略通过理想斜面实验；得出力不是维持物体运动状态的原因的结论。故B错误。

C；伽利略通过实验和逻辑推理说明了力是改变物体运动状态的原因；而不是维持物体运动状态的原因，故C错误；

D；牛顿第一定律是在已有实验基础上进行合理外推而来的；属于理想实验，是不能直接用实验来验证的，故D正确。

故选：D

国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度；质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。

根据物理学史和常识解答；记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查单位制与物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，同时要学习一些科学思想和方法。【解析】D

5、C【分析】解：A

依据曲线条件，初速度与合力方向垂直，且合力大小恒定，则物体做匀变速曲线运动，再根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：a=mgsin娄脠m=gsin娄脠

故A错误；

BCD

根据l=12at2

有：

t=2la=2lgsin胃

在Q

点的平行斜面方向的分速度为：

vQy=at=gsin娄脠隆脕2lgsin胃=2glsin娄脠

根据b=v0t

有：

v0=bt=b2lgsin胃=bgsin娄脠2l

故物块离开Q

点时速度的大小：

v=v02+vQy2=(b2+4l2)gsin娄脠2l

故BD错误；C正确；

故选：C

．

小球在光滑斜面有水平初速度；做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出物体下滑的加速度；根据沿斜面向下方向的位移，结合位移时间公式求出运动的时间；根据水平位移和时间求出入射的初速度；根据平行四边形定则，由分速度合成合速度．

解决本题的关键知道小球在水平方向和沿斜面向下方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解．【解析】C

二、填空题(共5题，共10分)6、略

【分析】解：任意一点P

的电势U=[40sin(娄脠+45鈭�)+25]V娄脠=0鈭�

和90鈭�

的时候；电势相等；

从数学角度可以看出娄脠

是关于与xy

轴负向都夹45鈭�

角轴对称时电势总相等．

那么就是说每1

条垂直于与xy

轴负向都夹45鈭�

角轴的直线都是等势面；

那么与xy

轴负向都夹45鈭�

角方向就是场强方向．

当娄脠=45鈭�

时；P

的电势最大，为65V

当娄脠=180鈭�+45鈭�

时；P

的电势最小，为鈭�15V

根据U=Ed

得。

E=Ud=800V/m

故答案为：800

与xy

轴负向都夹45鈭�

角．

任意一点P

的电势U=[40sin(娄脠+45鈭�)+25]V娄脠=0鈭�

和90鈭�

的时候；电势相等；

从数学角度可以看出娄脠

是关于与xy

轴负向都夹45鈭�

角轴对称时电势总相等．

匀强电场的电场强度E=Ud

根据U=Ed

表示出两点间的电势差，d

表示两点沿电场线方向上的距离．

解决本题的关键会运用U=Ed

求匀强电场中两点间的电势差．【解析】800

与xy

轴负向都夹45鈭�

角7、略

【分析】

根据得，．

故答案为：．

【解析】【答案】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据求出物体在空中的时间．

8、略

【分析】【解析】试题分析：根据受力整体会向左加速运动，设向左为正方向，把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律由设与之间的相互作用力大小为F,以为研究对象有代入数据联立二式解得考点：牛顿第二定律【解析】【答案】39、隆脕

【分析】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上.

所以两个力不能合成，也不能相互抵消.

以上说法是错误的．

故答案为：隆脕

由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．

该题考查牛顿第三定律及其理解.

理解牛顿第三定律与平衡力的区别．【解析】隆脕

10、略

【分析】解：以结点O

为研究对象，分析受力情况，作出力图如图.CO

绳对O

点的拉力大小等于重力mg

即FCO=mg

由平衡条件得知：CO

绳的拉力FCO

和OB

绳的拉力FBO

的合力与FAO

等值；反向.

