2025年浙教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒构成；其间留有空隙，下列说法正确的是（）

A.粒子从电场中获得能量B.粒子从磁场中获得能量C.粒子由加速器的边缘进入加速器，由加速器的边缘向中心进行加速D.粒子离开加速器时最大速度由加速电压的大小决定2、关于磁感应强度B，下列说法中正确的是()A.由定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B.一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D.磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同3、一段导线abcde位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc、cd和de的长度均为L，且∠abc＝∠cde＝120°，流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcde所受到的磁场的作用力的合力大小为()

A.BILB.2BILC.3BILD.4BIL4、测定电子的电荷量的实验装置示意图如图所示．置于真空中的油滴室内有两块水平放置的平行金属板M、N，并分别与电压为U的恒定电源两极相连，板的间距为d．现有一质量为m的带负电荷的油滴在极板间匀速下落，则（）

A.油滴下降过程中电势能不断减小B.油滴带电荷量为C.若减小极板间电压，油滴将减速下降D.若将极板N向上缓慢移动一小段距离，油滴将加速下降5、某同学按如图电路进行实验；电压表和电流表均为理想电表，实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同(但不为零)，若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是（）

A.R3短路B.R1短路C.R3断开D.R2断开6、光滑水平面上放有一上表面光滑、倾角为α的斜面体A，斜面体质量为M、底边长为L，如图所示．将一质量为m、可视为质点的滑块B从斜面的顶端由静止释放，滑块B经过时间t刚好滑到斜面底端．此过程中斜面对滑块的支持力大小为FN；则下列说法中正确的是()

A.FN=mgcosαB.滑块下滑过程中支持力对B的冲量大小为FNtcosαC.滑块B下滑的过程中A、B组成的系统动量守恒D.此过程中斜面体向左滑动的距离为L评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、在研究某金属的光电效应现象时，发现当入射光的频率为ν以时，其遏止电压为U.已知普朗克常数为h，电子电量大小为e，下列说法正确的是A.该金属的截止频率为B.该金属的逸出功为C.增大入射光的频率，该金属的截止频率增大D.增大入射光的频率，该金属的遏止电压增大8、下面表格中给出了一些金属材料的逸出功：。材料铯铍钙钛逸出功（10﹣19J）3.06.24.36.6

现用波长为330-400nm（1nm=10-9m）的紫外线光照射上述材料，能产生光电效应的材料（普朗克常量光速c=3.0×108m/s）A.铯B.铍C.钙D.钛9、如图所示电路中电源电动势为E,内阻为r,开关s闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向b端滑动过程中，下列说法正确的是())

A.R3的功率变大B.电压表、电流表示数都变大C.减小平行板间距则液滴一定向下移动D.电容器C所带电量减少，液滴向下加速运动10、一固有长度为40m的飞船中有一时钟，飞船以0.2c的速率飞行。地球表面的人观测，下列结果正确的是（）A.钟走快了B.钟走慢了C.飞船长度等于40mD.飞船长度小于40m11、一定质量理想气体的状态经历了如图所示的A→B；B→C、C→D、D→A四个过程；其中AB的延长线通过原点，BC与竖直轴平行，DA与水平轴平行，AB与CD平行，则（）

A.A→B过程中气体体积不变，内能增大，气体从外界吸收热量B.B→C过程中气体体积减小，内能不变，气体从外界吸收热量C.C→D过程中气体体积不变，内能减少，气体向外界放出热量D.D→A过程中气体体积增大，内能增加，气体从外界吸收热量12、一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其图象如图所示，下列判断正确的是（）

A.过程bc中气体既不吸热也不放热B.过程ab中气体一定吸热C.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热E.b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同E.b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同13、列说法中正确的是____________．A.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动B.气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增加C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸气，其分子之间的势能增加E.空调机压缩机制冷时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程不遵守热力学第二定律E.空调机压缩机制冷时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以这一过程不遵守热力学第二定律14、下列说法中正确的是（）A.当分子间的距离增大时，分子间的引力变大而斥力变小B.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的C.一定质量的理想气体等温膨胀时，对外做功，内能不变E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度E.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度15、在同一匀强磁场中，粒子（）和氚核（）做匀速圆周运动，若它们运动时对应的物质波的波长相等，则粒子和氚核A.运动半径之比是1:2B.运动周期之比是1:1C.运动速度大小之比是4:1D.受到的洛伦兹力之比是2:1评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、装在容器中的气体，体积为4升，压强为2.0×105Pa，温度是300k，先让气体等容变化，压强增大为原来的2倍，然后让气体等温变化，压强又降低到原来数值，则气体在末状态时的体积为______，温度为___________17、在如甲图所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，灯泡L1的电阻为_________Ω，灯泡L2消耗的电功率为_________W．

