2025年人教版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表内阻阻值的一半；R2的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则下列分析正确的是（）

A.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02AC.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06AD.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A2、由欧姆定律公式变形得对此，下列说法中正确的是（）A.加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大B.通过导体的电流越大，则导体的电阻越小C.当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关3、如图所示是某种电学元件的实物照片。元件中固定不动的一组铝片叫定片；可以转动的一组铝片叫动片这种元件是（）

A.电源B.电阻C.开关D.可变电容器4、为了节能减排；我国大力发展新能源汽车。如图所示电源正在给电动汽车中的锂电池充电，下列说法正确的是（）

A.充电时电能全部转化为汽车的机械能B.充电时电能全部转化为锂电池的化学能C.汽车加速运动时锂电池减少的化学能部分转化为汽车动能D.汽车匀速运动时锂电池减少的化学能全部转化为汽车动能5、如图所示，四条竖直平行线是一个匀强电场中的四个等势面，相邻两个等势面之间的距离为由此可以确定场强的大小和方向是（）

A.300V/m，水平向左B.300V/m，竖直向下C.900V/m，水平向右D.900V/m，竖直向上6、如图所示，Oabcdefg是一个边长相等的共面八边形，其中四个锐角顶角均为45°，以O点为原点，Oa边为y轴正方向建立平面直角坐标系。在O、a、g三点分别固定电荷量为的点电荷。下列说法正确的是（）

A.b、f两点的电场强度相同B.c、e两点的电势相同C.电荷量为＋q的点电荷，在b点电势能小于在c点电势能D.从O点沿x轴正方向移动电荷量为＋q的点电荷，电场力先做正功后做负功7、如图所示，原来不带电，长为l的导体棒水平放置，现将一个电荷量为+q（q>0）的点电荷放在棒的中心轴线上距离棒的左端R处，A、B分别为导体棒左右两端的一点，静电力常量为k。当棒达到静电平衡后，下列说法正确的是（）

A.增加点电荷的带电量，导体静电平衡时O处的电子受到的电场力将增大B.导体棒A点会感应出正电荷C.导体棒上的感应电荷在棒的中心O处产生的电场强度大小为零D.导体棒上感应电荷在棒的中心O处产生的电场强度大小8、如图所示，在光滑绝缘的水平地面上，放置两个带电小球A和B（两小球可视为点电荷），已知A球质量为m，B球质量为3m，并使两球分别带上同种电荷，相隔距离为L。现将两小球同时由静止释放，当A球的加速度变为释放后瞬间的时；整个系统的电势能改变量为24J，则在这一过程中，下列说法正确的是（）

A.A球运动的距离为0.45LB.B球运动的距离为0.45LC.B球获得的动能为6JD.两球运动过程中系统机械能守恒9、如图所示；是某电场的电场线和一条等势线（虚线）。下列说法正确的是（）

A.A点和B点的电场强度相同B.A点的电势高于B点的电势C.A附近的等差等势线比B附近稀疏D.负电荷在B点具有的电势能比在A点小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、正对着并水平放置的两平行金属板连接在如图电路中，板长为l，板间距为d，在距离板的右端2l处有一竖直放置的光屏M．D为理想二极管（即正向电阻为0，反向电阻无穷大），R为滑动变阻器，R0为定值电阻．将滑片P置于滑动变阻器正中间，闭合电键S，让一带电量为q、质量为m的质点从两板左端连线的中点N以水平速度v0射入板间；质点未碰极板，最后垂直打在M屏上．在保持电键S闭合的情况下，下列分析或结论正确的是()

A.质点在板间运动的过程中与它从板的右端运动到光屏的过程中速度变化相同B.板间电场强度大小为C.若仅将滑片P向下滑动一段后，再让该质点从N点以水平速度v0射入板间，质点将不会垂直打在光屏上D.若仅将两平行板的间距变大一些，再让该质点从N点以水平速度v0射入板间，质点依然会垂直打在光屏上11、用细绳系一个质量为m、带正电的小球B，另一个也带正电的小球A固定在光滑绝缘的竖直墙上，A、B两球离地面的高度均为h。小球B在重力；拉力和库仑力的作用下静止不动；如图所示，现将细绳剪断并同时释放A球，则（）

