2025年中图版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版高二物理上册阶段测试试卷470考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点电场强度大小相等；方向相反的是（）

A.甲图中非匀强电场中的a、b两点。

B.乙图中非匀强电场中的a、b两点。

C.丙图中非匀强电场中的a、b两点。

D.丁图中的非匀强电场中的a、b两点。

2、质量为0.5kg的物体；运动速度为3m/s，它在一个变力作用下速度变为7m/s，方向和原来方向相反，则这段时间内物体受到的冲量为（）

A.5N•s；方向与原运动方向相反。

B.5N•s；方向与原运动方向相同。

C.2N•s；方向与原运动方向相反。

D.2N•s；方向与原运动方向相同。

3、反应rm{N_{2}O_{4}(g)}rm{2NO_{2}(g)}在温度为rm{T_{1}}rm{T_{2}(T_{2}>T_{1})}时，平衡体系中rm{NO_{2}}的体积分数随压强变化如图所示。下列说法正确的是()A.由图可知rm{B}点时平衡常数与rm{C}点时相同B.rm{C}两点气体的平均相对分子质量：rm{A<C}C.rm{C}两点气体的颜色：rm{A}深，rm{C}浅D.保持容器体积不变，再充入rm{N_{2}O_{4}}气体，平衡逆向移动4、如图所示，一束复色光由空气射向玻璃，发生折射而分为ab

两束单色光.

设玻璃对ab

的折射率分别为na

和nbab

在玻璃中的传播速度分别为va

和vb.

则(

)

A.na>nbva<vb

B.na<nbva<vb

C.na<nbva>vb

D.na<nbva<vb

5、如图所示，电源内阻不可忽略，电路中接有一小灯泡和一电动机.

小灯泡L

上标有“6V12W

”字样，电动机的线圈电阻RM=0.50娄赂.

若灯泡正常发光时，电源的输出电压为12V

此时(

)

A.电动机的输入功率为12W

B.电动机的热功率为12W

C.电动机的输出功率为12W

D.整个电路消耗的电功率为24W

6、某部小说中描述一种窃听电话：窃贼将并排在一起的两根电话线分开，在其中一根电话线旁边铺设一条两端分别与耳机连接的导线，这条导线与电话线是绝缘的，如图所示.

下列说法正确的是(

)

A.不能窃听到电话，因为电话线中电流太小B.不能窃听到电话，因为电话线与耳机没有接通C.可以窃听到电话，因为电话中的电流是恒定电流，在耳机电路中引起感应电流D.可以窃听到电话，因为电话中的电流是交变电流，在耳机电路中引起感应电流7、两个完全相同的金属小球，分别带有＋3Q和－Q的电荷量，当它们相距r时，它们之间的库仑力是F.若把它们接触后分开，再置于相距r/3的两点（此时两带电小球仍可视为点电荷），则它们的库仑力的大小将变为（）A.F/3B.FC.3FD.9F8、法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场.

图为点电荷ab

所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是(拢拢)

A.ab

为异种电荷，a

带电量大于b

带电量B.ab

为异种电荷，a

带电量小于b

带电量C.ab

为同种电荷，a

带电量大于b

带电量D.ab

为同种电荷，a

带电量小于b

带电量评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、如图所示，一辆正以8m/s的速度沿直线行驶的汽车，突然以1m/s2的加速度加速行驶，则汽车行驶了18m时的速度为______m/s．10、某同学取来一个“黑箱”；准备探测内部结构：如图1，该“黑箱”表面有A；B、C三个接线柱，盒内总共有两个电学元件，每两个接线柱之间只可能连接一个元件，且已知电学元件的种类只可能是电阻、二极管或电池．为了探明盒内元件的种类及连接方式，某位同学用多用电表进行了如下探测：

第一步：用电压挡；对任意两个接线柱正；反向测量，指针均不发生偏转；

第二步：用多用电表的欧姆挡；对任意两个接线柱正；反向测量，将每次红、黑表笔的位置和测得的阻值都填入了下表：

。红表笔接AABBCC黑表笔接BCACAB测得的阻值(Ώ)10010k10010.1k90190①若在某次测量时；档位及指针位置如图2所示，则此时多用电表的读数为____________Ώ

