2024年沪教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图（1）所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为20：1，R1=10Ω，R2=20Ω，C=100μF已知电阻R1两端的正弦交流电压如图（2）所示；则（）

A.原线圈输入电压的最大值为400VB.交流电的频率为100HzC.电容器C所带电量恒为1×10-3CD.电阻R1消耗的电功率为20W2、（2015春•广安校级月考）如图所示，一个小球沿竖直放置的光滑圆环形轨道做圆周运动，圆环的半径为R，关于小球的运动情况，下列说法中正确的是（）A.小球的线速度方向时刻在变化，但总在圆周切线方向上B.小球的加速度方向时刻在变化，但总是指向圆心的C.小球的线速度的大小总大于或等于D.小球受到的合力一定指向圆心3、如图所示是一个水平弹簧振子作简谐运动的振动图线，弹簧振子在t1时刻与t2时刻，以下哪个物理量相同（）A.位移B.加速度C.速度D.回复力4、一光滑圆弧形的槽，槽底放在水平地面上，槽的两侧与坡度及粗细程度相同的两个斜坡aa’、bb’相切，相切处a、b位于同一水平面内，槽与斜坡在竖直平面内的截面如图所示．一小物块从斜坡aa’上距水平面ab的高度为2h处由静止沿斜坡滑下，并自a处进人槽内，到达b后沿斜坡bb’向上滑行，不考虑空气阻力,到达的最高处距水平面ab的高度为h；接着小物块沿斜坡bb’滑下并从b处进人槽内反向运动，沿斜坡aa’向上滑行到达的最高处距水平面ab的高度为（）A.B.大于C.小于D.无法计算5、如图，长为2L的直导线折成边长相等的直角形状，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B，当在该导线中通以电流I时，该直角形通电导线受到的安培力大小为（）A.0B.BILC.BILD.2BIL评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、一质量为m的带电小球，静止在两块带电平行金属板间的匀强电场中，此时两板间电压为300V；若将该电压降到60V，其它条件不变，则小球的加速度为____m/s2．7、在x轴上有两个点电荷Q1、Q2分别固定在x=0和x=6cm的位置上，其中Q1=+4.0×10-8C，Q2=-1.0×10-8C，用E1、E2表示这两个点电荷所产生的场强的大小，则在x轴上，其中x=____cm处的合场强为零，合场强方向沿x正方向的区域是____．8、（2012秋•南阳期中）如图所示，桌面离地面的高度为0.8m，若将坐标系原点定在水平桌面上，取竖直向上的方向为坐标轴的正方向，通过测量A、B两点距离桌面的距离都为0.2m．则A点的坐标为____，B点的坐标为____．9、（2014春•南京期中）如图所示，甲轮和乙轮半径之比是2：1，A，B两点分别为甲乙两轮的边缘上的点，C点在甲轮上，它到转轴的距离是甲轮半径的；甲轮以角速度ω转动，皮带不打滑，求A，B，C三点的：

（1）线速度大小之比____；

（2）角速度大小之比____；

（3）向心加速度大小之比____．10、2004年1月4日，“勇气”号成功登陆火星．已知火星半径与地球半径之比R火：R地=1：2，火星质量与地球质量之比m火：m地=1：10，火星到太阳的距离与地球到太阳的距离之比r火：r地=3：2；若火星、地球绕太阳运动均可视为匀速圆周运动，则火星表面重力加速度g火与地球表面重力加速度g地之比g火：g地=____，火星绕日公转周期T火与地球绕日公转周期T地之比T火：T地=____．11、（2016春•会宁县校级期中）如图甲所示；在一端封闭；长约1m的玻璃管内注满清水，水中放一个蜡烛做的蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动．假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s内上升的距离都是10cm，玻璃管向右匀加速平移，每1s内通过的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm．图乙中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=0时蜡块位于坐标原点．

