2025年冀教版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理下册月考试卷482考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、磁通量的单位Wb用基本单位可表示为A.B.C.D.2、如图甲所示；多匝线圈两端M；N与一个水平放置的平行板电容器相连，线圈内有垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化时，平行板电容器内的带电微粒恰好处于静止状态．下列说法正确的是。

A.如果只增加线圈匝数，微粒将向上运动B.如果只增加线圈匝数，微粒将向下运动C.如果只将下极板向下缓慢平移，微粒将向上运动D.如果只将下极板向下缓慢平移，微粒仍然保持静止3、如图，导体轨道OPQS固定，其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中点，O为圆心。轨道的电阻忽略不计。OM是有一定电阻、可绕O转动的金属杆，M端位于PQS上，OM与轨道接触良好。空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B。现使OM从OQ位置以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定（过程Ⅰ）；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B′（过程Ⅱ）。在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过OM的电荷量相等，则等于（）

A.B.C.D.24、如图所示；空间中存在一水平方向的半无界匀强磁场，其上边界水平。磁场上方有一个长方形导线框，线框一边水平，所在平面与磁场方向垂直。若线框自由下落，则刚进入磁场时线框的加速度不可能。

A.逐渐减小，方向向下B.为零C.逐渐增大，方向向上D.逐渐减小，方向向上5、关于电容器和电感器，下列说法中正确的是（）A.电容器和电感器对交流电都有阻碍作用，因此不能让交流电通过B.电容器和电感器对直流电都有阻碍作用，但可以让直流电通过C.电容器和电感器对直流电都没有阻碍作用D.电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用6、一个单摆做受迫振动，其共振曲线振幅A与驱动力的频率f的关系如图所示，则

A.此单摆的固有周期约为B.此单摆的摆长约为1mC.若摆长减小，单摆的固有频率减小D.若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动7、某同学用半径相同的两个小球a、b来研究碰撞问题，实验装置示意图如图所示，O点是小球水平抛出点在水平地面上的垂直投影．实验时，先让入射小球a多次从斜轨上的某一确定位置由静止释放，从水平轨道的右端水平抛出，经多次重复上述操作，确定出其平均落地点的位置P；然后，把被碰小球b置于水平轨道的末端，再将入射小球a从斜轨上的同一位置由静止释放，使其与小球b对心正碰，多次重复实验，确定出a、b相碰后它们各自的平均落地点的位置M、N；分别测量平抛射程OM、ON和OP．已知a、b两小球质量之比为6：1，在实验误差允许范围内，下列说法中正确的是（）

A.a、b两个小球相碰后在空中运动的时间之比为OM：ONB.a、b两个小球相碰后落地时重力的瞬时功率之比为6OM：ONC.若a、b两个小球在碰撞前后动量守恒，则一定有6ON=6OM+OPD.若a、b两个小球的碰撞为弹性碰撞，则一定有OP+OM=ON8、关于原子学物理知识，下列说法正确的是A.升高放射性物质的温度，其半衰期变短B.发生光电效应现象时，增大照射光的频率，同一金属的逸出功变大C.经过7次α衰变和5次β衰变后变成D.根据玻尔理论，氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子9、如图所示的电路中，当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时()

A.电压表的读数减小B.R1消耗的功率增大C.电源的输出功率增大D.电容器C所带电荷量增多评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、北斗二期导航系统的“心脏”是上海天文台自主研发的星载氢原子钟，它是利用氢原子能级跃迁时辐射出来的电磁波去控制校准石英钟．如图为氢原子能级图，则()

A.13eV的电子可以使基态氢原子发生跃迁B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时可辐射8种不同频率的光子C.现用光子能量介于10～12.9eV范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，在照射光中可能被吸收的光子能量只有3种D.E4跃迁到E2时产生的光子a与E5跃迁到E3时产生的光子b的动量之比为97∶25511、下列说法正确的是（）A.悬浮的花粉微粒越大，在某一瞬间撞击它的水分子数就越多，布朗运动越明显B.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.当分子间引力和斥力平衡时，分子势能最大D.只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数12、一定质量的理想气体从状态经过状态变化到状态其图象如图所示；下列说法正确的是（）

