2025年冀少新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀少新版高三物理上册月考试卷936考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、对于平行板电容器，下列说法正确的是（）A.将两极板的间距加大，电容器的电容将增大B.当电容器充电后与电路断开，电容器极板间距变大，则两极板间的电场强度减小，电势差不变C.电容器A的电容比电容器B的电容大，则A所带的电荷量比B所带的电荷量多D.在下极板的内表面上放以面积和极板相等、厚度小于极板间距离的铝板，电容将增大2、汽车以30m/s的速度做匀速直线运动，刹车的加速度大小为10m/s2，那么开始刹车后2s内与开始刹车后4s内汽车通过的位移之比为（）A.2：3B.8：9C.1：2D.1：13、汽车由静止开始先以加速度a1做匀加速直线运动，一段时间后立即刹车，刹车的加速度大小为a2，直至停止，运动的总时间为t，则加速的时间是（）A.B.C.D.4、如图为弹簧振子的振动图象；由此可知（）

A.在t1时刻，振子的动能最大，所受的弹力最大B.在t2时刻，振子的动能最大，所受的弹力最小C.在t3时刻，振子的动能最大，所受的弹力最大D.在t4时刻，振子的动能最大，所受的弹力最大5、如图所示，线圈L的自感系数足够大，直流电阻为零，两灯D1、D2的及电阻R的阻值相同．下列说法中正确的是（）

①K闭合的瞬间；两灯亮度一样

②K闭合的瞬间，D1较亮，D2较暗

③电路稳定后，D2发光，D1不亮

④K断开的瞬间，D2立即熄灭，D1亮一下后熄灭．A.①③B.①②④C.③D.②③④6、【题文】关于磁感线的描述，错误的是A.磁感线是表示磁场强弱和方向的曲线B.自由的小磁针在磁场作用下，将沿磁感线运动.C.磁感线是闭合的曲线D.任意两条磁感线都不能相交7、【题文】在光滑的水平面上有两个质量不等的物体,用细绳连着,它们之间夹着一个被压缩了的弹簧,当这两个物体以一定的速度在水平面上运动时,烧断细线,在弹簧恢复到原长的过程中()A.任何时刻两个物体加速度的大小都相等B.任何时刻两个物体动量变化量的大小都相等C.任何时刻两个物体速度的大小都相等D.弹簧对两个物体作用的冲量大小相等8、下列关于打点计时器的说法中正确的是（）A.打点计时器使用的是低压直流电源B.电磁打点计时器使用的是低压交流电源C.使用打点计时器打出来的纸带相邻两个点的时间间隔为0.02秒D.电火花打点计时器使用220V交流电源评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、用如图1所示的电路测定一节蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2V、内阻非常小，为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中用了一个保护电阻R0．除蓄电池；开关、导线外、可供使用的实验器材还有：

A．电流表（量程0.6A）

B．电流表（量程3A）

C．电压表（量程3V）

D．电压表（量程15V）

E．定值电阻（阻值1Ω；额定功率5W）

F．定值电阻（阻值10Ω；额定功率10W）

G．滑动变阻器（阻值范围0-10Ω；额定电流2A）

H．滑动变阻器（阻值范围0-200Ω；额定电流1A）

选择所需的器材：电流表选____，电压表选____，定值电阻选____，滑动变阻器选____（只选填序号）．在图2中连线使之成为测量电路（连线2条）．10、（2015秋•淮北校级期中）如图是由电池E；静电计G、电键S及平行板电容器组成的电路；A、B两板水平，开始时开挂S闭合，静电计指针张开一定角度，两板间有一带电粒子处于静止状态．

（1）若保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些，指针张开角度将____，板间粒子将____（填“向上运动”；“保持静止”或“向下运动”）．