A.小球B在剪断细绳后做平抛运动B.小球B在细绳剪断瞬间加速度大于gC.小球B落地的时间大于D.小球B落地的速度大于12、某电场中的等差等势面如图所示；下列关于该电场描述正确的是（）

A.A点的电场强度比C点的大B.电荷沿等势面移动的过程中，电场力始终不做功C.负电荷在A点的电势能比在C点的电势能大D.正电荷由A移动到C，电场力做负功13、如图甲所示，绝缘且粗糙程度相同的水平面上固定着两个带等量负电荷的点电荷M和N，O、A、B是在此水平面上M、N连线的中垂线上的三点，B点是MN的中点，O与B间距为x=0.2m.一带正电的小球由O点静止释放，其质量m=1×10－2kg、电荷量q=2×10－3C，带正电的小球与水平面的动摩擦因数µ=0.2。小球从O点运动到B点的v－t图像如图乙所示，A为图像的拐点，乙图中O、A、B对应甲图中O、A、B三个位置。重力加速度g=10m/s2；则以下说法正确的是（）

A.从O到B，小球的加速度先增大后减小B.O点与B点电势差C.当小球速度最大时，小球所在位置的电场强度D.O与B之间A点的电场强度最小14、图中虚线是某电场中的一簇等势线。两个带电粒子从P点均沿等势线的切线方向射入电场；粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（）

A.a点的电势比b点的电势低B.两个带电粒子电性必定相反C.粒子从P运动到a的过程中，电势能减小D.粒子从P运动到b的过程中，电势能减小15、如图所示，平行板电容器两极板与直流电源理想二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，电源负极接地。初始时电容器不带电，闭合开关稳定后，一带电油滴在电容器中的点处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.将极板向下平移后，油滴在点的电势能增大B.将极板向上平移后，油滴在点的电势能增大C.将极板向上平移后，带电油滴静止不动D.将极板向下平移后，极板的电势降低16、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻；以下说法中正确的是（）

A.当R2=R1＋r时，R2获得最大功率B.当R1=R2＋r时，R1获得最大功率C.当R2=0时，R1获得最大功率D.当R2=0时，电源的输出功率最大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，此液滴带_______电，液滴的加速度等于_______，液滴的电势能_____（填增加；减小）。

18、两根垂直交叉但不接触的导线，流过每条导线的电流大小相等，方向如图所示，ABCD为导线附近的四个区域，在_____区域，有磁感强度为零的一点．19、在磁感应强度为B的匀强磁场中，半径为R的半球形球壳如图（a）放置，穿过它的磁通量为_______；面积为S的矩形线框在该磁场中的初始位置如图（b）中实线所示，线框绕O轴逆时针转动到与磁场垂直的虚线位置，这一过程中穿过线框的磁通量的变化量大小为______。

20、几种常见的磁场。

（1）直线电流的磁场。

安培定则：如图甲所示，__________握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，__________所指的方向就是磁感线环绕的方向。

直线电流周围的磁感线环绕情况如图乙所示。

（2）环形电流的磁场。

安培定则：如图甲所示，让右手__________跟环形电流的方向一致，__________的方向就是环形导线的轴线上磁感线的方向。

（3）通电螺线管的磁场。

安培定则：如图乙所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指跟__________一致，拇指所指的方向就是__________的磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的__________的方向。21、电阻。

（1）电阻的概念。

导体两端的___________与通过导体的___________大小之比。

（2）定义式：

（3）单位：___________，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=___________kΩ=___________MΩ。

（4）物理意义：反映___________作用的大小。

（5）导体U-I图像的___________反映电阻大小。22、在如图所示电路中，电源电动势为6V，内阻为1Ω，电阻R1＝5Ω，R2＝6Ω，滑动变阻器的阻值0～30Ω．闭合电键K，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示．则电流表示数的变化情况是____；＝_______Ω；电源的最大输出功率为_______W．

23、如图所示，放在通电螺线管内部中央处的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的a端为_____极（填“正”或“负”），螺线管的c端为_____极．（填“N”或“S”）24、有一条横截面积为s的铜导线通以大小为I的电流．已知铜的密度为，铜的摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，电子的电量为e，如果每个铜原子只贡献一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动的速率为_____评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)25、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)26、如图1所示，叠层电池是把普通的化学干电池制作成长方形的小块，并多个叠加串联在一起，成为一个独立的电池，具有体积小输出电压高的特点。某叠层电池与普通干电池性质相同，其由多块干电池块串联在一起。现用该电池与表头、滑动变阻器组装成一个倍率的欧姆表；其原理图如图2所示。