A.的过程中，气体对外做功B.的过程中，气体放出热量C.的过程中，气体压强变大D.的过程中，气体内能变小13、如图所示，一定质量的理想气体，从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p-V图象如图所示。已知状态A时的温度为27℃；则下列判断正确的是（）

A.气体处于状态B时的温度为900KB.气体处于状态C时的温度为300KC.从状态A变化到状态C过程气体内能一直增大E.从状态B变化到状态C过程气体放热E.从状态B变化到状态C过程气体放热14、下列说法正确的是（）A.液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力B.空气中水蒸气越接近饱和状态，人感觉空气越干燥C.一切自发的宏观过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行E.两分子的间距离从小于平衡位置距离逐渐增大到的过程中，它们的分子势能先减小后增大E.两分子的间距离从小于平衡位置距离逐渐增大到的过程中，它们的分子势能先减小后增大15、如图所示,给一块金属导体通以向右的电流I,金属导体的高为h,厚度为d,已知电流与导体单位体积内的自由电子数n、电子电荷量e、导体横截面积S和电子定向移动速度v之间的关系为I=neSv．则下列说法中正确的是())

A.在上、下表面形成电势差的过程中,电子受到的洛仑兹力方向向下B.达到稳定状态时,金属板上表面A的电势低于下表而A’的电势C.只将金属板的厚度d减小为原来的一半,则上,下表面之间的电势差大小变为U/2D.只将电流I减小为原来的一半,则上、下表面之间的电势差大小变为U/216、如图所示为研究决定平行板电容器电容大小因素的实验装置．两块相互靠近的等大正对的平行金属板、组成电容器，板固定在绝缘座上并与静电计中心杆相接，板和静电计的金属壳都接地，板上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板的位置．在两板相距一定距离时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电荷量不变，对此实验过程的描述正确的是（））

A.只将板从图示位置稍向左平移，静电计指针张角变大B.只将板从图示位置稍向上平移，静电计指针张角减小C.只将板从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，静电计指针张角变大D.只在之间插入云母板，静电计指针张角变大、17、如图所示，光滑水平面上放一个质量为M足够长的木板，开始M静止，现在有一个质量为m的滑块以速度v0滑上M，m和M间的动摩擦因数为µ，以下说法正确的是（）

A.如果增大M，则m和M相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加B.如果增大m，则m和M相对运动的时间变短，m在M上滑行的距离变大C.如果增大动摩擦因数µ，则因摩擦而产生的热量不变D.如果增大初速度v0,则因摩擦而产生的热量增加18、如图所示的光学现象中；下列的描述或解释正确的是：

A.图（a）中，小孔成的是倒立的虚像，反映了光在同种介质中沿直线传播B.图（b）中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，利用了光的折射原理C.图（c）中，白光通过三棱镜可以分解成多种色光，是因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同。D.图（d）中，漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)19、在电解液中，(1)若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流为_______A；(2)若5s内到达阳极的负离子和到达阴极的正离子均为5C，则电流为_______A．20、如图是学校体育馆建筑工地的扬尘噪声监测显示牌，即时显示工地周围空气的温度、湿度、悬浮物微粒（PM2.5、PM10）浓度等信息。若某天早晨牌上显示的温度、湿度分别为28.9℃、61.7%，傍晚时分别显示为34.5℃、51.7%，仅由这四个数据，能比较出__________（填“早晨”或“傍晚”）时空气分子无规则运动更剧烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）时无规则运动更剧烈些，早晨时__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的无规则运动更剧烈些，__________（填“能”或“不能”）比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。

21、如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C，最后由状态C变化到状态A．气体完成这个循环，内能的变化△U=____，对外做功____W=，气体从外界吸收的热量____Q=

．（用图中已知量表示）22、紧闭瓶盖的塑料瓶下方开一个小孔，让瓶中的水流出，此过程中瓶内气体可看成________过程；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，则此时瓶内气体的压强为________。（已知液体密度ρ，重力加速度g，外界大气压P0）23、如图，一个是振动图像，一个是波动图像，其中是___________是振动图像(选填：“a”或“b”)，图a的物理意义是：___________．24、已知质子的质量为m1，中子的质量为m2，碳核（）的质量为m3，则碳核（）的比结合能为_____，碳-14是碳的一种具有放射性的同位素，研究发现外来的宇宙射线与大气作用产生宇宙射线中子，宇宙射线中子和大气中氮核（）起核反应产生碳-14，请写出核反应方程__________．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)28、伏安曲线是非线性电路元件的基本参数．某实验小组描绘规格为“2.5V0.6W”的小灯泡的伏安特性曲线．实验室提供下列器材：