（2）若断开开关S后，将A、B两极板靠近张开角度将____（填“变小”、“不变”或“变大”），板间粒子将____（填“向上运动”、“保持静止”或“向下运动”）．11、（2011春•西城区期末）一弹簧振子做简谐运动的振动图象如图所示．由图象可知，弹簧振子的振幅为____cm；弹簧振子的固有频率为____Hz．12、把标有“220V、100W”字样的灯泡接到110V的电路上，实际功率是____，每小时消耗的电能为____．13、河宽400m，船在静水中的速度是4m/s，水流速度是3m/s，则过河的最短时间为____，最小位移是____．14、2012年11月，“歼15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图（a）为利用阻拦系统让舰载机在飞机甲板上快速停止的原理示意图，飞机着舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系统通过阻拦索对飞机施加一作用力，使飞机在甲板上短距离滑行后停止，某次降落，以飞机着舰为计时零点，飞机在t=0.4s时恰好钩住阻拦索中间位置，其着舰到停止的速度-时间图线如图（b）所示，则在阻拦索的作用下，飞机在航母上的加速度大小为____m/s2，在0.4～2.5s时间内，阻拦系统对飞机做功的功率在____（填“增大”；“减小”或“不变”；设航母始终静止．）

评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）16、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）17、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）18、两个力的合力总是大于原来每一个力．____（判断对错）19、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）20、描述物体的运动时，只能选择静止的物体作为参考系．____．（判断对错）21、（2010•驻马店模拟）氢原子的能级图如图所示，欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子，该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判断对错）评卷人得分四、实验题(共1题，共3分)22、（1）在用双缝干涉测光的波长的实验中，所用实验装置如图甲所示．调节分划板的位置，使分划板中心刻度线对齐其中某条亮条纹的中心，如图乙所示，此时螺旋测微器的读数为____mm．如果用该装置测量氦氖激光器发出激光的波长，则图中除了光源以外，其它不必要的器材元件有____．

（2）①某同学将多用电表的选择开关旋转到电阻挡，选用“×10”的倍率测量某电阻时示数如图（该同学的操作均正确），为了读数更加精确，请在下列步骤中选择必须合理的步骤并按操作先后顺序填在横线上____．（填序号）

A．用小螺丝刀进行机械调零。

B．选用“×100”的倍率挡。

C．选用“×l”的倍率挡。

D．将红；黑表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使表针指在最右端的零位置。

E．将红；黑表笔分别与待测电阻两极接触；重新测量。

②若用下列可供选择的器材尽可能精确的测量上述电阻的阻值；请选择适当的器材，在答题卡方框中画出测量原理电路图，并在图中标注所选器材的符号．

A、电流表A1（0一3A；内阻约0.1Ω）

B、电流表A2（0一30mA；内阻约1Ω）

C；灵敏电流表G（零刻度在正中央；0一600μA，内阻约为80Ω）

D；电压表V（0一3V；内阻约3kΩ）

E；滑动变阻器（0一20Ω）

F；干电池一节（电动势E=1.5V；内阻约0.2Ω）

G；电键一只；导线若干．

评卷人得分五、综合题(共2题，共8分)23、【题文】下面是一个物理演示实验，它显示：如图5-2-9中自由下落的物体A和B经反弹后，B能上升到比初始位置高得多的地方.A是某种材料做成的实心球，质量m1="0.28"kg，在其顶部的凹坑中插着质量m2="0.10"kg的木棍B.B只是松松地插在凹坑中，其下端与坑底之间有小空隙.将此装置从A下端离地板的高度H="1.25"m处由静止释放.实验中，A触地后在极短时间内反弹，且其速度大小不变；接着木棍B脱离球A开始上升，而球A恰好停留在地板上.求木棍B上升的高度.重力加速度g取10m/s2.