由几何关系得：

T1=FAO=mgsin胃T2=FBO=mgtan胃

．

故答案为：mgsin胃mgtan胃

．

由题系统处于静止状态；以结点O

为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出AO

绳和OB

绳的拉力．

本题悬绳固定的物体平衡问题，往往以结点为研究对象，正确分析受力，作出力图，即可由平衡条件求解．【解析】mgsin胃mgtan胃

三、实验题(共9题，共18分)11、略

【分析】试题分析:（1）t5时刻速度为：（2）重力势能增加量：△Ep=mg△h=0.2×9.8×（23.68+21.16+18.66）×0.01≈1.24J；动能减小量为：△EK=（3）由于空气阻力的存在，机械能有损失，即减小的重力势能有极少部分转化为内能；考点：验证机械能守恒定律【解析】【答案】（1）3.48（2）1.24(或1.25)1.28（3）存在空气阻力12、略

【分析】【解析】试题分析：根据电火花打点计时器的操作要求，需要使用220V的交流电源，为了测量加速度需要利用因此还需要刻度尺，由于存在阻力的关系，测量出的加速度并非是忽略空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦力的加速度，应小于理论值考点：打点计时器的使用、用逐差法求解加速度、实验误差分析【解析】【答案】（1）220;交流;（2）C、（3）打点计时器与纸带之间存在摩擦13、略

【分析】【解析】试题分析：由相邻的两个点间均有四个点未画出可知，相邻计数点的时间T=0.1s，打下计数点3时小车速度的大小由可知考点：探究小车的速度随时间变化规律【解析】【答案】0.6221.4814、略

【分析】【解析】试题分析：设B点速度为则第一次由B点运动到C点有第二次从B点运动到C点距离为h2，运动时间为t2，则先后两次的B点距离为h1-h2，运动时间为t1-t2，则由两式联立可得重力加速度为考点：考查根据自由落体运动测量重力加速度的实验【解析】【答案】15、略

【分析】保持砂和砂桶的质量远小于滑块质量，A错；B对；把木板的左端垫起适当的高度以平衡摩擦力，C错；D对；【解析】【答案】BDE16、略

【分析】试题分析：在这个点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E；可以看出相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小：设A到B之间的距离为x1，设B到C之间的距离为x2，设C到D之间的距离为x3，设D到E之间的距离为x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2；x4-x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：即小车运动的加速度计算表达式为：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，有：x2-x1=x4-x3；解得：x1=5.99cm，即AB的距离应为5.99cm；考点：研究小车的匀变速直线运动。【解析】【答案】（1）0.986；（2）2.58；（3）5.9917、略

【分析】【解析】试题分析：（1）机械能守恒的前提是只有重力做功，实际操作的方案中应该使摩擦力越小越好．故甲方案好一些，因为这个方案摩擦阻力较小，误差小，操作方便，实验器材少．（2）应该先接通电源后释放纸带，这样可以得到更多的数据（3）根据刻度尺的读数要求可知，应估读到0.1mm即0.01cm，所以不符合要求的是25.9cm，应写成25.90cm．到B点减小的重力势能为打B点是的速度所以动能（4）重锤在下落的过程中克服阻力做功导致机械能减小可见在忽略误差的情况下，重锤的机械能守恒．考点：验证机械能守恒定律．【解析】【答案】（1）甲；甲方案比乙方案阻力影响小（2）C（3）25.9cm或OC0.3540.335~0.350之间（4）重锤在下落的过程中克服阻力做功导致机械能减小18、略

【分析】【解析】在竖直方向做自由落体运动，根据△h=gT2，求出T，物体在水平方向做匀速直线运动，根据s=v0T，即可求出平抛运动的初速度v0，这就是“研究平抛物体的运动”实验目的【解析】【答案】B19、略

【分析】【详解】

（1）在该实验中探究a与F的关系；必须采用控制变量法，应保持木块质量M不变；

（2）本实验中电火花打点计时器所用的电源是220V交流电源；故选C.

