2025年人教新起点高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点高二物理上册月考试卷160考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、“轨道电子俘获”也是放射性同位素衰变的一种形式；它是指原子核（称为母核）俘获一个核外电子，其内部一个质子变为中子，从而变成一个新核（称为子核），并且放出一个中微子的过程，中微子的质量极小，不带电，很难被探测到，人们最早是通过子核的反冲而间接证明中微子的存在的．关于一个静止的母核发生“轨道电子俘获”，衰变为子核并放出中微子，下面的说法中正确的是（）

A.子核的动量与中微子的动量相同。

B.母核的电荷数小于子核的电荷数。

C.母核的质量数等于子核的质量数。

D.子核的动能大于中微子的动能。

2、如图所示，高速运动的α粒子被位于O点的重原子核散射，实线表示α粒子运动的轨迹，M、N和Q为轨迹上的三点，N点离核最近，Q点比M点离核更远，则()A.α粒子在M点的速率比在Q点的大B.三点中，α粒子在N点的电势能最大C.在重核产生的电场中，M点的电势比Q点的低D.α粒子从M点运动到Q点，电场力对它做的总功为负功3、下述说法正确的是（）A.元电荷就是质子B.物体所带的电量只能是某些值C.元电荷是带正电的电子D.由库仑定律F=k可知，当两电荷间距离r→0时，F→∞4、如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离。用Ua、Ub、Uc和Ea、Eb、Ec分别表示a、b；c三点的电势和电场强度；可以判定（）

A.Ua>Ub>UcB.Ua－Ub＝Ub－UcC.Ea>Eb>EcD.Ea=Eb=Ec5、在力的合成中，合力与分力的大小关系是(

)

A.合力一定大于每一个分力B.合力一定至少大于其中一个分力C.合力一定至少小于其中一个分力D.合力可能比两个分力都小，也可能比两个分力都大6、如图是条形磁铁的部分磁感线分布示意图，关于图中a

、b

两点磁场的描述，下列说法中正确的是

A.a

点的磁场方向为图中Ba

指向B.b

点的磁场方向为图中Bb

指向C.a

点的磁感应强度大于b

点的磁感应强度D.a

点的磁感应强度小于b

点的磁感应强度7、如图所示，光滑水平面上两小车中间夹一压缩了的轻弹簧，两手分别按住小车，使它们静止，对两车及弹簧组成的系统，下列说法中不正确的是(

)

A.两手同时放开后，系统总动量始终为零B.先放开左手、再放开右手以后，系统动量不守恒C.先放开左手，再放开右手，总动量向左D.无论何时放手，只要两手放开后在弹簧恢复原长的过程中系统总动量都保持不变，但系统的总动量不一定为零8、法拉第在物理学历史上第一次提出了场的观点，并用电场线形象的描述电场，以下关于电场和电场线的说法中正确的是（）A.电场线是电场中实际存在的，用来表示电场的强弱和方向B.带电粒子在电场中的受力的方向就是场强的方向C.在同一个图里，电场线越密，电场强度越大，电场线越稀疏，电场强度越小D.沿电场线方向，电场强度逐渐减小评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)11、真空中两个点电荷Q1、Q2，距离为R，当Q1增大到原来的3倍，Q2增大到原来的3倍，电荷间的库仑力变为原来的________倍，距离再R增大到原来的3倍时，电荷间的库仑力变为最初的________倍。12、一个物体的质量是2kg，沿竖直方向下落，以10m/s的速度碰到水泥地上，随后又以8m/s的速度被反弹回，若取竖直向上为正方向，则小球与地面相碰前的动量是_______kg·m/s．若碰撞过程时间为0.1s则小球给地面的平均作用力为_______N(g=10m/s2)13、请读出下图中螺旋测微器的示数。

（1）读数____mm

（2）读数____mm．14、雷电是云层与大地之间或云层与云层之间的放电现象，放电的两者所带的是______（填“同”或“异”）种电荷，云层所带的电荷是因______（填“感应起电”或“摩擦起电”或“接触起电”）而获得的．15、在做隆露

研究匀变速直线运动隆路

的实验时；所用电源频率为50Hz

取下一段纸带研究，如图所示.