为了将表头电流刻度改为电阻刻度；该同学进行了如下操作：

第一步：先将两表笔短接；调整滑动变阻器，使表头指针指到满偏处；

第二步：在两表笔间接入电阻箱，调节电阻箱阻值为时，表头示数为

在两表笔间接入电阻箱，调节电阻箱阻值为时，表头示数为

根据以上信息；回答下列问题：

（1）图中a表笔是____________（填红表笔或黑表笔）；

（2）叠层电池的电动势为____________V，改装欧姆表的内阻是____________表头的满偏电流____________

（3）如果将电流刻度改为电阻刻度，电流为处对应的电阻值为____________电流为处对应表盘的刻度值为____________。27、某同学在学习使用多用电表后欲对多用电表进行研究。

（1）该同学先用多用电表欧姆挡测量二极管的反向电阻，测量前观察到指针指在直流电流的零刻度线处，于是把选择开关拨到欧姆“”挡上，把红、黑表笔分别插入“+”“-”插孔中。先把两根表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻刻度的零刻度线上，然后把两根表笔分别与待测二极管的两端相接，其中___________表笔接在二极管正极，发现指针偏转角度过小，则需要换用欧姆___________（填“”或“”）挡，之后___________（填“需要”或“不需要”）重新进行欧姆调零。

（2）该同学了解原理后，准备把一电流表改装成欧姆表，器材有电源（电动势内阻），电流表G（满偏电流内阻）、滑动变阻器R。

①电路图如图1所示，先把红、黑表笔短接，调整滑动变阻器R接入电路的阻值，使电流表满偏。此时滑动变阻器接入电路的电阻为R=___________Ω，进行表盘标度时，20mA处应标记的电阻值为___________Ω。

②若测量电阻时，待测电阻接在电路（无电源）中，如图2所示，红、黑表笔分别接在a、b处，则待测电阻的测量值与真实值相比___________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。

③一段时间后，若电池电动势不变，内阻变大，仍能欧姆调零，按正确步骤操作时，待测电阻测量值与真实值相比___________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。

28、某实验小组为测定一节干电池的电动势和内阻及电阻丝的电阻率，设计了如图甲所示的电路，MN为一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，定值电阻R0＝1.0Ω，电压表内阻很大。实验中，闭合开关S，调节滑片P，记录电压表示数U、电流表示数I及对应的PN长度x，绘制出图乙所示的U－I图线和图丙所示的图线。

（1）由图丙可知电流表的内阻为rA＝_____Ω；若已知电阻丝的横截面积S＝5.0×10-6m2，则电阻丝的电阻率ρ＝________（结果均保留两位有效数字）

（2）由图乙求得电池的电动势E＝_________V，内阻r＝________Ω；（结果保留到小数点后2位）

（3）实验中由于电表内阻的影响，电动势测量值_________其真实值。（选填“大于”“等于”或“小于”）29、多用表是由电流表改装的，现测定一个量程为0~5mA的电流表G的内阻r=100.0Ω,用它改装成如图的一个多量程多用电表；电流；电压和电阻的测量都各有两个量程(或分度值)不同的档位．电流表的两个档位中，大量程是小量程的10倍．

(1)当转换开关S旋到位置_______时，是电流档，且旋到位置_______的量程较大：当转换开关S旋到位置_____时，是电压档，且旋到位置______的量程较大；

(2)A、B两表笔中，______为红表笔；

(3)图中的电源Eˊ的电动势为9.0V，当把转换开关S旋到位置4，在AB之间接900Ω电阻时，表头G刚好半偏．已知之前已经进行了必要的、正确的操作．则R1＝____Ω，R2＝____Ω．

(4)转换开关S旋到位置1时，量程是____________________．评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)30、用一条长为0.4m绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球的质量为8.0102kg，所带电荷量为3.0108C，现加一水平方向的匀强电场，小球在B点处于平衡状态，此时绝缘绳与竖直线成37夹角。不计空气阻力，绳的长度不变，sin370.6，cos370.8，重力加速度取10m/s2。