18、如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同。若从左侧水平射入的带电粒子，不计重力，穿过这一区域时未发生偏转，则该粒子的速度大小为________；若只改变该粒子的电性，则粒子穿过这一区域时是否会发生偏转？________（选填“会”或“不会”）。19、如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1Ω，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2Ω．R为一只保护电阻，R=3Ω．电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为_____W，电动机的输出功率为_____W．

20、热机是一种______________________的装置．热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做__________________．21、已知质子的质量为m1，中子的质量为m2，碳核（）的质量为m3，则碳核（）的比结合能为_____，碳-14是碳的一种具有放射性的同位素，研究发现外来的宇宙射线与大气作用产生宇宙射线中子，宇宙射线中子和大气中氮核（）起核反应产生碳-14，请写出核反应方程__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)25、在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度l．用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx．

(1)请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ＝_________(用上述测量的字母表示)．

(2)若实验中测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图所示，则金属丝长度的测量值为l＝______cm，金属丝直径的测量值为d＝________mm．

(3)如图，要用伏安法测量Rx的电阻，已知电压表内阻约几kΩ，电流表内约lΩ，若用图甲电路，Rx的测量值比真实值_________(填“偏大”或“偏小”)，若Rx的阻值约为10Ω，应采用________(填“甲”或“乙”)图的电路，误差会较小．26、某实验小组想组装一个双量程(3V；15V)的电压表；提供的器材如下：

A．电流表G：满偏电流为300μA；内阻未知；

B．干电池E：电动势为3V；内阻未知；

C．滑动变阻器R1：最大阻值约为5kΩ；额定电流为1A；

D．滑动变阻器R2：最大阻值约为16kΩ；额定电流为0.5A；

E．电阻箱R0：0～9999.9Ω；

F．定值电阻R3：40kΩ；额定电流为0.1A；

G．开关两个；导线若干．

(1)若用图示电路测量电流表G的电阻，则滑动变阻器R应选用____(选填“C”或“D”)．

(2)将开关S1、S2都断开，连接好实物图，将滑动变阻器的滑片P调到____(选填“a”或“b”)端．接通开关S1，调节滑动变阻器使电流表G的指针示数为200μA；闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为100Ω时电流表G的指针示数为100μA，则电流表G的内阻测量值为___Ω．

(3)在虚线框中画出双量程电压表的电路原理图______，并标明所选的器材和改装电压表对应的量程，其中R0应取值为___kΩ．

27、某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻。

（1）实验室除提供开关S和导线外；有以下器材可供选择：

电压表：V（量程3V，内阻Rv约为10kΩ）

电流表：G（量程3mA，内阻Rg＝100Ω）

电流表：A（量程3A；内阻约为0.5Ω）

滑动变阻器：R（阻值范围0~10Ω；额定电流2A）

定值电阻：R0＝0.5Ω

该同学依据器材画出了如图甲所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是_________；

（2）该同学将电流表G与定值电阻R0并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是__________A；

（3）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E＝__________V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r＝__________Ω（结果保留小数点后两位）。28、如图是用高电阻放电法测电容的实验电路图，其原理是测出电容器在充电电压为U时所带的电荷量Q，从而求出其电容C.该实验的操作步骤如下：

①按电路图接好实验电路;

②接通开关S，调节电阻箱R的阻值，使微安表的指针接近满刻度，记下这时的电压表读数U0＝6.2V和微安表读数I0＝490μA;

③断开电键S并同时开始计时，每隔5s读一次微安表的读数i,将读数记录在预先设计的表格中;

④根据表格中的12组数据，以t为横坐标，i为纵坐标；在坐标纸上描点(图中用“×”表示),则：

(1)根据图示中的描点作出图线_________

(2)图示中i-t图线下所围的“面积”所表示的物理意义是：______________.