（3）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是不再满足啥和砂桶的质量远远小于小车的质量，即所挂钩码的总质量太大；同时没有平衡摩擦力，则存在阻力，导致小车受到的合力不是钩码的总质量对应的重力，故BC正确，AD错误；故选BC.

（4）根据匀变速直线的推论：△x=aT2

a==0.46m/s2

【点睛】

正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果，会用作差法求解加速度．【解析】（1）木块的质量；（2）C（3）BC；（4）0.46四、解答题(共3题，共21分)20、略

【分析】

设炸弹从抛出到落地用时t1，爆炸声从地面传到飞行员用时t2．

t=t1+t2平抛：

由几何关系：

解得．

答：飞机的飞行速度．

【解析】【答案】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式和几何关系求出飞机的飞行速度．

21、略

【分析】

（1）3s末的速度v3=v+at1=3.5m/s

4s末的速度v4=v+at2=4m/s．

则第4s内的位移．

（2）第4s内的平均速度．

（3）头4s内的平均速度．

答：（1）物体在第4秒内的位移为3.75m．

（2）物体在第4秒内的平均速度为3.75m/s．

（3）物体在头4秒内的平均速度为3m/s．

【解析】【答案】根据匀变速直线运动的速度时间公式和平均速度公式求出第4s内的位移；通过平均速度公式求出第4s内的平均速度．求出4s末的速度，根据平均速度的公式求出头4s内的平均速度．

22、略

【分析】

（1）由题意可知，金属块所受竖直向下的压力值即为上底板压力传感器示数（设为F1），金属块所受竖直向上的弹力值即为下底板压力传感器示数（设为F2）．

当a=2m/s2（竖直向下）、F1=6N、F2=10N时；

对金属块有：F1+mg-F2=ma

解得：m=0.5（kg）

（2）若上底板传感器示数为下底板传感器示数的一半。

∵弹簧形变量没有改变。

∴下底板传感器示数不变；

根据牛顿第二定律得，F1′+mg-F2=ma′

解得a′=0

知箱子处于静止或匀速直线运动．

（3）临界分析：设上底板压力传感器示数恰好为零（即上底板与金属块接触但不挤压）；此时下底板压力传感器示数仍然不变。

答：（1）金属块的质量为0.5kg．

（2）箱子处于静止或匀速直线运动．

（3）箱沿竖直轨道运动的加速度为10m/s2；方向向上．

【解析】【答案】将金属块m用轻质弹簧卡压在一矩形箱中；金属块所受竖直向下的压力值即为上底板压力传感器示数，金属块所受竖直向上的弹力值即为下底板压力传感器示数，由牛顿第二定律与加速度的大小可求出箱的质量，再由传感器示数来确定箱的运动状态．

由上；下底板传感器的示数；利用牛顿第二定律可求出箱的加速度，从而确定箱子的加速度的大小．

五、推断题(共4题，共36分)23、（1）HN（2）（3）【分析】【分析】本题考查了元素的推断、常用化学用语，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，明确原子的电子层结构是解本题的关键，难度不大。【解答】有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四种元素，它们原子的核电荷数依次递增且均小于rm{18}rm{A}原子核内仅有rm{1}个质子，应为rm{H}元素；rm{D}原子有两个电子层，最外层电子数是次外层电子数的rm{3}倍，最外层电子数为rm{6}则rm{D}为rm{O}元素；rm{B}原子的电子总数与rm{D}原子的最外层电子数相等，则rm{B}为rm{C}元素；rm{A}原子与rm{B}原子的最外层电子数之和与rm{C}原子的最外层电子数相等，rm{C}原子最外层电子数为rm{5}且rm{C}的原子序数小于rm{D}所以rm{C}是rm{N}元素；

rm{(1)A}rm{C}两种元素符号分别为rm{H}rm{N}

rm{(2)}氧离子的离子结构示意图为rm{(3)}水分子有三个原子，也就是三核，另外电子总数为rm{10}故符合，所以为rm{{H}_{2}O}四核的分子，为氨气，一个分子有rm{4}个原子，也就是有四核，另外电子总数为rm{10}所以为rm{N{H}_{3}}【解析】rm{(1)H}rm{N}rm{(2)}rm{(3){H}_{2}O}rm{N{H}_{3}}24、（1）Fe3O4NH4Cl

