2025年鲁教五四新版九年级物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教五四新版九年级物理上册月考试卷899考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、重100N的物体在10N的水平拉力作用下，以0.5m/s的速度在水平地面上匀速前进8s，则（）A.重力做功为400JB.拉力做功为80JC.所受的摩擦力为100ND.拉力做功为40J2、我国著名歌手韩红的《青藏高原》很多人”唱不上去“，原因是这首歌（）A.音调太高B.响度太大C.音色太美D.歌词不认识3、如图所示的滑动变阻器中，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的是（）A.B.C.D.4、下面四幅图中，可以用来演示发电机原理的是()A.B.C.D.5、吊在室内天花板上的电风扇，静止不动时吊杆对天花板拉力为F1，电风扇水平匀速转动后，吊杆对天花板拉力为F2，则（）A.F1=F2B.F1＞F2C.F1＜F2D.条件不足，无法比较评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、（2011秋•东阿县校级月考）用量筒装某液体的体积为V，液体与量筒的共同质量是M，改变液体体积重复上述步骤，如此反复实验多次后作出如图所示的图象．由图可知，该种液体的密度为____kg/m3．从图象中还可获得的信息____．7、如图所示，开关S闭合后，电路正常工作，电压表有一定的示数．一段时间后，电压表的示数突然变为零，则故障可能是R1____或R2____．（填“短路”或“断路”）

8、弹簧测力计吊着物块在空气中称时示数为1.6N，当把物块总体积的浸入水中称时示数为0.6N，则物体受到的浮力为____N，物块的密度为____kg/m3．9、自然界中存在着____种电荷，电荷间相互作用是：同种电荷相互____，异种电荷相互吸引．物理学家规定：把____电荷定向移动的方向规定为电流的方向，____是使自由电荷发生定向移动形成电流的原因．如图所示验电器A带正电，B不带电，用一根带绝缘手柄的金属棒接触两验电器，能使B验电器金属箔张开一定角度，则电流方向从____（选填“A到B”或“B到A”）

10、小明利用玻璃瓶里装一些红色的水，取一根两端开口的细玻璃管，让玻璃管穿过橡皮塞插入水中，并从管子上端吹入少量气体，这样就制成了一个简易的多功能物理实验演示器如图甲所示，当把此装置从山脚带到山顶时，发现玻璃管内液面升高，这说明______；将瓶内灌满水，塞紧塞子，如图乙所示，用力挤压瓶子，发现玻璃管内液面上升，这说明______．11、电动机是一种使用广泛的动力机械，从能量转化的角度看，它主要是把电能转化为机械能，还有一部分能量在线圈中以热量的形式散失掉。现有一台电动机，当电动机两端加220V电压时，通过电动机线圈的电流为5A，则每秒钟该电动机消耗的电能是______J．若该电动机线圈的电阻是0.4Ω，则线圈每秒钟产生的热量是______J，这台电动机每秒钟所做的机械功是______J。评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)12、教室中两盏灯同时亮同时灭，说明它们是串联的．____．（判断对错）13、一个放在桌子上静止的茶杯，他所受到的重力就是它对桌面的压力．____（判断对错）14、图中哪些做法能确保安全用电？正确的打“√”；错误的打“×”．

____

____

____

____．15、弹簧伸长的长度与外力不总是成正比的．____．（判断对错）16、判断下列说法的正确与错误：

（1）机器做功越多，它的功率就越大____；

（2）机器的功率越大，说明它做功越快____；

（3）机器的功率小，说明它的效率低____；

（4）机器功率越大，说明它做功越多____．17、可以用技术提高热机的效率，可以达到100%．____（判断对错）18、幻灯机放映画面时，为了使观众看到正立的像，必须把幻灯片倒着插在架子上．____．19、使用刻度尺之前要观察它的量程、最小刻度值和零刻线的位置．（____）20、噪声监测装置可以防止噪声的产生____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共28分)21、某同学要测一个额定电流为0.3A的小灯泡的额定功率；他设计了如图所示电路图，请帮助该同学完成下列问题：