(3)根据以上实验结果和图线，估算当电容器两端电压为U0所带的电量Q0=__________，并计算电容器的电容C=________________.（这两空均保留两位小数）评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、如图所示，汽缸甲的顶部有固定的挡板，右侧有一空心玻璃球乙，甲、乙之间用玻璃管连接，已知甲、乙的导热性能良好，开始时环境温度为27℃。已知甲、乙的容积分别为V甲＝4.8L、V乙＝1.2L，玻璃管的容积可忽略不计，汽缸的横截面积大小为S＝0.01m2，开始时阀门K闭合，用厚度不计、质量为m＝1kg、截面面积与汽缸横截面积刚好相同的活塞将一定质量的理想气体密封在汽缸甲中，玻璃球乙内为真空，已知外界大气压为p0＝1.0×105Pa，此时活塞与挡板之间刚好没有作用力，将阀门K打开后活塞向下缓慢地移动一段距离后稳定。忽略一切摩擦，g＝10m/s2。

（1）求活塞向下移动直到稳定的过程中；封闭气体对活塞做的功；

（2）关闭阀门K，将环境温度升高到207℃，当活塞再次稳定时，求汽缸甲中封闭气体的压强p甲′。

30、如图所示，两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为导轨平面与水平面的夹角导轨电阻不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向上．长为的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为电阻为．两金属导轨的上端连接一个灯泡，灯泡的电阻重力加速度为g．现闭合开关S，给金属棒施加一个方向垂直于杆且平行于导轨平面向上的、大小为的恒力；使金属棒由静止开始运动，当金属棒达到最大速度时，灯泡恰能达到它的额定功率．求：

（1）金属棒能达到的最大速度vm；

（2）灯泡的额定功率PL；

（3）若金属棒上滑距离为L时速度恰达到最大，求金属棒由静止开始上滑4L的过程中，金属棒上产生的电热Qr．31、有些核反应过程是吸收能量的。例如在中，核反应吸收的能量在该核反应中，X表示什么粒子？X粒子以动能轰击静止的若则该核反应能否发生？请简要说明理由参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

AB．由于洛伦兹力与速度方向始终垂直，对粒子不做功，而粒子通过电场时有

故粒子是从电场中获得能量；A正确B错误；

C．要加速次数最多最终能量最大；则被加速粒子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，C错误；

D．最后出来的转动半径为D型盒的半径R，根据洛伦兹力充当向心力，由

知

最大速度决定于B、R和粒子比荷，D错误．2、B【分析】【详解】

A．磁感应强度定义式为当电流I增大时，其安培力F也随之增大，而其比值是不变的，故磁感应强度B与F、IL均无关；选项A错误；

B．一小段通电直导线放在磁感应强度为零的地方，根据F=BIL，当B=0时，F=0；故它所受到的磁场力一定为零，选项B正确；

C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用；也可能是导线与磁场方向平行，故不能说明则该处的磁感应强度一定为零，选项C错误；

D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相互垂直，并不是相同的，选项D错误．3、C【分析】【详解】

ab段导线受力根据左手定则判断方向向上；bcd段导线的有效长度即是bd的长度，因为∠abc＝∠cde＝120°，所以bd长也为L，受到安培力根据左手定则判断方向向上；dc段导线受安培力根据左手定则判断方向向上，所以整段导线受力ABD错误C正确4、B【分析】【详解】

A；带电油滴在极板间匀速下落,根据受力平衡可知电场力向上；则油滴下降过程中电场力做负功，电势能不断增加，故A错；

B、带电油滴在极板间匀速下落,根据受力平衡则有所以故B对；

C、若减小极板间电压，则根据板间电场强度减小；所以油滴将加速下降，故C错；

D、若将极板N向上缓慢移动一小段距离，d减小，根据知场强变大；油滴将向上加速运动，故D错；

故选B

【点睛】

根据受力平衡得到电荷量及电场力方向,从而根据电场力做功得到电势能变化;再根据条件变化得到场强变化,从而根据电场力变化得到合外力变化,即可得到油滴运动.5、D【分析】A：R3短路；两电压表均被短路，电压表示数相同(均为零)。故A项错误。