（1）请在图乙中画出蜡块4s内的轨迹；

（2）玻璃管向右平移的加速度a=____m/s2；

（3）t=2s时蜡块的速度v2=____m/s．12、两个大小都为10N的共点力，它们的合力最大为____N，最小为____N，当它们的方向互成90°角时合力为____N．13、（2013春•吴兴区校级月考）如图所示为玻璃厚度检测仪的原理简图，其原理是：固定一束激光AO以不变的入射角θ1照到MN表面，折射后从PQ表面射出，折射光线最后照到光电管C上，光电管将光信号转变为电信号，依据激光束在C上移动的距离，可以确定玻璃厚度的变化．设θ1=45°，玻璃对该光的折射率为，C上的光斑向左移动了△s，则可确定玻璃的厚度比原来变____（填“厚”或“薄”）了____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)14、两滴水银相接触，立即合并到一起以及熔化的蜡从蜡烛上流下来，冷却后呈球形，均是由液体表面张力造成的．____．（判断对错）15、物体速度变化的方向与它受到的合外力的方向相同．____（判断对错）16、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）17、物体的运动状态发生了变化，一定受到外力的作用．____（判断对错）18、物体的速度为零时，它的机械能一定为零．____（判断对错）19、围绕地球飞行的宇宙飞船里的宇航员不受地球引力的作用．____．评卷人得分四、实验探究题(共1题，共7分)20、2015年12月，中国“可见光通信系统关键技术研究”获得重大突破-可见光通信的实时通信速率已经提高至50Gbps；相当于0.2s即可下载一部高清电影．

（1）关于可见光，下列说法正确的是______

A．可见光中的红光比紫光的频率低。

B．可见光不能在真空中传播。

C．可见光波长越长；越容易发生衍射。

D．可见光能发生光的干涉和衍射现象；说明光是横波。

（2）真空中一束波长为6×10-7m的可见光，频率为______Hz，已知光在真空中的速度为3×108m/s．该光进入水中后，其波长与真空中的相比变______（选填“长”或“短”）．

（3）可见光通信是利用LED灯的光线实现上网的新型高速数据传输技术．如图所示，ABCD是LED闪光灯的圆柱形封装玻璃体，其横截面的直径AB=d，厚度AD=d．LED灯（可视为点光源）固定在玻璃体CD面的圆心O．玻璃体的折射率为光在真空中的传播速度为c．求：

①光在玻璃体中传播的速度；

②光线OA在AB面发生折射时的折射角．评卷人得分五、推断题(共3题，共27分)21、某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分rm{T}可通过下列反应路线合成rm{(}部分反应条件略rm{)}可通过下列反应路线合成rm{T}部分反应条件略rm{(}rm{)}的化学名称是_______，rm{(1)A}新生成的官能团是_______________________；rm{A隆煤B}的核磁共振氢谱显示峰的组数为_______________________。rm{(2)D}的化学方程式为____。rm{(3)D隆煤E}与新制的rm{(4)G}发生反应，所得有机物的结构简式为________________________。rm{Cu(OH)_{2}}可由rm{(5)L}与rm{B}发生加成反应而得，已知rm{H_{2}}则rm{R_{1}CH_{2}Br+NaC隆脭CR_{2}隆煤R_{1}CH_{2}C隆脭CR_{2}+NaBr}的结构简式为_______________________________。rm{M}已知则rm{(6)}的结构简式为_____________________。rm{T}22、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{3:}物质结构与性质rm{](15}分rm{)A}rm{B}rm{C}rm{D}为原子序数依次增大的四种元素，rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的电子构型rm{;C}rm{D}为同周期元素，rm{C}核外电子总数是最外层电子数的rm{3}倍rm{;D}元素最外层有一个未成对电子。回答下列问题：rm{(1)}四种元素中电负性最大的是rm{(}填元素符号rm{)}其中rm{C}原子的核外电子排布式为。rm{(2)}单质rm{A}有两种同素异形体，其中沸点高的是rm{(}填分子式rm{)}原因是rm{;A}和rm{B}的氢化物所属的晶体类型分别为和。rm{(3)C}和rm{D}反应可生成组成比为rm{1隆脙3}的化合物rm{E}rm{E}的立体构型为，中心原子的杂化轨道类型为。rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}的立体构型为，中心原子的价层电子对数为，单质rm{D}与湿润的rm{Na_{2}CO_{3}}反应可制备rm{D_{2}A}其化学方程式为。rm{(5)A}和rm{B}能够形成化合物rm{F}其晶胞结构如图所示，晶胞参数rm{a=0.566nm}rm{F}的化学式为rm{;}晶胞中rm{A}原子的配位数为rm{;}列式计算晶体rm{F}的密度rm{(g隆陇cm^{-3})}。