(1)求电场强度的大小。

(2)若将小球拉到与O点等高的A处由静止释放；求小球摆动过程中的最大动能。

(3)若将小球拉到与O点等高的A点，给小球一个竖直向下的速度可使小球绕O点完成圆周运动；求此速度的最小值。

31、如图所示，小灯泡L标有“6V3W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化，滑动变阻器的最大阻值R为24Ω，电源电压保持不变。当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，小灯泡恰好正常发光。保持滑片P的位置不变，闭合S、S1、S2；发现电流表的示数变化了1A.求:

（1）电源电压；

（2）当开关S、S1、S2都闭合时；电路消耗总功率的最小值。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

当接线柱1、2接入电路时，R1与电流表并联，由于R1＝可知流过R1的电流为流过电流表电流的2倍，所以1、2接线柱间的电流为通过电流表电流的3倍，所以每一小格是原来的3倍，即为0.06A，所以A、B错误；当接线柱1、3接入电路时，电流表与R1并联，然后再与R2串联，串联电阻对电流无影响，与1、2接入电路的效果一样，所以每一小格表示0.06A，C正确，D错误。2、D【分析】【详解】

ABD．因电阻是导体本身的一种性质；只与导体的材料；长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，故AB错误，D正确；

C．因电阻的定义式；两端的电压为零时，导体的电阻不为零，故C错误。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

这种元件是可变电容器。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

AB．充电时电能转化为锂电池的化学能；但不是全部转化，选项AB错误；

C．汽车加速运动时锂电池减少的化学能部分转化为汽车动能；部分转化为其他形式的能，选项C正确；

D．汽车匀速运动时动能不变；锂电池减少的化学能全部转化为其他形式的能，选项D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

根据的电场线垂直于等势面且沿着电场线方向电势逐渐降低，则该匀强电场场强方向水平向左，大小为

故选A。6、B【分析】【详解】

A．依题意，结合几何知识可知od连线为ag，bf，ce的中垂线，且关于od对称，结合等量同种点电荷电场线分布特点，利用点电荷场强公式

结合场强叠加原理，可判断知b、f两点的电场强度大小相等；但方向不相同，故A错误；

B．由几何知识，知

根据对称性可知c、e两点一定在同一等势面上，所以c、e两点的电势相同；故B正确；

C．根据场强叠加原理可判断知，将电荷量为＋q的点电荷，从b点沿bc运动到c点，电场力方向与bc方向夹角小于电场力做正功，则电势能减小，所以＋q的点电荷在b点电势能大于在c点电势能；故C错误；

D．依题意，根据场强叠加原理结合几何知识可判断知Ox正方向上的点的场强方向偏向右上方，所以从O点沿x轴正方向移动电荷量为＋q的点电荷；电场力一直做正功，故D错误。

故选B。7、D【分析】【详解】

A．导体静电平衡时O处的电场强度为零；电子所受电场力为零，故A错误；

B．导体棒A点会感应出负电荷；故B错误；

CD．导体静电平衡时O处的电场强度为零，即感应电荷在棒的中心O处产生的电场强度与电荷q在O点产生的电场强度等大反向，所以有

故C错误；D正确。

故选D。8、C【分析】【详解】

AB．依题意，可知A、B小球在库仑斥力作用下沿水平方向做加速运动，当A球的加速度变为释放后瞬间的时，根据牛顿第二定律可得

开始时，有

因为

所以，可求得此时两球距离为

根据动量守恒定律，可知任意时刻

可得，此时

又因为

求得

故AB错误；

CD．两球运动过程中，库仑力对两球做正功，两球机械能增加，根据能量守恒定律，依题意可得

根据动量守恒定律，可知任意时刻

又

所以

可求得，在这一过程中B球获得的动能为

故C正确；D错误。

故选C。9、D【分析】【详解】

AC.A点附近电场线比B点附近密集，所以A点的电场强度比B点的大，且A附近的等差等势线比B附近密集；故AC错误；

BD.沿电场线方向电势逐渐降低，所以A点的电势低于B点的电势。根据Ep=qφ可知负电荷在B点具有的电势能比在A点小，故B错误，D正确；二、多选题(共7题，共14分)10、B:D【分析】【详解】