B：R1短路，由图可知RP与R2串联后与R3并联，然后接在电源上。电压表V1测并联部分电压，V2测R2两端的电压。两电压表示数不同。故B项错误。

C：R3断开，由图可知RP与R2串联，然后再与R1串联。电压表V1测RP与R2的电压，V2测R2两端的电压。两电压表示数不相同。故C项错误。

D：R2断开，R3与R1串联接在电源上，两电压表均测R3的电压。两电压表示数相同(但不为零)。故D项正确。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．当滑块B相对于斜面加速下滑时，斜面A水平向左加速运动，所以滑块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再为零，所以斜面对滑块的支持力不等于故A错误；

B．滑块B下滑过程中支持力对B的冲量大小为故B错误；

C．由于滑块B有竖直方向的分加速度；所以系统竖直方向合外力不为零，系统的动量不守恒，故C错误；

D．系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，设A、B两者水平位移大小分别为则

解得

故D正确；

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、A:D【分析】【详解】

A．设截止频率为则=故A正确；

B．该金属的逸出功故B错误；

C．该金属的截止频率只与材料本身有关；与入射光的频率没有关系，故C错误；

D．根据增大入射光的频率，该金属的遏止电压增大，故D正确．

故选：AD．8、A:C【分析】【详解】

一个光子的能量

根据入射光的能量大于逸出功，才会发生光电效应，所以能发生光电效应的材料有铯和钙，故AC正确，BC错误．9、B:D【分析】【详解】

此闭合电路的外电路由构成，与并联后再与R1串联，电容器两端的电压与R3两端电压相等，现将滑片向b端滑动，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，外电路电压减小，总电流变大，则定值电阻R1上的电压增大，电压表示数变大，两端电压减小，功率变小，电流表示数变大，选项A错误，B正确；平行板间电压减小，减小平行板间距时，板间电场可能不变，选项C错误；电容器两端的电压减小，所带电荷量减少，电容器极板间的场强减小，液滴受到的电场力减小，液滴向下加速运动，选项D正确．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

飞船以0.2c的速率飞行时；根据相对论钟慢效应可知地球表面的人观测到钟走慢了；根据尺缩效应可知飞船长度小于40m。

故选BD。11、A:D【分析】【详解】

A→B过程中气体体积不变，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故A正确；B→C过程中气体体积减小，内能不变，根据热力学第一定律可知，气体放出热量，故B错误；C→D过程中气体体积减小，温度降低，内能减少，气体向外界放出热量，故C错误；D→A过程中气体体积增大，温度升高，内能增加，气体从外界吸收热量，故D正确．所以AD正确，BC错误．12、B:D:E【分析】【详解】

试题分析：从a到b的过程，根据图线过原点可得所以为等容变化过程，气体没有对外做功，外界也没有对气体做功，所以温度升高只能是吸热的结果，选项A对．从b到c的过程温度不变，可是压强变小，说明体积膨胀，对外做功，理应内能减少温度降低，而温度不变说明从外界吸热，选项B错．从c到a的过程，压强不变，根据温度降低说明内能减少，根据改变内能的两种方式及做功和热传递的结果是内能减少，所以外界对气体做的功小于气体放出的热量，选项C错．分子的平均动能与温度有关，状态a的温度最低，所以分子平均动能最小，选项D对．b和c两个状态，温度相同，即分子运动的平均速率相等，单个分子对容器壁的平均撞击力相等，根据b压强大，可判断状态b单位时间内容器壁受到分子撞击的次数多；选项E对．

考点：分子热运动理想气体状态方程气体压强的微观解释13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A.布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动；反映了液体或气体分子的无规则运动．故A正确．

B.温度是分子平均动能的标志；是大量分子无规则运动的宏观表现；气体温度升高，分子的平均动能增加，有些分子的速率增加，也有些分子的速率会减小，只是分子的平均动能增加．故B错误．

C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽；温度没有变化，分子的平均动能不变；由于在这个过程中要吸收热量，内能增大，故分子势能一定增加．故C正确；

D.水黾可以停在水面上是因为液体具有表面张力；故D正确；

E.空调机作为制冷机使用时；将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，是在一定的条件下完成的，所以制冷机的工作仍然遵守热力学第二定律．故E错误．