23、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{3}物质结构与性质】磷和钙都是促成骨骼和牙齿的钙化不可缺少的营养元素。rm{(1)}rm{*}基态rm{Ca^{2+}}的原子结构示意图为__________，基态rm{P}原子的价电子排布图为_________。rm{(2)}元素的第一电离能：rm{Ca}__________rm{P(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}rm{(3)}rm{*}白磷rm{(P_{4})}是磷的一种单质。已知白磷分子为正四面体结构，则rm{P}原子的杂化方式为__________，rm{P_{4}}中的键角为__________；白磷在rm{CS_{2}}中的溶解度__________rm{(}填“大于”“小于”或“无法比较”rm{)}在水中的溶解度。rm{(4)}常温下rm{PCl_{5}}是一种白色晶体，晶体结构为氯化铯型，由rm{A}rm{B}两种离子构成。已知rm{A}rm{B}两种离子均含磷，且分别与rm{CCl_{4}}rm{SF_{6}}互为等电子体，则rm{A}离子的构型为__________，rm{B}离子的符号为__________。rm{(5)}rm{*}萤石rm{(CaF_{2})}是一种常见的含钙矿石，晶胞结构如图所示。其中阳离子的配位数为__________；阴阳离子之间的最近距离与阳离子之间的最近距离之比为__________。rm{(6)}下列是几种碳酸盐的热分解温度和阳离子半径：。碳酸盐rm{CaCO_{3}}rm{SrCO_{3}}rm{BaCO_{3}}热分解温度rm{/隆忙}rm{900}rm{1172}rm{1360}阳离子半径rm{/pm}rm{99}rm{112}rm{135}根据上表数据分析，碳酸钙热分解温度最低的原因是______________________。rm{(7)}用rm{X}射线衍射法可以测得阿伏加德罗常数。已知金属钙的晶胞为面心立方最密堆积，晶胞边长为rm{d}rm{pm}又知钙的密度为rm{娄脩}rm{g?cm^{-3}}则一个钙晶胞的质量为__________rm{g(}用rm{d}，rm{娄脩}表示，下同rm{)}阿伏加德罗常数为__________rm{mol^{-1}(}要求化简rm{)}评卷人得分六、综合题(共4题，共28分)24、【题文】图1-1-1中（1）所示为一根竖直悬挂的不可伸长的轻绳，下端拴一小物块A，上端固定在C点且与一能测量绳的拉力的测力传感器相连.已知有一质量为m0的子弹B沿水平方向以速度v0射入A内（未穿透）；接着两者一起绕C点在竖直面内做圆周运动.在各种阻力都可忽略的条件下测力传感器测得绳的拉力F随时间t的变化关系如图1-1-1（2）所示.已知子弹射入的时间极短，且图1-1-1（2）中t=0为A；B开始以相同速度运动的时刻.根据力学规律和题中（包括图）提供的信息，对反映悬挂系统本身性质的物理量（例如A的质量）及A、B一起运动过程中的守恒量，你能求得哪些定量的结果？

图1-1-125、【题文】质量为10的物体，在的水平向右的力作用下，沿水平地面由静止开始运动，在开始运动的第5末撤去水平力此时物体的位移为25()；求：

（1）物体与地面间的动摩擦因数？

（2）撤去时物体的速度？

（3）撤去后物体还能滑行的距离？26、【题文】已知地球半径R＝6.4×km，试求在赤道上空相对于地球静止的同步卫星距地面的高度h，并求同步卫星发射回地球的信号可覆盖的范围(以对地心的圆心角表示)．27、【1

】1.

关于热力学定律，下列说法正确的是：A.为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B.对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C.可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D.不可能使热量从低温物体传向高温物体E.功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程2.

如图，长L=100cm

粗细均匀的玻璃管一端封闭。水平放置时，长L0=50cm

的空气柱被水银封住，水银柱长h=30cm

将玻璃管缓慢地转到开口向下的竖直位置，然后竖直插入水银槽，插入后有娄陇h=15cm

的水银柱进入玻璃管。设整个过程中温度始终保持不变，大气压强p0=75cmHg

求：

(1)

插入水银槽后管内气体的压强p

(2)

管口距水银槽液面的距离H

【2

】1.

如图所示，实线是一列简谐横波在t1

时刻的波形图，虚线是在t2=(t1+0.2)s

时刻的波形图.

则填入正确选项前的字母为：

A.若质点M

在t1

时刻的振动方向向上，则波向右传播。B.简谐波的周期可能是0.8s

C.若质点M

在t1

时刻的振动方向向上，则波速可能是35m/s

D.若波速为5m/s

则经0.2s

介质质点M

向右移动1m

E.若质点M

在t1

时刻的振动方向向上，则波速可能是25m/s

2.