图5-2-924、【题文】如图所示，水平平行金属导轨上置一金属杆ab，导轨一个端接一R=1.5的电阻，金属杆电阻R'=0.5导轨电阻不计．整个装置放在竖直方向的匀强磁场中，金属杆与导轨间动摩擦因数=0.3，今给ab杆一个冲量，当该冲量作用完毕时，使其获得方向垂直于杆的水平动量p=0.01kg·m/s，此时杆的加速度a=5m/．求此时ab杆两端的电势差．(g=10m/)

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】根据平行板电容器的电容C=分析电容的变化情况．在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，板间距离减小，分析电容变化．【解析】【解答】解：A、将两极板的间距加大，d变大，根据公式C=可知；C将变小．故A错误．

B；当电容器充电后与电路断开；电容器的电量不变，极板间的电场强度随着距离变化而发生改变，电势差随着距离的增大而增大，故B错误．

C；电容器的电容反映电容器储存电荷的本领；不是电容器所带的电荷量多少，故C错误．

D；在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板；相当于板间距离减小，电容将增大．故D正确．

故选：D．2、B【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移．【解析】【解答】解：汽车速度减为零的时间为：；

则刹车后2s内的位移为：=；

刹车后4s内的位移等于3s内的位移，则有：；

则有：x2：x4=40：45=8：9．

故选：B．3、D【分析】【分析】设匀加速运动的末速度为v，根据速度时间公式，结合总时间求出匀加速运动的末速度，再根据速度时间公式求出加速运动的时间．【解析】【解答】解：设匀加速运动的末速度为v，根据速度时间公式得，；

解得v=；

根据速度时间公式得，加速的时间．

故选：D．4、B【分析】【分析】x-t图象的斜率表示速度，再根据F=-kx判断回复力大小．【解析】【解答】解：A、x-t图象的斜率表示速度，故在t1时刻；速度为零，动能为零，故A错误；

B、x-t图象的斜率表示速度，故在t2时刻；速度最大，动能最大；位移为零，故回复力为零，弹力为零；故B正确；

C、x-t图象的斜率表示速度，在t3时刻；振子的速度为零，故动能为零，加速度最大，合力最大，弹力最大，故C错误；

D、x-t图象的斜率表示速度，故在t4时刻；速度最大，动能最大；位移为零，故回复力为零，弹力为零；故D错误；

故选：B．5、D【分析】【分析】电感总是阻碍电流的变化．线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路．【解析】【解答】解：当K闭合的瞬间，两灯同时亮，但由于线圈对电流的阻碍，所以D1较亮，D2较暗，当电流稳定时，由于线圈的直流电阻为零，则D1不亮，D2发光；

当K断开的瞬间，D2立即熄灭，由于线圈对电流的阻碍，使得本来不亮的D1亮一下后才熄灭．

故选：D6、B【分析】【解析】考点：磁感线及用磁感线描述磁场．

分析：磁感线是描述磁场分布而假想的；磁感线的疏密表示磁场强弱；磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向；磁感线是闭合曲线，磁体外部磁感线是从N极到S极，而内部是从S极到N极；

解答：解：A；磁感线的疏密表示磁场强弱；磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向，故A正确；

B；自由小磁针能体现出该点的磁场方向；也磁感线某点的切线方向为磁场的方向．所以小磁针不一定沿磁感线运动．故B错误；

C；磁体外部磁感线是N极到S极；而内部则是S极到N极．所以是闭合的曲线，故C正确；

D；磁感线某点的切线方向为该点磁场方向；所以任意两条磁感线都不能相交，故D正确；

本题选错误的；故选：B

点评：小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是磁场方向，也是磁感应强度方向．【解析】【答案】B7、B|D【分析】【解析】以两物体和弹簧为系统，因为所受合外力为零，所以系统动量守恒.以初速度v0方向为正方向，弹簧恢复过程两物体的速度分别为v1、v2,于是有：

（M1+M2）v0=M1v1+M2v2或者写成Δp1=-Δp2，B对.由弹簧的性质可知，弹簧对两物体的弹力大小相等，对任意物体，由动量定理得：Ft=Δp，故D正确.由牛顿第二定律得：外力大小相等时，加速度大小与其质量成反比，所以A错.【解析】【答案】BD8、B【分析】【分析】正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器．【解析】【解答】解：A；打点计时器使用的是交流电源；故A错误；