质点的轨迹如图所示；

质点先在水平放置的两平行金属板间做类平抛运动，要垂直打在M屏上，离开电场后，质点一定打在屏的上方，做斜上抛运动．否则，质点离开电场后轨迹向下弯曲，质点不可能垂直打在M板上．质点在板间的类平抛运动和离开电场后的斜上抛运动，水平方向都不受外力，都做匀速直线运动，速度都等于而且方向水平；质点垂直打在M板上时速度也水平，根据质点的轨迹弯曲方向可知两个过程质点的合力方向相反，加速度方向相反，则速度变化量方向相反，故A错误；

设质点在板间运动的过程中加速度大小为a，则有质点离开电场时竖直分速度大小质点离开电场后运动过程其逆过程是平抛运动，则联立解得故B正确；若仅将滑片P向下滑动一段后，R的电压减小，电容器的电压要减小，电量要减小，由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，板间电压不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从N点以水平速度射入板间，质点依然会垂直打在光屏上，故C错误；若仅将两平行板的间距变大一些，电容器电容减小，由知U不变，电量要减小，但由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，根据推论可知板间电场强度不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从N点以水平速度射入板间；质点依然会垂直打在光屏上，故D正确。

故选BD.

考点：考查了带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】

带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同．先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题．解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解11、B:D【分析】【详解】

AB．将细绳剪断瞬间，小球B受到球的竖直方向的重力和水平方向的库仑力的共同作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，因此小球B不可能做平抛运动，且加速度大于g；故A错误，B正确；

C．剪短细绳瞬间；A；B之间的库仑力在水平方向，则在竖直方向均只受重力，AB在竖直方向的加速度大小相同，则之后再竖直方向运动相同，均做自由落体运动，落地时间。

故C错误；

D．小球B在竖直方向速度水平方向受到A给的库仑力，库仑力对其做正功，则落地的速度大于故D错误。

故选BD。12、A:B【分析】【详解】

A．由于A点的等差等势面较C点密集，可知A点的电场线也密集，则A点的电场强度比C点的大；选项A正确；

B．电场线与等势面垂直；则电荷沿等势面移动的过程中，电场力与速度垂直，则电场力始终不做功，选项B正确；

C．因A点电势比C点高，则负电荷在A点的电势能比在C点的电势能小；选项C错误；

D．正电荷由A移动到C；电势能减小，则电场力做正功，选项D错误。

故选AB。13、B:C【分析】【详解】

A．由乙图可知，从O到A，小球的加速度增大，A到B先减小至零然后反向增大。故A错误；

B．从O到B，由动能定理可得

其中

又

联立，可得

故B正确；

C．当小球速度最大时，其加速度为零，有

解得

故C正确；

D．对小球受力分析，由牛顿第二定律有

由乙图可知；小球在A点时加速度最大，即电场强度最大。故D错误。

故选BC。14、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等势面的分布可知，该电场是点电荷产生的，但不知道点电荷的电性，无法判断a、b两点的电势；故A错误；

B．根据轨迹的弯曲方向可知，a粒子受到中心点电荷的斥力，而b粒子受到中心电荷的引力，说明a粒子与中心点电荷的电性相同，b粒子与中心点电荷的电性相反；故两个带电粒子电性必定相反，故B正确；

C．粒子从P运动到a的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故C正确；

D．粒子从P运动到b的过程中；电场力做正功，动能增大，电势能减小，故D正确。

故选BCD。15、B:C:D【分析】【详解】

A．由

极板向下平移，增大

增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度

增大

升高，油滴带负电，则

减小；选项A错误；

B．极板向上平移，增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度增大，

（等于电源电动势，不变）增大，降低

增大；选项B正确；

C．极板向上平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变，电场强度

不变；带电油滴静止不动，选项C正确；

D．极板向下平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变

（等于电源电动势）增大，降低；选项D正确。

故选BCD。16、A:C【分析】【详解】

A．在讨论R2的电功率时，可将R1视为电源内阻的一部分，即将原电路等效为外电阻R2与电动势为E、内阻为R1＋r的电源（等效电源）连成的闭合电路；如图所示。

R2的电功率是等效电源的输出功率，显然当R2＝R1＋r时，R2获得的电功率最大；A正确；

BC．讨论R1的电功率时，由于R1为定值；根据。

P＝I2R可知电路中电流越大，R1上的电功率就越大；即。

P1＝I2R1所以，当R2＝0时，R1获得的电功率最大；故B错误，C正确；

D．讨论电源的输出功率时，R1＋R2为外电阻，内电阻r恒定，由于题目没有给出R1和r的具体数值，所以当R2＝0时；电源的输出功率不一定最大，故D错误；

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

[1]据题带电液滴沿直线由b运动到d，带电液滴所受重力与电场力的合力一定与其运动方向在同一直线上，对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，则电场力方向一定水平向右，与场强方向相反，所以该液滴带负电