A．电流表A1（量程为0－300mA；内阻约1Ω）

B．电流表A2（量程为0－0.6A；内阻约0.5Ω）

C．电压表V（量程为0－3V；内阻约5kΩ）

D．滑动变阻器R1（0－10Ω；额定电流1.5A）

E．滑动变阻器R2（0－1kΩ；额定电流0.6A）

F．直流电源（电动势3V；内阻不计）

G．开关一个；导线足够。

（1）本实验电流表应选择__（填A1或A2）；滑动变阻器应选择__（填R1或R2）．

（2）在图（甲）虚线框中画出电路图．

（3）根据实验数据，画出小灯泡的I－U特性曲线如图（乙）所示．图线发生弯曲，其原因是_________________________________；根据图线，小灯泡两端电压为1.50V时，其实际电阻为______Ω，功率P约为______W（结果保留2位有效数字）．

（4）如果实验室只提供量程为0—2V，内阻为2000Ω的电压表，需要将其改装为量程是0—3V的电压表，则需要______联（填“串”或“并”）一个______Ω的电阻．

（5）由图（乙）曲线推断电阻随电压变化曲线与下图哪一个比较接近()

29、某同学想测量一个圆柱体元件的电阻率．部分实验步骤如下：

（1）先使用游标卡尺测量圆柱体的长度，如图甲所示，则长度L=____cm再用螺旋测微器测量圆柱体的直径，如图乙所示，则直径D＝___mm

（2）然后该同学利用图丙的电路测量该元件的电阻，电路中电源电动势E、定值电阻R为已知，Rx为待测元件，S1为单刀单置开关，S2为单刀双置开关．实验操作如下:

①先将闭合S1，将S2接a，读出电流表读数为I1

②再将S1接b，读出电流表读数为I2。

若电源内阻和安培表内阻不能忽略，则待测元件电阻的表达式为Rx＝___(用已知量和测量量的字母表示）

（3）若电源内阻变大，仍用上述方法测量待测元件的电阻Rx，则测量结果将____（“偏大”“偏小”、“无影响”）。30、某同学想将满偏电流Ig=100μA；内阻未知的微安表改装成电压表．

（1）该同学设计了图甲所示电路测量该微安表的内阻，所用电源的电动势为4V．请帮助该同学按图甲所示电路完成实物图乙的连接______．

（2）该同学先闭合开关S1，调节R2的阻值，使微安表的指针偏转到满刻度；保持开关S1闭合，再闭合开关S2，保持R2的阻值不变，调节R1的阻值，当微安表的指针偏转到满刻度的时，R1的阻值如图丙所示，则该微安表内阻的测量值Rg=_____Ω，该测量值_____（填“大于”“等于”或“小于”）真实值．

（3）若要将该微安表改装成量程为1V的电压表，需_____（填“串联”或“并联”）阻值R0=_____Ω的电阻．31、下图是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻（10Ω），R1是电阻箱（0～99.9Ω），R是滑动变阻器，A1和A2是电流表；E是电源（电动势10V，内阻很小）．在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下：

（i）连接好电路；将滑动变阻器R调到最大；

（ii）闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调节滑动变阻器R，使A1示数I1=0.15记下此时电阻箱的阻值R1和A2示数I2．

（iii）重复步骤（ii），再测量6组R1和I2值；

（iv）将实验测得的7组数据在坐标纸上描点．

根据实验回答以下问题：

①现有四只供选用的电流表：

。A．电流表（0～3mA；内阻为2.0Ω）

B．电流表（0～3mA；内阻未知）

C．电流表（0～0.3A；内阻为5.0Ω）

D．电流表（0～0.3A，内阻未知）。A．电流表（0～3mA；内阻为2.0Ω）

B．电流表（0～3mA；内阻未知）

C．电流表（0～0.3A；内阻为5.0Ω）

D．电流表（0～0.3A，内阻未知）

A1应选用____，A2应选用____．

②测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I1=0.15A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值____（选填“不变”；“变大”或“变小”）．