②第一步测量结果表明盒内____________．

③请在图1的接线柱间，用电路符号画出黑箱内的元件及连接情况．11、S

摆的周期是2s

如果使这个S

摆摆球的质量及振幅都减少一半，它的周期是_________s

如果把它的摆长减小一半，它的周期是______________s

如果把它移到月球上去(

月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度的1/6)

摆长是原长，它的周期是______________s

12、边长为a的正方形，处于有界磁场，如图所示，一束电子以不同的初速度从同一位置水平射入磁场后，分别从A处和C处射出，则初速度vA：vC=____；所经历的时间之比tA：tB=____。13、静电计是测量电势差的仪器．指针偏转角度越大，金属外壳和上方金属小球间的电势差越大，实验装置如图．在本实验中，静电计指针和A板等电势，静电计金属壳和B板等电势，因此指针偏转角越大表示A、B两极板间的电势差越大．现对电容器充电后断开开关．若按图下方的说明来做实验，则甲图中两板间电势差______；乙图中两板间电势差______；丙图中两板间电势差______．（“变大”；“变小”或“不变”）

14、有一个n匝线圈面积为S，在△t时间内垂直线圈平面的磁感应强度变化了△B，则这段时间内穿过n匝线圈的磁通量的变化量为______，磁通量的变化率为______，穿过一匝线圈的磁通量的变化量为______，磁通量的变化率为______．15、用单摆测重力加速度时；

（1）摆球应采用直径较小；密度尽可能______的小球，摆线长度要在1米左右，用细而不易断的尼龙线。

（2）摆线偏离竖直方向的最大角度θ应______。

（3）要在摆球通过______时开始计时并计为零次，摆线每经过此位置两次才完成一次全振动，摆球应在______面内摆动，利用单摆测重力加速度的实验中，摆长的测量应在摆球自然下垂的状况下从悬点量至______。评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共12分)24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、简答题(共1题，共6分)26、如图所示，重为500N

的人通过跨过定滑轮的轻绳牵引重200N

的物体，当绳与水平面成53鈭�

角时，物体静止，不计滑轮与绳的摩擦，求地面对人的支持力和摩擦力.(g=10m/s2)

评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)27、如图所示，小球的质量为m=0.1kg，带电量为q=+1.0×10-5C，悬挂小球的细线与竖直方向成θ=37时，小球恰好在水平匀强电场中静止不动，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：

（1）电场力的大小；

（2）电场强度的大小和方向；

（3）此时细线的拉力大小．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】

A、甲图中非匀强电场中的a、b两点电场强度大小相等；方向不相反；A错误；

B、乙图中非匀强电场中的a、b两点电场强度大小相等；方向相同；B错误；

C、丙图中非匀强电场中的a、b两点电场强度大小相等；方向相反；C正确；

D、丁图中的非匀强电场中的a、b两点电场强度大小不相等；方向不相反；D错误；

故选C

【解析】【答案】电场强度是矢量；根据电场线的疏密表示大小，切线方向表示场强方向去判断各项．

2、A【分析】

规定末速度的方向为正方向，根据动量定理得，I=△P=P2-P1=mv2-（-mv1）=0.5×7+0.5×3=5N．s；方向与原来的运动方向相反．故A正确，B；C、D错误．

故选A．

【解析】【答案】根据动量定理求出物体受到的冲量．

3、B【分析】【分析】本题考查图象分析，明确纵横坐标及曲线含义是解本题关键，采用“定一议二”的方法进行分析解答，易错选项是rm{B}注意分析容器体积大小确定气体颜色深浅，题目难度不大。【解答】该反应是一个反应前后气体计量数增大的吸热反应，升高温度平衡正向移动，二氧化氮含量增大；增大压强，平衡逆向移动，二氧化氮含量减小，根据图中数据知，相同温度时，二氧化氮含量越大压强越小，所以rm{P_{1}<P_{2}}相同压强时，温度越高二氧化氮含量越大，所以rm{T_{2}>T_{1}}根据题目具体作答。

A.rm{B}点到rm{C}点温度发生了变化；平衡常数不同，故A错误；

B.反应前后气体总质量不变，混合气体的物质的量越大，其相对分子质量越小，混合气体中二氧化氮含量越大混合气体相对分子质量越小，rm{A}点二氧化氮含量大于rm{C}点，则相对分子质量rm{A<C}故B正确；

C.二氧化氮浓度越大混合气体颜色越深，rm{AC}温度相同，压强rm{P_{1}<P_{2}}则容器体积rm{A>C}所以rm{A}点浓度小于rm{C}点，则rm{A}点颜色浅、rm{C}点颜色深；故C错误；

D.保持容器体积不变，再充入rm{N}rm{N}rm{2}rm{2}rm{O}增大反应物浓度；平衡正向移动，故D错误。

故选B。

rm{O}【解析】rm{B}4、A【分析】解：由图看出，两束光的入射角i

相同，玻璃对单色光a

的折射角小于b

的折射角，根据折射定律n=sinisinr

得知，玻璃对a

光的折射率大于玻璃对b

的折射率，即有na>nb.