设0

点为计数点的起点，相邻两计数点间还有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔是______s

各段测量数据如图所示，物体的加速度a=

______m/s2

物体在图中标记为“2

”的计数点的瞬时速度为v=

______m/s

．

16、两列周期相同的波相遇；如图所示是某一时刻两列波叠加的区域，实线表示波峰，虚线表示波谷.

两列波的波长；振动方向相同，振源振幅相等.PQR

是叠加区内的三个点，在这三个点中，振动加强的点是______，振动减弱的点是______．

评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)18、用某精密仪器测量一物体的长度，得到结果为1.63812cm。现改成最小刻度为mm的刻度尺去测量，结果应该为cm；如果改成20分度的游标卡尺去测量，结果应该为_________cm；如果改成螺旋测微器去测量，结果应该为cm.19、在“用双缝干涉测光的波长”实验中，将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，此时手轮上的示数如图9所示。然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，（1）记下此时图10中手轮上的示数__________mm，求得相邻亮纹的间距Δx为__________mm。2）已知双缝间距d为2.0×10-4m，测得双缝到屏的距离l为0.700m，由计算式λ=________，求得所测红光波长为__________nm。20、利用图中所示的装置可以研究自由落体运动．实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的小点．(1)为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有________．(填入正确选项前的字母)A．天平B．秒表C．米尺(2)若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：______________________________．21、I.在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中备有下列器材：A．小电珠(3.8V,1.5W)B．直流电源(电动势4.5V，内阻约0.4Ω)C．电流表(量程0～500mA，内阻约0.5Ω)D．电压表(量程0～5V，内阻约5000Ω)E．滑动变阻器R1(0～5Ω，额定电流2A)F．滑动变阻器R2(0～5KΩ，额定电流1A)G．开关一个，导线若干如果既要满足测量要求，又要使测量误差较小，应选择如图所示的四个电路中的________，应选用的滑动变阻器是________．II.在验证动量守恒定律实验中，同学们不仅完成了课本原来的实验，还用相同的器材进行多方面的探索及尝试。下面是甲、乙两组同学的实验，请回答相关的问题：甲组同学采用如图1所示的装置，由斜槽和水平槽构成。将复写纸与白纸铺在水平放的木板上，重垂线所指的位置为O。实验时先使a球从斜槽上某一固定位置由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作多次，得到多个落点痕迹平均位置P；再把b球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让a球仍从固定位置由静止开始滚下，与b球发生对心正碰，碰后a球不被反弹。碰撞后a、b球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作多次得到多个落点痕迹平均位置M、N.(1)若a球质量为m1，半径为r1；b球质量为m2，半径为r2.则A．m1>m2r1>r2B．m1>m2r12C．m1>m2r1＝r2D．m12r1＝r2(2)以下提供的器材中，本实验必需的有A．刻度尺B．打点计时器C．天平D．秒表(3)设a球的质量为m1，b球的质量为m2，则本实验验证动量守恒定律的表达式为(用m1、m2、OM、OP、ON表示)____乙组同学误将重锤丢失，为了继续完成实验则将板斜放，上端刚好在槽口抛出点，标记为O.板足够长小球都能落在板上，如图2，采用甲组同学相同的操作步骤完成实验。(4)对该组同学实验的判断正确的是A．乙组同学无法完成验证动量守恒定律B．秒表也不是乙组同学的必需器材C．乙组同学必须测量斜面倾角θD．图2中N为b球碰后落点(5)设a球的质量为m1，b球的质量为m2，则本实验验证动量守恒定律的表达式为。(6)如果a，b球的碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为。(要求第(5)(6)结论用m1、m2、OM、OP、ON表示)评卷人得分六、证明题(共2题，共20分)22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】