（2）2Na2O2+2H2O=4Na++4OH-+O2↑（3）D

（4）D（5）先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（6）8NH3＋3Cl2＝N2＋6NH4Cl【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于物质的性质的考查，解答本题的关键是根据物质的性质和用途作为突破口解答，题目难度中等，注重于学生分析问题和解决问题能力的考查。

【解答】已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{Fe}rm{B}为淡黄色粉末，应为rm{Na}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{A}rm{Fe}为淡黄色粉末，应为rm{B}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为无色液体，应为rm{{,!}_{2}}，在常温下rm{C}为无色液体，应为rm{H}rm{C}则rm{H}为rm{{,!}_{2}}rm{O}则rm{D}为rm{Fe}rm{O}rm{D}rm{Fe}为rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{4}}，rm{E}为rm{H}rm{E}为rm{H}rm{{,!}_{2}}为黄绿色气体，应为，rm{G}为rm{O}rm{G}rm{O}为rm{{,!}_{2}}，rm{F}为rm{NaOH}rm{H}为黄绿色气体，应为rm{Cl}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{F}rm{NaOH}rm{H}为rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，则rm{I}为rm{HCl}rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{NH}rm{I}为rm{HCl}rm{J}rm{NH}为rm{{,!}_{3}}，则rm{K}为rm{NH}rm{K}

rm{NH}由以上分析可知rm{{,!}_{4}}为rm{Cl}rm{M}为rm{FeCl}rm{Cl}rm{M}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}为，rm{N}为rm{FeCl}rm{N}rm{FeCl}故答案为：rm{{,!}_{3}}，由此答题。rm{(1)}由以上分析可知rm{D}为rm{Fe}rm{(1)}rm{D}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}

rm{O}反应rm{O}的离子方程式rm{{,!}_{4}}，rm{K}为rm{NH}rm{K}rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}故答案为：rm{Fe}rm{Cl}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}；rm{NH}故答案为：rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}rm{Cl}rm{(2)}反应rm{垄脷}的离子方程式rm{2Na}rm{(2)}rm{垄脷}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}

rm{+2H}反应rm{{,!}_{2}}为rm{O=4Na}rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}

rm{隆眉}故答案为：rm{2Na}反应后所得溶液中含有rm{隆眉}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}

rm{O}将rm{O}加入到rm{{,!}_{2}}的溶液里并露置在空气中，先生成氢氧化亚铁白色沉淀，氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成红褐色的氢氧化铁，现象是产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，rm{+2H}

rm{+2H}常温下，rm{{,!}_{2}}与过量的rm{O=4Na}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，该反应的方程式为rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}

rm{隆眉}rm{(3)}反应rm{垄脺}为rm{2Fe}rm{(3)}rm{垄脺}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}rm{{,!}_{2}}

rm{=2Fe}【解析】rm{(1)Fe_{3}O_{4}}rm{NH_{4}Cl}

rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}rm{(3)D}

rm{(4)D}rm{(5)}先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{(6)8NH_{3}+3Cl_{2}=N_{2}+6NH_{4}Cl}25、（1）Al；HCl；FeCl2；Fe(OH)2