由v=cn

分析得知，a

光在玻璃中的传播速度小于b

在玻璃中的传播速度，即有va<vb

．

故选：A

由图看出，两束光的入射角相同，玻璃对单色光a

的折射角小于b

的折射角，根据折射定律分析折射率的大小关系，由v=cn

分析光ab

在玻璃中传播速度的关系．

几何光学问题中涉及折射率的两个公式n=sinisinr

和n=cv

常常综合运用，要熟练掌握．【解析】A

5、A【分析】解：ABC

灯泡正常发光，则电路电流I=IL=PLUL=12V6W=2A

电动机的热功率PQ=I2RM=22隆脕0.5=2W

灯泡正常发光时；电动机电压UM=U鈭�UL=12鈭�6=6V

电动机的输入功率P=UMI=6隆脕2=12W

电动机的输出功率P鲁枚=P鈭�PQ=12W鈭�2W=10W

故A正确；B错误，C错误；

D；电源的输出电压为12V

电源内阻不可忽略，已知电路电流，无法求解电源电动势，无法求出整个电路消耗的电功率，故D错误；

故选：A

．

电动机与灯泡串联；通过它们的电流相等；已知小灯泡额定电压与额定功率，由电功率公式的变形公式求出灯泡正常工作时的电流；由电功率公式分析答题．

电动机是非纯电阻电路，电动机的输出功率等于输入功率与热功率之差．【解析】A

6、D【分析】解：声音引起电话机中薄膜振动；薄膜振动带动小磁铁振动，所以将声音信号转化为电信号，由于声音强弱在变，所以电信号也随声音变化，在电话线周围有变化的电磁场，所以有电磁感应现象，所以可以窃听到电话，因为电话中的电流是交变电流，在耳机电路中引起感应电流，故D正确；ABC错误．

故选：D

．

电话中的电流是交变电流；在电话线周围有电磁场，在耳机电路中会产生感应电流．

本题考查了电磁感应定律在生活中的运用，要学会分析外界初始条件，找出条件与结果之间的内在联系．【解析】D

7、C【分析】试题分析：根据库仑定律，接触前，库仑力两个完全相同的金属小球接触后电荷先中和后平分，所以接触后两个金属小球电荷量相等即此时他们之间的库仑力对照选项C对。考点：库仑定律【解析】【答案】C8、B【分析】解：若为同种电荷，根据点电荷的场强公式E=kQr2

可知在两电荷的连线上的某点的电场强度为零．

而电场线的疏密代表电场的强弱；若电场为0

则无电场线；

由电场线的分布图可知在ab

的连线上无场强为0

的点，故ab

为异种电荷.

故C；D错误．

又由公式E=kQr2

可知场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大；电场线越密．

由图可知b

的右侧电场线密，a

的左侧电场线稀疏，故Qb>Qa.

故B正确．

故选B．

解决本题的关键是熟练掌握真空中点电荷的场强的表达式E=kQr2

含义和电场线的疏密含义即电场线越密；电场越强．

根据图象的细微区别寻找突破口，是我们必须掌握的一种解题技巧，例如根据两电荷之间电场强度是否为0

判定是否是同种电荷，根据异侧电场线的疏密判定电荷量的大小．【解析】B

二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】解：汽车做匀加速直线运动，初速度为8m/s，位移为18m，加速度为1m/s2；根据速度位移关系公式，有：