③在坐标纸上画出R1与I2的关系图．

④根据以上实验得出Rx=____Ω．A．电流表（0～3mA；内阻为2.0Ω）

B．电流表（0～3mA；内阻未知）

C．电流表（0～0.3A；内阻为5.0Ω）

D．电流表（0～0.3A，内阻未知）评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)32、图中画出了非门的输入端的工作波形图；请在图中画出输出端的工作波形图，并在下表中完成其非门的真值表。

。

非门的真值表输入输出输入输出AZAZ001133、如图甲所示为气压式升降椅，其简化原理图如图乙所示，可上下自由移动的圆柱形气缸（导热性能良好）与椅面固定连接，两者的质量之和横截面积的柱状气动杆与底座固定连接。圆柱形气缸与柱状气动杆间封闭有一定质量的氮气，稳定后测得封闭气柱长度当质量的人静坐在椅面上（手脚未接触其它物体），稳定后封闭气柱长度为已知大气压强初始环境温度重力加速度所有摩擦均可忽略不计，气缸内气体可视为理想气体。求：

（1）的大小；

（2）若要质量的人静坐在椅面上，稳定后封闭气柱长度为外界环境温度需要达到多少摄氏度。（计算结果保留三位有效数字，其中）

34、如图甲所示，空间存在一宽度为的有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里.在光滑绝缘水平面内有一边长为的正方形金属线框，其质量电阻在水平向左的外力作用下，以初速度匀减速进入磁场，线框平面与磁场垂直，外力大小随时间变化的图线如图乙所示；以线框右边刚进入磁场时开始计时，求：

（1）匀强磁场的磁感应强度

（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量

（3）线框向右运动的最大位移为多少？

（4）当线框左侧导线即将离开磁场的瞬间，撤去外力则线框离开磁场过程中产生的焦耳热多大？35、如图，一质量不计，可上下自由移动的活塞将理想气体封闭在圆筒内，筒的侧壁为绝缘体，下底M及活塞D均为导体并按图连接，活塞面积S=2cm2．闭合电键前，DM间距l1=5μm，闭合电键后，活塞D与下底M分别带有等量异种电荷，并各自产生匀强电场（D与M间的电场为各自产生的电场的叠加）．在电场力作用下活塞D发生移动．稳定后，DM间距l2=4μm；伏特表读数为2V．

（1）求出活塞受到的电场力大小F（大气压强p0＝1.0×105Pa；活塞移动前后气体温度不变）

（2）求出活塞D所带电量q参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

磁通量又由安培力公式得F=BIL，联立可得所以故B正确；A；C、D错误．

故选B2、A【分析】【详解】

开始时，粒子受向下的重力和向上的电场力平衡，即其中若如果只增加线圈匝数，则感应电动势E变大，电场力变大，则微粒将向上运动，选项A正确，B错误；如果只将下极板向下缓慢平移，则d变大，则电场力减小，则微粒将向下运动，选项CD错误；故选A.3、B【分析】【分析】

【详解】

在过程Ⅰ中，根据法拉第电磁感应定律，有E1＝

根据闭合电路欧姆定律，有I1＝且q1＝I1Δt1

在过程Ⅱ中，有E2＝

根据闭合电路欧姆定律，有I2＝q2＝I2Δt2

又q1＝q2，即

所以

故选B。4、C【分析】导线框进入磁场时，下边切割磁场产生感应电流，受到向上的安培力，若安培力大于重力，合力方向向下，加速度方向向下，线框做加速运动，随着速度增大，产生的感应电动势和感应电流增大，线圈所受的安培力增大，合力减小，加速度减小，故A正确；若安培力等于重力，线框做匀速运动，加速度为零，B正确；若安培力大于重力，合力方向向上，加速度方向向上。线框做减速运动，随着速度减小，产生的感应电动势和感应电流减小，线圈所受的安培力减小，合力减小，加速度减小，C错误D正确．5、D【分析】【详解】