A；原子核（称为母核）俘获电子的过程中动量守恒；初状态系统的总动量为0，则子核的动量和中微子的动量大小相等，方向相反．故A错误．

B；原子核（称为母核）俘获一个核外电子；使其内部的一个质子变为中子，并放出一个中微子，从而变成一个新核（称为子核）的过程．电荷数少1，质量数不变．故B错误，C正确．

D、子核的动量大小和中微子的动量大小相等，由于中微子的质量很小，根据知；中微子的动能大于子核的动能．故D错误．

故选C．

【解析】【答案】核反应前后质量数和核电荷数守恒；原子核（称为母核）俘获电子的过程中动量守恒．

2、B【分析】试题分析：由运动旅轨迹判断α粒子在靠近N点的过程中电场力做负功，远离过程中，电场力做正功：⑴粒子在M点的速率比在Q点的速率小，A错误；⑵粒子在N点的电势能最大，B正确；由题意知重核是带负电的电荷，离重核越远，电势越高，C错误；⑶α粒子从M点运动到Q点，电场力对它做的总功为正功。由题意知α粒子带正电则重核是带负电的电荷，离重核越远，电势越高，C错误；考点：本题考查带电粒子在电场中运动、电势、动能定理。【解析】【答案】B3、B【分析】【解答】解：A；元电荷是电量的最小值；不是质子，故A错误；

B；元电荷是带电物体电量的最小值；物体所带的电量只能是元电荷的整数倍，故B正确；

C；元电荷与带正电的电子无关；故C错误；

D、当两电荷间距离r→0时；电荷不能视为点电荷，故库仑定律不适用，故D错误；

故选：B．

【分析】人们将电子所带电量称为元电荷，元电荷是带电物体电量的最小值，物体所带的电量只能是元电荷的整数倍．4、A【分析】【分析】只有一条电场线，不能确定具体的电场，无法比较电场强弱及两点间的电势差，公式U=Ed也不能适用，故BCD错误；沿电场线电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知Ua>Ub>Uc；故A正确．

【点评】本题容易错选CD选项，即把电场误认为是匀强电场，或者错误应用公式U=Ed求解，对于公式U=Ed一定注意其适用条件，尤其是公式中d的含义．5、D【分析】解：合力的取值范围：鈭�F1鈭�F2鈭�鈮�F潞脧鈮�F1+F2

从范围不好分析的话；可以举例分析一下：

例如：一个3N

的力和一个6N

的力的合力取值范围是：[3N,9N]

所以：合力有可能比任意一个分力小；有可能大于其中的一个小于其中的一个分力，有可能比两个分力都大．

故选：D

合力的取值范围是：鈭�F1鈭�F2鈭�鈮�F潞脧鈮�F1+F2

可利用取值范围进行分析．

合力的取值范围是：鈭�F1鈭�F2鈭�鈮�F潞脧鈮�F1+F2

如果不好分析，可取一个特值看看．【解析】D

6、C【分析】【分析】磁场方向沿磁感线的切线方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，结合磁感线的特点分析判断。解决本题的关键知道磁感线的特点；知道磁感线上某点的切线方向表示磁场方向，磁感线的疏密表示强弱。

【解答】AB.

磁感线上某点的切线方向表示磁场的方向，图中ab

两点的磁场方向均是错误的，故AB错误；CD.

磁感线疏密表示磁场的强弱，a

点磁感线比较密，则a

点磁感应强度大于b

点的磁感应强度；故C正确，D错误。

故选C。【解析】C

7、B【分析】解：A

当两手同时放开时；系统的合外力为零，所以系统的动量守恒，又因为开始时总动量为零，故系统总动量始终为零，故A正确；

B；C

先放开左手；左边的小车就向左运动，当再放开右手后，系统所受合外力为零，故系统的动量守恒，且开始时总动量方向向左，放开右手后总动量方向也向左，故B错误，C正确；

D；两手放开后在弹簧恢复原长的过程中系统总动量都保持不变；与何时放手无关，但系统的总动量不一定为零.