B；电磁打点计时器使用的是低压交流电源；故B正确；

C；使用打点计时器打出来的纸带相邻两个点的时间间隔为0.02秒；故C正确；

D；电火花打点计时器使用220V交流电源；故D正确；

故选：BCD．二、填空题(共6题，共12分)9、ACEG【分析】【分析】根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，保护电阻既能保护电路，阻值又不能太大，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器最大阻值应小些．根据原理图可明确实物图．【解析】【解答】解：一节蓄电池电动势为2V；因此电压表应选：C；

由于电源较小；则得出的电流较小；故电流表应选择量程较小的A；

由电源内阻较小；为了能保证电路安全，又方便实验操作，因此滑动变阻器选：G；

定值电阻可以选E；如果选择F；由于定值定值较大，电路电流较小；

根据原理图可得出对应的实物图；

故答案为：（1）A；C、E、G．（2）如图所示．

10、不变向上运动变小保持静止【分析】【分析】静电计是测量电势差的仪器，电势差大，指针张角大．根据保持开关S闭合时电容器的电压不变、断开开关S后电容器电量不变，结合电容的决定式分析，最后依据电容的定义式，结合电场强度E=公式，导出电场强度综合表达式E=，从而即可求解．【解析】【解答】解：（1）若保持开关S闭合；电容器两板间的电势差不变，将A；B两极板靠近些，指针张开角度将不变．

根据E=；当极板间距d减小时，则电场强度E增大，导致电场力增大，因此粒子将向上运动；

（2）若断开开关S后，电容器的带电量Q不变，将A、B两极板靠近，电容C增大，由C=；则U变小．故针张开角度将变小；

根据E=；当极板间距变化时，电场强度不变，那么电场力也不变，因此粒子保持静止．

故答案为：（1）不变，向上运动；（2）变小，保持静止．11、51【分析】【分析】振幅是振子离开平衡位置的最大距离；频率为每秒钟完成周期性变化的次数．【解析】【解答】解：振幅是振子离开平衡位置的最大距离；故从图象看出，振幅为5cm；

频率为每秒钟完成周期性变化的次数；从图象看出，完成一次全振动时间为1s，故频率为1Hz．

故答案为：5，1．12、25W90000J【分析】【分析】由标牌数据可得灯泡的电阻和额定电流．进而可得实际工作时的功率和消耗电能．【解析】【解答】解：由标牌数据可得灯泡电阻为：

R===484Ω

故实际功率为：

P′===25W

每小时消耗的电能为W=P′t=25×3600=90000J

故答案为：25，9000013、100s400m【分析】【分析】当静水速与河岸垂直时，在垂直于河岸方向上的速度最大，根据分运动和合运动具有等时性知，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直时，过河的位移最小．【解析】【解答】解：当静水速与河岸垂直；渡河时间最短．

则有：t==s=100s．

由于静水速大于水流速；根据平行四边形定则，知合速度可以与河岸垂直，当合速度与河岸垂直时，渡河的位移最小．所以最小位移等于河宽，等于400m．

故答案为：100s，400m．14、26.19减小【分析】【分析】由图b所示图象读出速度，然后由加速度定义式求出加速度．由功率P=Fv可确定功率在大小如何变化．【解析】【解答】解：由b图象可知；舰载机在0.4s时的速度v=65m/s，在2.5s时的速度v′=10m/s；

则在这段时间内的加速度为：a==≈-26.19m/s2，加速度大小为26.19m/s2．

在0.4s～2.5s时间内；阻拦系统对飞机做功的功率为P=Fv，F不变，v渐渐变小，则P在减小．

故答案为：26.19，减小．三、判断题(共7题，共14分)15、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√16、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】解答此题时；要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．

（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间；【解析】【解答】解：当两个力方向相同时；合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故错误；

故答案为：×．19、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系的选取是任意的；任何物体均可以作为参考系；参考系不一定必须是静止不动的；如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×21、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时，电子脱离氢原子核的约束，成为自由电子，氢原子变成氢离子，刚好到无穷远处的能量为0，因此这时吸收的能量最小．【解析】【解答】解：当电子恰好电离时吸收的能量最小；此时有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上说法是正确的．

故答案为