如图所示，真空中有一个半径为R

质量分布均匀的玻璃球。频率为f

的细光束在空中沿直线BC

传播，在C

点经折射进入玻璃球，并在玻璃球表面的D

点又经折射进入真空中，已知隆脧COD=120鈭�

玻璃球对该激光的折射率为3(

已知c

为真空中的光速)

求：(1)

激光束的入射角。(2)

这束光线在玻璃球中的传播时间。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】由电压与匝数成正比可以求得原线圈电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流，频率与周期互为倒数【解析】【解答】解：A、由图2可知R1的电压最大值为20V；再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为400V，A正确；

B；根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同；周期为0.02s、频率为50赫兹，B错误；

C；电容器两端的电压是变化的；所带电量也是变化的，所以C错误；

D、电阻R1两端电压的有效值为=10V，电阻R1消耗的电功率P==100W；D错误；

故选：A2、A【分析】【分析】小球在内轨道中做变速圆周运动，线速度的大小和方向时刻改变，线速度总是在圆周切线方向上，因为具有切线加速度和向心加速度，所以合加速度的方向不一定直线圆心．根据牛顿第二定律求出小球通过最高点的最小速．【解析】【解答】解：A；小球在竖直的光滑圆形轨道内壁做圆周运动；线速度方向总是沿圆周切线方向．故A正确．

B；匀速圆周运动的加速度指向圆心；但变速圆周运动的加速度不总是指向圆心的，只有最高点和最低点的加速度才指向圆心．故B错误．

C、小球恰好到达最高点时，在最高点的线速度最小，此时由重力提供向心力，则有：mg=m，解得最小速度v=．故C错误．

D；匀速圆周运动的合外力指向圆心；但变速圆周运动的合外力不总是指向圆心的，只有最高点和最低点的合力才指向圆心．故D错误．

故选：A3、C【分析】【分析】由振动图象直接读出质点的位移，确定位置关系．根据加速度、回复力大小与位移大小成正比，方向与位移相反，判断加速度、回复力关系．根据质点的位置关系和速度方向关系判断速度关系．【解析】【解答】解：ABD、由振动图象看出，在t1和t2时刻，振子的位移大小，方向相反，则根据简谐运动的特征a=-和F=-kx可知；加速度；回复力大小相等、方向相反，所以两个时刻位移、回复力和加速度都不同．故ABD错误．

C；两个时刻位移大小；方向相反，物体的位置关于平衡位置对称，速度大小相等，由图读出，两个时刻物体的速度方向均负方向，方向相同，则两个时刻物体的速度相同．故C正确．

故选：C4、A【分析】【解析】试题分析：设斜面与水平面的夹角是A，摩擦力大小为在第一个过程中，根据能量守恒，摩擦力做的负功等于重力做的正功重力做功为摩擦力做功的距离为摩擦力做功为得出设第二次滑到距水平面x高处，同样的道理，有将前面的结果带入，得到所以x=h/2，A正确，考点：考查了能量守恒的应用【解析】【答案】A5、C【分析】【分析】由安培力公式F=BIL进行计算，注意式中的L应为等效长度．【解析】【解答】解：导线在磁场内有效长度为l=，故该L形通电导线受到安培力大小为：F=BI2•=BIL；选项C正确．

故选：C．二、填空题(共8题，共16分)6、8【分析】【分析】带电小球原来恰好静止，电场力与重力平衡，可列出方程；若将电压降到60V，根据牛顿第二定律和公式U=Ed求解加速度．【解析】【解答】解：带电小球原来静止，电场力与重力平衡，则有：mg=q①

若将电压降到60V，场强减小，电场力减小，小球向下加速运动，根据牛顿第二定律得：mg-q=ma②

据题U2=③

由①②③得：a=g=8m/s2．

故答案为：8．7、120＜x＜6cm，x＞12cm【分析】【分析】某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．运用合成进行分析．【解析】【解答】解：某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加；是合场强．

根据点电荷的场强公式E=所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强大小相等方向相反．

不会在Q1的左边，因为Q1的电荷大于Q2，也不会在Q1Q2之间，因为它们电荷电性相反，在中间的电场方向都是一样的；所以，只能在Q2右边．

设该位置据Q2的距离是L；

得：=

代入数据解得：L=0.06m=6cm；

所以x坐标轴上x=12cm处的电场强度为零；

在Q1Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向；所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域．所以x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是（0，6cm）和（12cm，∞）．

故答案为：12，0＜x＜6，x＞12cm．8、0.2m-0.2m【分析】【分析】坐标系的三要素是原点，正方向和单位长度，找出该点以原点为零点，是在正方向上还是在负方向上，从而确定坐标的正负．【解析】【解答】解：A点在坐标原点的正方向上；距离原点的距离为0.2m，所以A点的坐标为0.2m．