故D正确．

本题选择不正确的；故选：B

．

若先放开右边的车；后放开左边的车，放开左车时，右车已经有向右的速度，系统的初动量不为零，两车的总动量向右；在两手同时放开后，水平方向无外力作用，只有弹簧的弹力(

内力)

故动量守恒，动量是矢量，有大小和方向．

本题主要考查了动量守恒的条件，知道系统所受合外力为零时，系统动量守恒，难度不大，属于基础题．【解析】B

8、C【分析】解：AC；电场是客观的存在；电场线是人为虚拟的，不是客观的存在，而电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，故A错误，C正确；

B；电场中某点的电场强度的方向与放在该点的试探正点电荷所受电场力方向相同；而负电荷受到电场力方向与该处电场方向相反，故B错误；

D；在任何电场中；沿电场线方向，电势必定越来低，而电场线的疏密代表电场的强弱，因此电场强度与电势没有关系，故D错误；

故选：C。

电场线的方向是正电荷所受电场力的方向；而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线是假想的；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强；电场强度与电势没有关系。

记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念，注意电场强度方向与电荷的正负受到电场力的方向关系。【解析】C二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)11、略

【分析】试题分析：根据库仑定律可得变化前两者之间的库仑力为：当电荷都变为原来的3倍后，库仑力为即变为原来的9倍当距离在增大为原来的3倍时，库仑力为即不变考点：库仑定律．【解析】【答案】9；112、略

【分析】【解析】【答案】－16－34013、略

【分析】

图1；螺旋测微器的固定刻度为3mm，可动刻度为20.5×0.01mm=0.205mm，所以最终读数为3mm+0.205mm=3.205mm．

图2；螺旋测微器的固定刻度为15mm，可动刻度为29.5×0.01mm=0.295mm，所以最终读数为。

10mm+0.295mm=10.295mm．

故答案为：3.20510.295（都正负0.001mm）

【解析】【答案】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

14、略

【分析】解：云层因为摩擦而带异种电荷；当云层所带电荷越积越多时，就会在云层之间发生放电现象．

故答案为：异；摩擦起电。

根据摩擦起电的实质是电荷的转移；得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，所以相互摩擦的两个物体带等量的异种电荷．

通常情况下原子核所带正电荷数和核外电子所带负电荷数相等，故整个原子呈中性．当两个物体相互摩擦时，由于一个物体中原子核对电子束缚作用弱，另一个物体中原子核对电子束缚作用强，那么，束缚作用弱的将失去电子，而使整个物体显正电性；束缚作用强的将得到电子，而使整个物体显负电性，所以摩擦起电是电子发生转移的宏观表现．【解析】异；摩擦起电15、略

【分析】解：相邻两计数点间还有四个点未画出；则相邻计数点的时间间隔是T=0.1s

因为连续相等时间内的位移之差为：鈻�x=9.00鈭�4.00鈭�4.00=1.00cm

根据鈻�x=aT2

得：

a=鈻�xT2=1.00隆脕10鈭�20.12m/s2=1m/s2

．

2

点的速度等于13

段的平均速度；则有：

v2=x132T=15.00鈭�4.002脳0.1隆脕10鈭�2m/s=5.5m/s

．

故答案为：0.115.5

．

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出2

点的速度，从而即可求解．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用，注意单位的换算．【解析】0.115.5

16、PRQ【分析】【分析】波峰与波峰相遇，波谷与波谷相遇，即振动方向相同的点，为振动加强点；波峰与波谷相遇，即振动方向不同，为振动减弱点，解决本题的关键知道波峰与波峰或波谷与波谷相遇时为加强点；波峰和波谷相遇时为减弱点。解决本题的关键知道波峰与波峰或波谷与波谷相遇时为加强点；波峰和波谷相遇时为减弱点。【解答】由图可知P

点为波峰与波峰相遇，R

点是波谷与波谷相遇，是振动加强点；Q

为波峰和波谷相遇，为振动减弱点。故答案为RPQ

。

【解析】PRQ

四、判断题(共1题，共4分)17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以