A．电感线圈阻碍交流电的变化；但不能阻止，所以回路中有电流，A错误。

BC．电容器对直流来说相当于断路；直流无法通过电容器，对直流有阻碍作用，BC错误。

D．综上可知：电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用，D正确。6、B【分析】【详解】

A；当此单摆的固有频率与驱动力的频率f相等时；得到共振，振幅最大，由图可知，单摆的固有频率为0.5Hz，所以此单摆的固有周期T=2s，故A错误．

B、由单摆的周期公式T=2T=2s，可求得L1m；故B正确．

C；若摆长减小；单摆的固有周期T减小，固有频率增大，故C错误．

D；若摆长增大；单摆的固有周期T增大，固有频率减少，共振曲线的峰将向左移动，故D错误．

故选B7、D【分析】【分析】

两球碰撞后均做平抛运动；根据高度比较平抛运动的时间，根据重力的瞬时功率公式，结合竖直方向上的分速度得出瞬时功率之比；碰撞过程中动量守恒，运用水平位移代替速度得出动量守恒的表达式，若为弹性碰撞，动量守恒，机械能守恒；

【详解】

A、根据知；高度相同，则两球运动的时间相同，故A错误；

B、根据可知两球落地时的竖直分速度相等，根据知，a、b两球的质量之比为6:1；则重力的瞬时功率之比为6:1，故B错误；

C、开始a球平抛运动的初速度碰撞后，a球的速度b球的速度根据动量守恒有：则有：故C错误；

D、若为弹性碰撞，根据动量守恒有：根据机械能守恒有：则有：联立解得故D正确；

故选D．

【点睛】

关键知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，知道弹性碰撞的过程中，动量守恒，机械能守恒，由于时间相等，则碰撞前后的速度可以通过水平位移表示．8、D【分析】【详解】

A．半衰期与温度无关；即升高放射性物质的温度，其半衰期不会发生变化，故A错误；

B．金属的逸出功由金属材料决定；与入射光的频率无关，故B错误；

C．设需要经过x次衰变和y次衰变，根据质量数和电荷数守恒则有：所以解得：故C错误；

D．根据玻尔理论；氢原子向低能级跃迁时只放出符合两能级能量差的光子，故D正确．

【点睛】

本题考查的知识点较多，半衰期与温度无关，掌握跃迁的种类与能量关系，原子核衰变过程中质量数和电荷数守恒的应用，要注意加强练习．9、D【分析】【详解】

根据题图可知，R1、R2串联后接在电源两端，电容器C并联在R2两端，电压表V测路端电压．当滑动触头P向下滑动时，R2连入电路的电阻变大，则总电阻变大，由知电流I减小，由知路端电压增大，则电压表示数变大，电源的输出功率无法判断．由知，R1消耗的功率变小．由知电容器两端电压变大；则电容器所带电荷量增多.

A.综上分析可知电压表示数变大；故A项不合题意.

B.综上分析可知R1消耗的功率变小；故B项不合题意.

C.综上分析可知电源的输出功率无法判断；故C项不合题意.

D.综上分析可知电容器C所带电荷量增多；故D项符合题意.二、多选题(共9题，共18分)10、A:C【分析】【详解】

A.实物粒子的能量大于等于两能级差即可使氢原子发生跃迁；A正确．

B.大量处于n=5能级的氢原子向低能级跃迁时，任选两条轨道，共有种光子；B错误．

C.光子能量介于10～12.9eV范围内的光，可以被基态的氢原子吸收后跃迁到2、3、4能级，因为均在该范围内，不在该范围内；可能被吸收的光子能量只有3种,C正确．

D.根据能量所以动量之比等于能量之比，E4跃迁到E2时产生的光子a的能量E5跃迁到E3时产生的光子b的能量所以动量比为255：97，D错误．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．悬浮的花粉微粒越大；在某一瞬间撞击它的水分子数就越多，花粉微粒越容易平衡，另外微粒越大，惯性越大，所以布朗运动越不明显。A错误；

B．温度升高；分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大。B正确；

C．当分子间引力和斥力平衡时；增大分子间距离，分子力表现为引力，引力做负功，分子势能增大；减小分子间距离，分子力表现为斥力，斥力做负功，分子势能增大。所以当分子间引力和斥力平衡时，分子势能最小。C错误；