B点在坐标原点的负方向上；距离原点的距离为0.2m，所以B点的坐标为-0.2m．

故答案为：0.2m，-0.2m．9、4：4：11：2：14：8：1【分析】【分析】靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度．根据v=rω，a=ω2r可得出A、B、C三点的线速度、角速度和向心加速度之比．【解析】【解答】解：（1）靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度；故A；B两点的线速度相等，即：

vA=vB

共轴转动的点具有相同的角速度；故A；C两点的角速度相等，即：

ωA=ωC

根据v=rω；有：

故：vA：vB：vC=4：4：1

（2）由于vA=vB，根据v=rω；有：

ωA：ωB=rB：rA=1：2

故ωA：ωB：ωC=1：2：1

（3）根据v=rω，a=ω2r；有：a=vω，故：

aA：aB：aC=（4×1）：（4×2）：（1×1）=4：8：1

故答案为：

（1）4：4：1；

（2）1：2：1；

（3）4：8：1．10、略

【分析】

1、星球表面的重力等于万有引力：得．

所以地球和火星表面的重力加速度分别为：．

故

2；火星、地球绕太阳运动均可视为匀速圆周运动；根据万有引力等于向心力。

解得

所以=

故答案为：．

【解析】【答案】1、星球表面的重力等于万有引力：得．根据火星和地球的质量之比和半径之比；可以计算重力加速度之比．

2、火星和地球绕太阳运动均可视为匀速圆周运动，根据万有引力等于向心力解得．根据火星和地球绕太阳的公转半径；可计算公转周期之比．

11、5×10-20.14【分析】【分析】（1）根据蜡块水平方向和竖直方向上每段时间内的位移作出蜡块的轨迹．

（2）根据水平方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小．

（3）蜡块在竖直方向上做匀速直线运动，水平方向上做匀加速直线运动，分别求出2末水平方向和竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则求出速度的大小．【解析】【解答】解：（1）如图。

（2）蜡块在水平方向做匀加速运动；每相邻1秒位移差值。

△x=7.5-2.5=12.5-7.5=17.5-12.5=5（cm）

△x=at2

则加速度a==5×10-2m/s2

（3）竖直方向上的分速度vy==0.1m/s

水平分速度vx=at=0.1m/s

根据平行四边形定则得，v==m/s=0.14m/s

故答案为：（1）如图所示；（2）5×10-2；（3）0.14．12、20010【分析】【分析】当两个分力方向相同时，其合力最大，最大值等于两力之和；当两个分力方向相反时，其合力最小，最小值等于两力之差．根据条件列方程求解两个分力．当这两个力的夹角是90度时，根据勾股定理求出合力的大小．【解析】【解答】解：设两个力分别为F1、F2，且F1=F2．则由题得：

F大=F1+F2=20N

F小=F1-F2=0N

当这两个力的夹角是90度时，根据勾股定理得合力的大小F合==10N．

故答案为：20，0，10．13、厚【分析】【分析】光线通过玻璃砖后传播方向不变，只发生侧移，根据激光束在C上移动的方向，可以确定玻璃厚度的变化情况．由折射定律和几何知识求解玻璃厚度的变化量．【解析】【解答】解：根据平行玻璃砖的光学特性可知；光线通过玻璃砖后传播方向不变，只发生侧移，据题激光束在C的光斑向左移动，说明玻璃砖增厚．

根据折射定律得：n=

得，sinθ2===0.5，得θ2=30°

设玻璃砖变厚了d．

根据几何知识得：dtan45°-dtan30°=△s

解得，d=

故答案为：厚；三、判断题(共6题，共12分)14、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．【解析】【解答】解：两滴水银相接触；立即合并到一起以及熔化的蜡烛从燃烧的蜡烛上流下来，冷却后呈球形，是因为表面张力使液体表面有收缩的趋势．故该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】根据牛顿第二定律和运动学规律分析答题．【解析】【解答】解：物体速度变化的方向就是加速度的方向；由牛顿第二定律可知，加速度方向与物体受到的合外力的方向相，故说法正确；

故答案为：√．16、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×17、√【分析】【分析】根据牛顿第一定律，力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，则物体的加速度a不为0，故力是产生加速度的原因．【解析】【解答】解：根据牛顿第一定律；力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动状态发生改变，一定受到外力的作用．以上说法是正确的；

故答案为：√18、×【分析】【分析】机械能包括动能和重力势能，速度为零说明动能为零．【解析】【解答】解：物体的速度为零时；则动能为零，但重力势能不一定为零，所以机械能不一定为零，故错误．