（2）

1)产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

2)2Al+2OH－+2H2O=2AlO2－+3H2↑

3)2Fe2++2Cl2=2Cl－+2Fe3+

4)4Fe(OH)2+O2+2H2O＝4Fe(OH)3

【分析】【分析】本题考查了物质转化关系的分析推断，物质性质的应用主要考查常见单质及其化合物的性质应用，题目较简单。【解答】金属rm{A}焰色反应为黄色证明为rm{Na}与水反应生成气体甲为rm{H_{2}}rm{D}为rm{NaOH}金属rm{B}和氢氧化钠溶液反应，说明rm{B}为rm{Al}黄氯色气体乙为rm{Cl_{2}}气体甲和氯气反应生成丙为rm{HCl}物质rm{E}为盐酸溶液，物质rm{D}氢氧化钠和物质rm{G}为反应生成的物质rm{H}在空气中红褐色沉淀rm{I}则rm{I}为rm{Fe(OH)_{3}}rm{G}为rm{FeCl_{3}}rm{F}为rm{FeCl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}rm{C}为rm{Fe}据此答题；rm{(1)}依据以上分析，rm{B}为rm{Al}丙为rm{HCl}乙为rm{Cl_{2}}rm{H}为rm{Fe(OH)_{2}}故答案为：rm{Al}rm{HCl}rm{Cl_{2}}rm{Fe(OH)_{2}}rm{(2)}

rm{1)}氢氧化钠溶液与氯化亚铁溶液反应生成氢氧亚铁沉淀，在空气中被氧化生成氢氧化铁，实验现象为产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色，故答案为：产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色；rm{1)}反应rm{2)}为铝与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠和氢气，离子方程式为rm{2)}rm{垄脹}故答案为：rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}反应rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}为氯化亚铁溶液与氯气反应生成氯化铁，离子方程式为rm{3)}故答案为：rm{3)}rm{垄脽}反应rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}为氢氧化亚铁与氧气、水反应生成氢氧化铁，化学方程式为rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}故答案为：rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}【解析】rm{(1)Al}rm{HCl}rm{FeCl2}rm{Fe(OH)2}

rm{(2)}

rm{(2)}产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色

rm{1)}产生白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变为红褐色rm{1)}rm{2)}rm{2)}

rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O}rm{=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}

rm{3)}rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O=4Fe(OH)_{3}}rm{3)}

rm{2Fe^{2+}+2Cl_{2}=2Cl^{-}+2Fe^{3+}}26、（1）淡黄O2航天或潜水的供氧、漂白剂

（2）①2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑

③2Al+2OH－+2H2O══2AlO2－+3H2↑

（4）2Fe2++Cl2══2Cl－+2Fe3+取少量试剂于试管中，加入几滴KSCN试液，若溶液变为血红色，则证明溶液中有Fe3+

（5）Cl2+2OH－══Cl－+ClO－+H2O

【分析】【分析】本题以无机框图题的形式考查无机推断，题目难度中等，涉及rm{Na}rm{Al}rm{Fe}rm{Cl}等元素单质及其化合物之间的相互转化关系、化学用语的书写、离子检验等知识，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用的考查，注意把握物质之间转化的特点，尤其是物质反应的典型现象，注意基础知识的掌握。rm{Na}rm{Al}rm{Fe}等元素单质及其化合物之间的相互转化关系、化学用语的书写、离子检验等知识，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用的考查，注意把握物质之间转化的特点，尤其是物质反应的典型现象，注意基础知识的掌握。【解答】rm{Cl}焰色反应为黄色，故A为金属金属rm{A}焰色反应为黄色，故A为金属rm{Na}乙是黄绿色气体，乙为rm{Cl}乙是黄绿色气体，乙为rm{A}rm{Na}rm{Cl}为rm{{,!}_{2}}，红褐色沉淀rm{H}为rm{Fe(OH)}rm{H}气体甲rm{Fe(OH)}为rm{{,!}_{3}}与水的反应，生成甲为；由反应rm{垄脵Na隆煤}气体甲rm{+D}为rm{Na}与水的反应，生成甲为rm{H}rm{垄脵Na隆煤}rm{+D}为rm{Na}由rm{H}金属rm{{,!}_{2}}