D．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，根据可以计算出阿伏伽德罗常数。D正确。

故选BD。12、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．的过程中，气体体积变大，则气体对外做功；温度不变，内能不变。则气体吸收热量，选项正确、错误；

CD．根据可得。

在的过程中，图线上的点与横轴上点连线的斜率减小，则气体压强变大；气体的温度降低，内能减小，选项正确。

故选ACD。13、A:B:E【分析】【详解】

A．由图示图象可知，A→B过程有

代入数据解得TB=900K

选项A正确；

B．B→C过程有

代入数据解得TC=300K

选项B正确；

C．A→C过程，由温度变化为0得ΔU=0；选项C错误；

D．从状态A变化到状态B过程理想气体内能增大；对外做功，由热力学第一定律，一定是吸热，选项D错误；

E．同理，从状态B变化到状态C过程气体放热；选项E正确。

故选ABE。14、A:C:E【分析】【详解】

A．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；液体分子间表现为引力，在宏观上表现为液体表面存在表面张力，故A正确；

B．根据相对湿度的特点可知；空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，人会感觉空气越潮湿，故B错误；

C．根据热力学第二定律可知；一切自发的宏观过程总是沿着分子热运动无序性增大的方向进行，故C正确；

D．液体中较大的悬浮颗粒不做布朗运动的原因是大颗粒容易受力平衡；布朗运动不明显，故D错误；

E．两分子的间距离从小于平衡位置距离逐渐增大到的过程中；分子力先做正功后做负功，它们的分子势能先减小后增大，故E正确。

故选ACE。15、B:D【分析】【分析】

金属中移动的是自由电子；根据左手定则，判断出电子的偏转方向，从而得出电势的高低．最终电子受电场力和洛伦兹力平衡，根据平衡求出电势差的大小．

【详解】

电流向右、磁场向内，根据左手定则，安培力向上；电流是电子的定向移动形成的，故洛伦兹力也向上；故上极板聚集负电荷，下极板带正电荷，故下极板电势较高；故A错误；B正确；电子最终达到平衡，有：evB=e则：U=vBh；电流的微观表达式：I=nevS=nevhd，则：代入得：只将金属板的厚度d减小为原来的一半；则上；下表面之间的电势差大小变为2U，故C错误；只将电流I减小为原来的一半，则上、下表面之间的电势差大小变为U/2，故D正确．故选BD．

【点睛】

解决本题的关键会运用左手定则判断电子的偏转方向，当上下表面有电荷后，之间形成电势差，最终电荷受电场力和洛伦兹力平衡．16、A:C【分析】【详解】

只将板M从图示位置稍向左平移，d增大，根据知，电容减小，根据知势差增大，则静电计指针张角变大，故A正确；只将板M从图示位置稍向上平移，正对面积S减小，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故B错误；只将板M从图示位置沿垂直纸面向外的方向稍微平移，正对面积S减小，根据知，电容减小，根据知电势差增大，则静电计指针张角变大，故C正确；只在M、N之间插入云母板，介电常数变大，根据知，电容增大，根据知电势差减小，则静电计指针张角变小，故D错误．所以AC正确，BD错误．17、A:C:D【分析】【详解】

视木板和滑块为系统，合外力为零，动量守恒，根据动量守恒有：解得：根据能量守恒可知摩擦而产生的热量为：对木板利用动量定理可得：解得m和M相对运动的时间：

A．若只增大M，则m和M相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加；故A正确；

B．如果增大m，则m和M相对运动的时间变短，根据动能定理可得：解得m在M上滑行的距离变小；故B错误；

C．如果增大动摩擦因数μ，则因摩擦而产生的热量不变；故C正确；

D．如果增大初速度v0，则因摩擦而产生的热量增加，故D正确；18、B:C:D【分析】【详解】

A.小孔成的像是由实际光线形成的；可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，故A不符合题意；

B.近视是因为晶状体曲度过大；折光能力太强使像成在视网膜前面，用凹透镜矫正，利用了光的折射原理．故B符合题意；

C.白光由七色光组成；不同色光通过三棱镜后，偏折角度不同，所以被分解成七色光，这是光的色散现象，故C符合题意；

D.只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故D符合题意。三、填空题(共6题，共12分)19、略