（1）在连接实物电路过程中，开关应处于____状态．

（2）经检查电路连接无误后，接通电路，观二察到电流表指针位置如图所示，此时电路中电流为____A．

（3）假设实验时电路连接正确，器材及各接线柱的连接完好，实验中无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电路中的电流总低于0.3A，其原因是____．22、在“探究小灯泡电阻”的实验中；灯泡额定电压为2.5V，请回答：

实验次数1234电压/V1.52.02.53.0电流/A0.220.250.280.30电阻/Ω6.88.010.0发光情况逐渐变亮（1）上面实物图的连接只差一根导线；请你帮助连好．

（2）某实验小组连完电路图后，闭合开关发现小灯泡很亮，调节变阻器滑片发现小灯泡的亮度没有任何变化，电流表示数也不改变，则造成此现象的原因是____．

（3）改正电路后小组收集到如上表的数据及现象，表中第三次的电阻值应是____Ω，根据表中数据及现象，可得出的探究结论是____．

（4）纵观此实验的探究过程；发现与“测量小灯泡电功率”的实验几乎完全相同，通过计算每次小灯泡的电功率并结合实验现象，分析可得的实验结论有：

①小灯泡的额定电功率为____W；②____．23、如图1所示；小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆；支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个．

（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉．此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节；使杠杆在不挂钩码时，达到水平平衡状态．

（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：______．他这样得出的结论为什么不合理？______．

（3）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图2所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．其原因是：______．

（4）实验时只有8个相同的钩码，杠杆上每格等距，如图1，当在A点挂4个钩码时，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计一种方案）______；

（5）杠杆不处于水平位置能否平衡？甲乙意见不同．甲认为能平衡．于是他让每次杠杆倾斜时静止；做这个实验也得出了杠杆平衡条件．

甲这种方案与乙让杠杆在水平位置做实验的方案相比较，你认为哪个实验方案好，并说明理由：______实验方案好；理由是______．24、如图是探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验装置。

(1)

在测量滑动摩擦力的大小时；必须让木块在水平面上做______运动；

(2)

分析比较甲；乙两图可以得到：滑动摩擦力的大小跟接触面的______有关。

(3)

分析比较______两图可以得到：滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关。评卷人得分五、其他(共4题，共12分)25、（2016•皇姑区一模）如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，有线功能是通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间时____（填“串联”或“并联”）的，无线连接功能（Wifi）是通过____波向四周有效范围内的终端传递信息，工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了____能．26、随着我国经济的不断增长，国防力量也在加强，我国第一艘航空母舰“辽宁号”已正式交接．根据某航母的主要参数值计算：（g=10N/kg，ρ海水=1.03×103kg/m3）

。主要参数值航母总质量（包括舰载飞机）6×107kg每架舰载飞机的质量5150kg每架舰载飞机与甲板的总接触面积5000cm2航母正常航行速度54km/h航母以正常航行速度行驶时所受阻力3.6×108N求：（1）求每架舰载飞机对甲板的压强．

（2）若航母以正常航行速度匀速从甲地开往乙地；行驶了540km．求此过程中航母牵引力的功率．

（3）若其中一架舰载飞机起飞后，求航母排开海水的体积减少了多少？27、在学校科技创新大赛中；同学们根据所学的物理知识设计了一种“闯红灯违规证据模拟记录器”如图甲所示，它可以通过拍摄照片来记录机动车辆闯红灯时的情境．它的工作原理是：当光控开关接收到某种颜色光时，开关自动闭合，且当压敏电阻受到车压力，它的阻值变化引起电流变化到一定值时，电磁继电器衔铁就被吸下，工作电路中电控照相机工作，拍摄违规车辆．光控开关未受到该种光照射自动断开，衔铁没有被吸引，工作电路中的指示灯发光．