故答案为：×19、×【分析】【分析】由万有引力定律知两个物体之间存在万有引力充当向心力，绕地球做圆周运动的物体受到的万有引力提供向心力，处于失重状态．【解析】【解答】解：绕地球做圆周运动的物体受到万有引力提供向心力；处于失重状态．而不是不受到地球的吸引力．故该说法是错误的．

故答案为：×四、实验探究题(共1题，共7分)20、略

【分析】解：（1）A．根据可见光中光的频率的排列顺序可知；可见光中的红光比紫光的频率低．故A正确；

B．可见光属于电磁波；能在真空中传播．故B错误；

C．可见光波长越长；越容易发生明显衍射．故C正确；

D．可见光能发生光的干涉和衍射现象；说明光具有波动性；偏振现象说明光是一种横波．故D错误；

故选：AC

（2）真空中一束波长为6×10-7m的可见光，频率为：γ===5×1014Hz；

该光进入水中后，根据波长与折射率的关系n==

可知；其波长与真空中的相比变短；

（3）①根据v=得，v==×108m/s．

（2）由题目图可知，DO=AB=d

所以入射角的正切：tanr===

所以：r=30°

根据折射定律知，n=

所以：sini=n•sinr=×=

所以折射角：i=45°

故答案为：（1）AC；（2）5×1014；短；

（3）①光在玻璃体中传播的速度为×108m/s．

②光线OA在AB面发生折射时的折射角为45°．

（1）可见光中的红光比紫光的频率低；干涉；衍射说明光具有波动性；偏振现象说明光是一种横波；

（2）根据频率与波长之间的关系即可求出频率；根据n=求出水中光的波长；

（3）①根据v=求出光在介质中传播的速度大小．

②根据入射角的大小；结合玻璃的折射率，通过折射定律即可求出．

该题考查光的折射，解决本题的关键掌握光的折射定律n=以及n=．【解析】AC；5×1014；短五、推断题(共3题，共27分)21、（1）丙烯-Br（2）2（3））3（4）HC≡CCOONa（5）CH3CH2CH2C≡CCHO）（6）6【分析】【分析】本题考查有机物推断，侧重考查学生分析推断及知识迁移能力，根据反应条件、物质结构简式结合rm{(5)(6)}题中信息进行推断，知道常见有机反应类型及反应条件，题目难度中等。【解答】根据rm{A}rm{B}结构简式知，rm{A}发生取代反应生成rm{B}rm{B}和溴发生加成反应生成rm{D}rm{D}在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成rm{E}rm{E}发生水解反应然后发生氧化反应生成rm{G}rm{G}结构简式为rm{HC隆脭CCHO}rm{L}可由rm{B}与rm{H_{2}}发生加成反应而得，则rm{L}为rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}Br}根据rm{R_{1}CH_{2}Br+NaC隆脭CR_{2}隆煤R_{1}CH_{2;}C隆脭CR_{2}+NaBr}知，rm{M}结构简式为rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}根据rm{R3C隆脭CR4xrightarrow[]{Na,脪潞掳卤}}知，rm{R3C隆脭CR4xrightarrow[]{Na,脪潞掳卤}

}结构简式为

rm{T}的化学名称是丙烯，rm{(1)A}新生成的官能团是rm{A隆煤B}故答案为：丙烯；rm{-Br}

rm{-Br}中两种氢原子，所以rm{(2)D}的核磁共振氢谱显示峰的组数为rm{D}故答案为：rm{2}

rm{2}在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成rm{(3)D}rm{E}的化学方程式为rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}

故答案为：rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}

rm{D隆煤E}与新制的rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}发生反应，rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}中醛基被氧化生成羧基后被碱中和，所得有机物的结构简式为rm{(4)G}

故答案为：rm{Cu(OH)_{2}}

rm{G}通过以上分析知，rm{HC隆脭CCOONa}的结构简式为rm{HC隆脭CCOONa}故答案为：rm{(5)}

rm{M}通过以上分析知，rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}结构简式为

故答案为：rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2;}C隆脭CCHO}【解析】rm{(}rm{(}rm{1}丙烯rm{1}rm{)}丙烯rm{)}rm{-Br}rm{-Br}rm{(}rm{(}rm{2}rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOHxrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}rm{2}rm{)}rm{)}rm{2}rm{2}rm{(}rm{3}rm{)}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}rm{C{H}_{2}BrCHBrC{H}_{2}Br+2NaOH

xrightarrow[?]{麓录}HC隆脭CC{H}_{2}Br+2NaBr+2{H}_{2}O}rm{(}rm{(}rm{4}rm{4}rm{)}rm{)}rm{HC}rm{HC}22、(15分)(1)O1s22s22p63s23p3(或[Ne]3s23p3)(每空1分,共2分)