【分析】【详解】

(1)[1]若5s内沿相反方向通过某截面的正、负离子的电荷量均为5C，则电解液中的电流

(2)[2]若5s内到达阳极的负离子为5C，则电流【解析】2120、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]温度越高；分子无规则运动越剧烈。傍晚的温度高，傍晚时空气分子无规则运动更剧烈些；

[3]温度相同时；分子的平均动能相同，分子质量小的分子的无规则运动更剧烈。所以PM2.5微粒的无规则运动更剧烈些；

[4]饱和汽压强未知，所以不能比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。【解析】傍晚傍晚PM2.5不能21、略

【分析】【详解】

气体完成一个循环过程，温度的变化量为零，则内能的变化△U=0；对外做功等于图中三角形ABC的面积，即W=p0V0；根据热力学第一定律可知，气体吸热：Q=W=p0V0；【解析】022、略

【分析】【详解】

在让瓶中的水流出过程中，气体的温度没发生变化，所以是等温变化；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，根据压强关系可知：，解得气体压强：【解析】等温23、略

【分析】【分析】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移；波的图像描述的是同一时刻各个质点的位移.

【详解】

振动图像描述的是一个质点在不同时刻离开平衡位置的位移，则图像b是振动图像；图a是波的图像；物理意义是同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)．

【点睛】

本题要理解振动图象和波动图象各自的物理意义；知道振动图像是“照相机”；波的图像是“录像机”.【解析】b同一时刻各个质点的位移(或者相对平衡位置的位移)24、略

【分析】【详解】

此核反应方程为故碳核（）的结合能为因核子数为12，则比结合能为根据电荷数守恒、质量数守恒，得核反应方程为．

【点睛】本题关键是掌握爱因斯坦质能方程以及比结合能的计算公式，知道核反应过程中，电荷数守恒、质量数守恒；先求出质量亏损．核反应中质量亏损等于反应前后质量之差，再根据爱因斯坦质能方程求结合能，结合能与核子数之比等于比结合能，根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程．【解析】四、作图题(共3题，共27分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)28、略

【分析】【详解】

（1）小灯泡的规格为“2.5V0.6W”，由P=IU可知：额定电流I=0.24A=240mA，电流表选A1即可．描绘小灯泡伏安曲线的实验电路采用分压法，滑动变阻器须选小的，所以滑动变阻器选R1．

（2）如图：

（3）随着电流与电压的升高，小灯泡的功率变大，灯丝温度升高，而金属的电阻率随温度升高而增大，则小灯泡的电阻变大．而伏安曲线的图线上任一点与原点连线的斜率的倒数为此时小灯泡的电阻，电阻变大，斜率就变小，所以图线弯曲且偏向U轴．由图可知：小灯泡两端电压为1.50V时，通过小灯泡的电流为0.20A．由部分电路的欧姆定律公式可知：实际电阻．由P=IU可知：功率P=0.30W．

（4）改装成量程更大的电压表，需要有电阻分走一部分电压，所以要串联一个电阻．满偏时，满足公式：即解得：=1000Ω.

（5）由图乙可知：图线上任一点与原点连线的斜率的倒数为此时小灯泡的电阻．一开始，随着电压的增大，电阻几乎不变．在0.5V—1.0V之间图线明显弯曲，电阻明显变大．1.0V之后图像弯曲不明显，电阻变化减缓．由上述可知：D图比较接近．【解析】A1R1金属电阻率随温度升高而增大7.50.30串1000D29、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为42mm，游标读数为9×0.05mm=0.45mm

所以最终读数为=42.45mm=4.245cm

[2]螺旋测微器固定刻度为1.5mm，可动刻度为0.01×34.5=0.345mm

所以最终读数为1.845mm．

（2）[3]将S2接a，电流表读数为I1，由闭合电路欧姆定律得

将S1接b，电流表读数为I2，由闭合电路欧姆定律得

联立解得

（3）[4]因为

若电源内阻变大，仍用上述方法测量待测元件的电阻Rx，则测量结果无影响。【解析】4.245cm1.845mm无影响3