v2-v02=2ax

解得：v=

故答案为：10．

汽车做匀加速直线运动；已知初速度；加速度和位移，根据速度位移关系公式列式求解末速度．

本题关键是明确汽车的运动性质，然后选择恰当的运动学公式列式求解，基础问题．【解析】1010、略

【分析】解：(1)欧姆表读数等于示数乘以倍率；故R=4×1=4Ω；

(2)使用电压档进行测量；目的是看内部是否有电源，由于指针没有示数，因此内部无电源，故黑箱内不存在电源．

故答案为：不存在电源．

(3)使用欧姆档进行测量时注意黑表笔是和内部电源的正级相连的；观察图中的记录结果可知：

在测量AB之间的电阻时；对两个接线柱进行正反测量，其阻值相同，说明AB之间接有一个定值电阻；

在测量AC之间电阻时；黑表笔接c时电阻很大，接A时电阻很小，说明AC之间有二极管，而且C应该接二极管的负极；

故黑箱内元件的连接如右图所示：

故答案为：4；无电源；如图．【解析】4;无电源11、2【分析】【分析】

根据单摆周期公式T=2娄脨Lg

分析答题。本题考查了求单摆的周期，记住并熟练应用单摆周期公式T=2娄脨Lg

即可正确解题。【解答】

秒摆周期T=2s

由单摆周期公式，单摆周期与摆球质量和单摆振幅没有关系；

如果使秒摆摆球的质量及振幅都减少一半；它的周期不变，仍是2s

如果把它的摆长减小一半，它的周期T隆盲=2娄脨L鈥�g=2娄脨L2g=T2=22=2s

如果把它移到月球上去，月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度的16

摆长是原长，它的周期T隆氓=2娄脨Lg鈥�=2Lg6=6T=26s

故填：22

；26

【解析】2226

12、略

【分析】【解析】试题分析：粒子从A点射出，半径为0.5a，从C点射出半径为a，由半径公式可知粒子的速度之比为1:2，由周期公式可知两种粒子周期相同，所经历的时间与圆心角成正比，经历时间之比为2:1考点：考查带电粒子在磁场中的偏转【解析】【答案】1：2，2：113、略

【分析】解：图甲中当极板B向上移动时，正对面积减小，根据电容决定式C=可知电容减小，根据U=可知，电量不变，由于电容减小，电压则增大，图乙中，电容器板间距离减小，电容增大，根据U=可知电压减小，图丙中插入电解质，电容增大，电容增大，根据U=可知电压减小．

故答案为：增大减小减小。

当电容器一直和电源相连时电压不变；充电后和电源断开时，所带电量不变，因此判断电容器的状态是解题关键，然后根据板间距离；正对面积、电解质等对电容器的影响来判断电容变化，根据电压、电容、电量之间的关系判断电压变化情况。

有关电容器的问题主要考查对电容器的决定式：C=和电容器的定义式：C=的理解和灵活应用情况，尤其注意公式之间的推导与换算【解析】增大；减小；减小14、略

【分析】解：由题意；线圈与磁场垂直，磁通量为Φ=BS，S不变，B变化了△B，则穿过n匝线圈的磁通量的变化量为△Φ=S△B；

磁通量的变化率为=S

穿过一匝线圈的磁通量的变化量为△Φ=S△B，磁通量的变化率为=S

故答案为：S△B；SS△B；S

线圈与磁场垂直时，磁通量为Φ=BS，再求解磁通量的变化量△Φ．磁通量的变化率为．磁通量；磁通量的变化量和磁通量的变化率都与线圈的匝数无关．

求解磁通量的变化率，往往按这样的思路进行：Φ→△Φ→．要注意磁通量、磁通量的变化量和磁通量的变化率都与线圈的匝数无关．【解析】S△B；SS△B；S15、大小于5°最低点同一竖直球心【分析】解：（1）为了减小阻力的影响；摆球选择质量大体积小的球，即密度尽可能大的小球。

（2）摆线偏离竖直方向的最大角度θ应小于5°；这样单摆的运动才可以看成简谐运动。

（3）摆球经过最低点时速度最大；在最低点开始计时，测量误差较小。摆球应在同一竖直面内摆动，摆长的测量应在摆球自然下垂的状况下从悬点量至球心。

故答案为：（1）大；（2）小于5°，（3）最低点，同一竖直，球心。

当小球的摆角较小时；小球在竖直面内的运动可以看做简谐运动，为了减小误差，选择密度尽可能大的小球，经过平衡位置开始计时。

解决本题的关键掌握用单摆测定重力加速度的原理，知道实验中注意的事项，基础题。【解析】大小于5°最低点同一竖直球心三、判断题(共8题，共16分)16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方