（1）根据工作原理；将电路连接完整；

（2）要记录违规闯红灯的情境，光控开关应在接收到____光（红/绿/黄）时，自动闭合；电控照相机工作时，所拍摄到违规车辆的像是____像（虚/实）；

（3）由图乙可知，控制电路中的电流随压敏电阻受到压力的增大而____；

（4）假设控制电路电压为6V，继电器线圈电阻为10Ω，当控制电路中电流≥0.06A时，衔铁被吸引．结合图乙计算可知，只有质量达到____kg的车辆违规时才会被拍照记录；g=10N/kg；

（5）若某车的质量为3t，静止时轮胎与路面接触的总面积为0.2m2，则静止时该车对路面的压强为____Pa；当该车违规闯红灯时压敏电阻的功率为____W；

（6）要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，你有什么好办法：____．28、（2012•绍兴）小敏设计并制造了一个能精确计时一百秒的器件．它的原理是：让第一粒弹子落下跌入铁罐，发出第一声响，开始计时．弹子跌入铁罐，使B点升高，管子里的活塞向上移动，第二粒弹子被推出管子，从H点沿轨道滚动，直至跌入铁罐，发出第二声响，这时正好是50秒．再推动第三粒弹子进入轨道，最后，也跌入铁罐．发出第三声响，刚好是100秒．这一器件中．弹子落下，推动活塞上升，使用的机械名称是____，弹子从H点下落，到跌入铁罐的过程中，机械能的转化方式是____．评卷人得分六、综合题(共3题，共12分)29、（2014•贵阳模拟）某班同学到实验室做“测定小灯泡额定功率”的实验．被测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω．实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0～0.6A0～3A）、电压表（0～3V0～15V）、开关各一只，导线若干，滑动变阻器三只：R1（5Ω0.5A）、R2（10Ω0.5A）、R3（500Ω1A）．同学们设计的电路如图所示：

（1）电压表应选用____挡，电流表选____挡滑动变阻器应选用____（选填“R1”、“R2”、“R3”）；

（2）实验电路接好后；合上开关时，部分同学发现电路出现故障，主要有下表所列的两种情况，请根据现象和检测结果指出故障的可能原因：

。故障现象检测故障原因a．灯泡较暗、两表的示数均较小移动滑动变阻器滑片，现象不变b．灯泡不亮、电压表示数较大、电流表无示数取下灯泡，两表的示数不变（3）下表为某小组的实验记录分析表：

。实验序号电压表示数/V电流表示数/A功率/W额定功率/W13.00.361.08P额==1.5023.80.41.5234.50.421.89老师认为该小组数据处理过程有误，你认为正确测量结果P额=____W，理由是____．30、（2011春•黄州区校级期中）科学研究表明：在一定范围内，金属杆的伸长与它所受的拉力成正比．现在，我们要知道一根长度为2.5cm、横截面积为0.8cm2的金属杆A；最大伸长0.4cm时所能承受的拉力．但是直接对A进行测试有困难，因此我们就对同种材料制成的不同规格的样品进行了测试．测试中，所用拉力始终为1000N，测得的数据如表所示．

。长度l/m横截面积S/cm2伸长△l/cm10.050.1640.100.3210.100.0820.050.3240.200.16（1）在对样品进行测试时，采用如图装置．这主要运用了____

A．模型法B．类比法C．分类法D．放大法。

（2）分析数据可知，金属杆伸长的长度与金属杆的长度成____．与金属杆的横截面积成____（填“正比”或“反比）（3）金属杆A所能够承受的最大拉力为____N．31、如图为交通路段的警示牌．若把它作为杠杆，并以A为支点．请画出此杠杆的动力、动力臂，阻力、阻力臂．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】解答此题从以下知识点入手：

（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是在力的方向上移动的距离，先判断重力和拉力是否做功，再利用功的公式求做功大小．