故选ACD．

【点睛】

正确解答本题要掌握：布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的运动；温度是分子平均动能的标志；根据液体表面张力的性质分析水黾在停在水平面上的情况；根据热力学第二定律分析，热量不能自发地由低温物体传递给高温物体．14、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间的距离增大时；分子间的引力和斥力都变小，选项A错误；

B．气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞而产生的；选项B正确；

C．一定质量的理想气体等温膨胀时；体积变大，对外做功，温度不变，则内能不变，选项C正确；

D．“第一类永动机”不可能制成；是因为它违反了能量守恒定律，选项D正确；

E．绝对零度是低温的极限；永远不可能达到，选项E错误。

故选BCD。15、A:B【分析】【详解】

它们的物质波的波长相等，根据可知它们的动量相等．带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，则有：解得：由题意知，所以有：A正确；C错误；D错误；根据可知B正确．三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体的状态参量。

由等容变化；有。

得。

发生等温变化；压强又降低到原来的数值，由。

知。

【解析】8L600K17、略

【分析】【详解】

当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图2读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，则I1=1.25I2，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W18、略

【分析】带电粒子未发生偏转则所以只改变该粒子的电性，粒子所受的电场力和洛伦兹力方向改变，但大小不变以，所以不会发生偏转【解析】不会19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律可知，电路的电流为

电源的输出功率为

[2]电动机的输出功率为【解析】2.75，1.520、略

【分析】【详解】

热机是一种将内能转化为机械能的装置．

热机做的功和它从高温热源吸收的热量的比值叫做热机的效率．【解析】将内能转化为机械能热机的效率21、略

【分析】【详解】

此核反应方程为故碳核（）的结合能为因核子数为12，则比结合能为根据电荷数守恒、质量数守恒，得核反应方程为．

【点睛】本题关键是掌握爱因斯坦质能方程以及比结合能的计算公式，知道核反应过程中，电荷数守恒、质量数守恒；先求出质量亏损．核反应中质量亏损等于反应前后质量之差，再根据爱因斯坦质能方程求结合能，结合能与核子数之比等于比结合能，根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程．【解析】四、作图题(共3题，共18分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共28分)25、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）根据电阻定律可得解得

(2)螺旋测微器的读数为：金属丝的长度为：

（3）若用图甲，由于电压表的分流，电流的测量值比真实值大，故电阻的测量值偏小，Rx的阻值约为10Ω；则与电流表的内阻非常接近，所以采用电流表的外接法，即采用甲图；

考点：考查了“测定金属的电阻率”的实验。

点评：做此类型的难度在于误差的分析，关键是对电流表内外接时，电表的分压分流情况理解【解析】36.50(36.48～36.50)0.795(0.794～0.797)偏小甲26、略

【分析】【分析】

(1)明确实验原理；知道如何减小半偏法的实验误差，从而确定滑动变阻器；

(2)根据串并联电路的基本规律进行分析；从而确定电流表G的内阻大小；

(3)根据改装原理进行分析；知道改装成电压表时需要串联一个大电阻．

【详解】

(1)由图可知；本实验中采用半偏法确定表头内阻，为了减小并联电阻箱后对电流的影响，滑动变阻器应选择总阻值较大的D；

(2)闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值为100Ω时电流表G的示数为100μA；则说明电流表半偏，电阻箱分流100μA；根据串并联电路的规律可知，电流表G的内阻为100Ω；

(3)由电流表改装成电压表要将电阻与电流表串联；量程越大，串联的电阻越大，所以电路图如图：

电流表G与电阻箱串联改装成的电压表量程为3V；则有：

即

解得：．

【点睛】

本题考查半偏法测量电流计内阻的实验方法和电流表改装原理，要注意明确半偏法原理，知道电表的改装原理，明确串并联电路的基本规律和应用．【解析】D1009.927、略

【分析】【详解】

（1）[1]一节干电池的电动势滑动变阻器的阻值范围为0~10Ω，电路中的最小电流

电流表A的量程为3A；被测电流值与电流表量程相比差距太大，电流表A不能选；

（2）[2]改装后的电流表对应的量程

（3）[3][4]据实验原理图和闭合电路欧姆定律