[2]由图可得物体所受合力为

故物体的加速度为

[3]由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，电场力的方向和运动方向夹角为锐角，电场力对物体做正功，液滴的电势能减小【解析】负电减小18、A:C【分析】【分析】

【详解】

由安培定则得到，在A区域水平导线产生的磁场垂直纸面向外，竖直导线产生的磁场垂直纸面向里，所以有磁感强度为零的一点，A对；在B区域水平导线产生的磁场垂直纸面向外，竖直导线产生的磁场垂直纸面向外，所以没有磁感强度为零的一点，B错；在C区域水平导线产生的磁场垂直纸面向里，竖直导线产生的磁场垂直纸面向外，所以有磁感强度为零的一点，C对；在D区域水平导线产生的磁场垂直纸面向里，竖直导线产生的磁场垂直纸面向里，所以没有磁感强度为零的一点，D错．19、略

【分析】【详解】

[1]根据磁通量的公式，可得穿过半球形球壳的磁通量为

[2]根据磁通量的公式，取此时磁感线穿过的面的磁通量为正，没有转动前，通过线框的磁通量为

由于转动后，磁感线从另一面穿过，则此时磁通量为负，即有

这一过程中穿过线框的磁通量的变化量大小为【解析】20、略

【分析】【详解】

略【解析】右手弯曲的四指弯曲的四指伸直的拇指所指环形电流方向螺线管内部北极21、略

【分析】【分析】

【详解】

电阻。

（1）电阻的概念。

[1][2]导体两端的电压与通过导体电流大小之比。

（2）定义式：

（3）[3][4][5]单位：Ω，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=kΩ=MΩ。

（4）[6]物理意义：反映阻碍电流作用的大小。

（5）[7]导体U-I图像的斜率反映电阻大小。【解析】①.电压②.电流③.Ω④.⑤.⑥.阻碍电流⑦.斜率22、略

【分析】【详解】

[1]滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，当时，并联电路的电阻最大，即时总电阻最大，即滑动触头P由a端向b端滑动时，总电阻先变大后变小，由闭合电路的欧姆定律知总电流先变小后变大；

[2]将看成电源的内阻，等于等效电源的内阻

[3]电源的外电阻和内电阻相差越小，电源的输出功率最大，所以滑片滑到最左端时，外电阻最小，和电源内阻相差最小，电源输出功率最大，电路电流电源最大输出功率

【点睛】

本题中并不等于变阻器与电阻R2并联的电阻，要根据闭合电路欧姆定律研究，也可以运用等效的方法，将R1看成电源的内阻，即可得到=R1+r．当外电路电阻等于内阻时电源的输出功率最大，若外电阻不能等于内阻，则越接近内阻值输出功率越大.【解析】先变小再变大6523、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]螺线管内部的磁场方向水平向右，根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验a端为电源的正极．内部的磁场由S指向N，实验c端为S极或南极。【解析】正S24、略

【分析】【详解】

设铜导线中自由电子定向移动的速率为导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为则导线的长度为体积为在时间内这些电子都能通过下一截面，则电流其中联立解得可得电子定向移动的速率【解析】四、作图题(共1题，共5分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]电流从红表笔流入、黑表笔流出，从电池负极流入、正极流出，所以图中a表笔是红表笔。

（2）[2][3]设叠层电池的电动势为E，改装欧姆表的内阻为r，根据闭合电路欧姆定律有

解得

[4]表头的满偏电流为

（3）[5]电流为处对应的电阻值为

[6]电流为处对应的电阻值为

对应的刻度值为5。【解析】红表笔9##1.5×105##1.05×106527、略

【分析】【详解】

（1）[1]使用多用电表时；电流“红进黑出”，若测量二极管的反向电阻，则电流需要从二极管的负极流入，黑表笔应接在二极管的负极，红表笔接