(2)O3O3相对分子质量较大,范德华力大分子晶体离子晶体(每空1分,共4分)

(3)三角锥形sp3(每空1分,共2分)

(4)V形4

(或)(每空1分,共3分)

(5)Na2O8

=2.27g·cm-3(1分,1分,2分,共4分)【分析】由题意可知rm{A}为rm{O}rm{B}为rm{Na}rm{C}为rm{P}rm{D}为rm{Cl}rm{(1)}四种元素中rm{O}的非金属性最强，电负性最大rm{;P}的原子序数为rm{15}核外电子排布式为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3}}rm{(2)}氧元素的两种同素异形体为rm{O_{2}}和rm{O_{3}}沸点较高的是rm{O_{3}}因为rm{O_{3}}的相对分子质量较大，范德华力大。rm{O}的氢化物可以是rm{H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}}二者所属晶体类型均为分子晶体rm{;Na}的氢化物为rm{NaH}属于离子晶体。rm{(3)PCl_{3}}中中心原子的价层电子对数是rm{4}其中rm{娄脪}键数是rm{3}孤电子对数为rm{1}故rm{PCl_{3}}中中心原子采用rm{sp^{3}}杂化方式，分子构型为三角锥形。rm{(4)Cl_{2}O}中中心原子为rm{O}分子中rm{娄脪}键数为rm{2}中心原子孤电子对数为rm{2}故中心原子的价层电子对数为rm{4}分子空间构型为rm{V}形。rm{Cl_{2}}与湿润的rm{Na_{2}CO_{3}}反应生成rm{Cl_{2}O}的同时还应该生成rm{NaCl}和rm{NaHCO_{3}}rm{(5)}由晶胞结构可知，一个晶胞中小球个数为rm{8}大球个数为rm{4}小球代表离子半径较小的rm{Na^{+}}大球代表离子半径较大的rm{O^{2-}}故F的化学式为rm{Na_{2}O;}晶胞中与每个氧原子距离最近且相等的钠原子有rm{8}个rm{;}晶胞的质量为晶胞的体积为rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}cm^{3}}晶体密度为rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}

cm^{3}}【解析】rm{(15}分rm{)(1)O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}(}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3})(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(2)O_{3}}rm{O_{3}}相对分子质量较大，范德华力大分子晶体离子晶体rm{(}每空rm{1}分，共rm{4}分rm{)}rm{(3)}三角锥形rm{sp^{3}(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(4)V}形rm{4}rm{(}或rm{)(}每空rm{1}分，共rm{3}分rm{)}rm{(5)Na_{2}O}rm{8}rm{=2.27g隆陇cm^{-3}(1}分，rm{1}分，rm{2}分，共rm{4}分rm{)}23、（1）（2）＜（3）sp360大于（4）正四面体PCl6-（5）8（6）钙离子半径小，与氧结合生成氧化钙的晶格能大，故碳酸钙分解温度低（7）d3p10-301.61032/pd3【分析】【分析】本题考查了学生对电子排布、轨道杂化、晶胞的计算等知识，侧重分析、计算能力的考查，难度中等。【解答】rm{(1)Ca}是rm{20}号元素，核外电子排布为rm{2}rm{8}rm{8}rm{2}钙离子失去最外层rm{2}个电子，基态rm{Ca}rm{Ca}rm{{,!}^{2+}}的原子结构示意图为原子的价电子为基态rm{P}原子的价电子为rm{3s^{2}3p^{3}}电子排布图为电子排布图为

故答案为：rm{P}同一周期越往右电离能越大，在rm{3s^{2}3p^{3}}故答案为：rm{(2)}rm{Ca<P}故答案为：rm{<}白磷分子为正四面体结构，价层电子对总数为rm{Ca<P}则rm{<}原子的杂化方式为rm{(3)}白磷分子为正四面体结构，价层电子对总数为rm{4}则rm{P}原子的杂化方式为rm{sp^{3}}rm{P}rm{(3)}rm{4}rm{P}rm{sp^{3}}根据相似相溶原理，rm{P}rm{{,!}_{4}}中的键角为大于在水中的溶解度，rm{60^{circ}}白磷在rm{CS}rm{CS}rm{{,!}_{2}}中的溶解度两种离子均含磷，且分别与故答案为：rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}rm{60^{circ}}；大于；rm{(4)A}rm{B}两种离子均含磷，且分别与rm{CCl}离子为rm{(4)A}rm{B}价层电子对总数为rm{CCl}为正四面体，rm{{,!}_{4}}离子为、rm{SF}rm{SF}rm{{,!}_{6}}互为等电子体，则rm{A}离子为rm{A}rm{PCl_{4}^{+}}，阴阳离子之间的最近距离为体的对角线的rm{4+1/2(5-1-4)=4}等于rm{B}离子为rm{PCl_{6}^{-}}阳离子之间的最近距离为面的对角线的一半等于rm{B}故之比为rm{PCl_{6}^{-}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}=sqrt{6}拢潞8}故答案为：故答案为：正四面体；rm{PCl_{6}^{-}}rm{(5)}由以上表格可知，钙离子半径小，与氧结合生成氧化钙的晶格能大，故碳酸钙分解温度低，故答案为：钙离子半径小，与氧结合生成氧化钙的晶格能大，故碳酸钙分解温度低；rm{CaF}根据rm{CaF}rm{{,!}_{2}}中钙离子的配位数为rm{8}阴阳离子之间的最近距离为体的对角线的rm{1/4}等于rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}阳离子之间的最近距离为面的对角线的一半等于rm{dfrac{sqrt{2}}{2}}故之比为rm{{,!}^{-3}隆脕(d隆脕10^{-10})^{3}cm^{3}=d^{3}p隆脕10^{-30}g}rm{8}rm{1/4}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}}根据rm{p=m/V=40隆脕4/N_{A}/(d隆脕10^{-10})^{3}=p}rm{N_{A}=1.6隆脕10^{32}/pd^{3}}故答案为：rm{dfrac{sqrt{3}}{4}}rm{dfrac{sqrt{2}}{2}=sqrt{6}拢潞8

}rm{8}【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{<}rm{<}rm{(3)sp^{3}}rm{60^{circ}}大于大于rm{(3)sp^{3}}正四面体rm{60^{circ}}rm{(4)}正四面体rm{PCl_{6}^{-}}rm{(4)}rm{PCl_{6}^{-}}钙离子半径小，与氧结合生成氧化钙的晶格能大，故碳酸钙分解温度低rm{(7)d^{3}p隆脕10^{-30;;;;;}1.6隆脕10^{32}/pd^{3}}rm{(5)8}六、综合题(共4题，共28分)24、略

【分析】【解析】由题图（2）可直接得出，A、B一起做周期性运动，运动的周期：T=2t0①

令m表示A的质量，l表示绳长，v1表示B运动到最低点时的速度，v2表示运动到最高点时的速度，F1表示运动到最低点时绳的拉力，F2表示运动到最高点时绳的拉力.根据动量守恒定律；

得m0v0=(m0+m)v1②

在最低点和最高点处运用牛顿定律可得F1-（m+m0）g=(m+m0)③

F2+(m+m0)g=(m+m0)④

根据机械能守恒定律可得2l(m+m0)g=(m+m0)v12-(m+m0)v22⑤

由题图（2）可知F2="0"⑥

F1=Fm⑦

由以上各式可解得，反映系统性质的物理量是m=⑧

l=⑨

A；B一起运动过程中的守恒量是机械能E；若以最低点为势能的零点，则。

E=（m+m0）v12⑩

解得E=【解析】【答案】m=

l=

E=25、略

【分析】【解析】（1）撤消F前，物体做初速度为零的匀加速运动，由得。

加速度：1分。

根据牛顿第二定律得：2分。

又因为：1分。

联解得：1分。

（2）撤消F瞬间物体速度大小：2分。

（3）撤消F后物体加速度大小：2分。

撤消F后物体滑行距离：2分【解析】【答案】(1)0.1(2)10m/s(3)50m26、略

【分析】【解析】同步卫星周期T＝24h＝8.64×s，万有引力提供向心力，有G＝m·(R＋h)；

化简得h＝－R；

代入数据得h＝3.6×km．

如图，设赤道平面上信号覆盖范围所对圆心角为θ，则有

代入数据解得θ＝2arccos＝．

要实现“全球通”，赤道上空所需同步卫星的颗数n＝即至少需要3颗．【解析】【答案】3.6×km；赤道平面上信号覆盖范围所对圆心角为：．27、【1】1.ACE

2.解：（1）将玻璃管缓慢地转到开口向下和竖直位置的过程中,设会有xcm水银流出,气体的初状态:p1=p0=75cmHg，V1=L0s；

末状态:p2=75-(30-x)cmHg，V2=100s-(30-x)s

由玻意耳定律:P1V1=P2V2

代入数据,计算得出:x1=-120cm(舍去)，x2=5cm

插入后有15cm的水银柱进入玻璃管，此时管内的水银柱长度:L'=(30-5+15)cm=40cm