（2）知道物体受到的拉力；求出前进的距离，根据公式W=FS可求拉力对物体做的功；

（3）当物体沿水平方向做匀速直线运动，此时摩擦力等于拉力．【解析】【解答】解：

A；重力的方向是竖直向下的；物体水平移动，在重力的方向没移动距离，故重力不做功，故A错．

BD；物体前进的距离：s=vt=0.5m/s×8s=4m；

拉力做功：W=Fs=10N×4m=40J；故B错；D正确．

D；因为物体在水平地面上匀速前进；所以拉力和摩擦力是一对平衡力，所以物体受到的摩擦力为f=F=10N；故C错．

故选D．2、A【分析】【分析】物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高．【解析】【解答】解：“这歌曲太高；唱不上去”，这里的“高”指的是声音的音调，它决定于发声体振动的频率．

故选A．3、A【分析】【解答】解：A；图中；滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长，滑动变阻器连入电路的电阻变大，符合题意；

B；图中；向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻丝变短，接入电路的滑动变阻器阻值变小，不合题意；

C；图中；滑动变阻器同时接上面两个接线柱，滑动变阻器此时相当于导线，不合题意；

D；图中滑动变阻器同时接下面两个接线柱；滑动变阻器被接成定值电阻，移动滑片，滑动变阻器接入电路的阻值不变，不合题意．

故选A．

【分析】（1）滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的，接入电路的电阻丝就是下面被连接的接线柱与滑片P之间的部分．（2）当滑片滑动时，接入电路的电阻丝变长，则电阻变大，变短则电阻变小．4、B【分析】【分析】电动机的原理是通电导体在磁场中受力转动，电动机的原理图中有电源；发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理，注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。【解答】A.开关闭合后，电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，即是电动机的制作原理，A

不符合题意；B.开关闭合后，在外力作用下线圈在磁场中做切割磁感应线运动，电流表有示数，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，B

符合题意；C.通电后小磁针发生转动，说明通电导体周围存在磁场，C

不符合题意；D.探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，D

不符合题意。故选B。【解析】B

5、B【分析】【分析】电风扇静止，静止就是一种平衡状态，平衡状态时受到的就是一对平衡力，从而判断出G和F1的关系；

电风扇转动时，风扇叶片就会对空气施加一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以风扇叶受到了一个空气施加的反作用力，此时风扇叶片虽然转动，但位置没有变化，此时风扇叶片依然受到的是平衡力，根据平衡力的知识分析．【解析】【解答】解：电风扇静止时受到的重力和固定杆对它的拉力是一对平衡力，即F1=G；

扇叶水平转动起来后，风向下振动，所以风受到电扇的作用力向下，由牛顿第三定律可知电扇受到的风的反作用力向上，F2＜G；

所以F1＞F2．

故选B．二、填空题(共6题，共12分)6、略

【分析】【分析】（1）从图象上找出液体和量筒的总质量和量筒的质量；求出液体的质量，找到对应的体积，根据密度公式求出液体的密度．

（2）根据图象不过原点，图象中的质量不是液体的质量，而是液体和量筒的总质量，可从这一角度分析．【解析】【解答】解：（1）由图象知，量筒的质量为20g，当量筒和液体的质量为60g时，液体的体积为40cm3；

液体的质量为：m=m2-m1=60g-20g=40g；

液体的密度为：ρ===1g/cm3=1.0×103kg/m3．

（2）由图可知；当不装液体时，量筒的质量为20g．

故答案为：1.0×103；量筒的质量是20g．7、略

【分析】

如图电压表测电阻R1的电压，R1和R2串联，电压表由有示数变为无示数，说明电路出现了断路和短路．如果R1断路，电压表就会和R2形成串联，电压表的示数接近电源电压，不合题意．因此R1短路，电压表也被短路，示数为零．如果R2短路，则R1正常工作，电压表有示数，不合题意．因此R2断路；整个电路也断路，电压表无示数．

故答案：R1短路或R2断路．

【解析】【答案】电路的故障主要有电路短路和断路两种．开关S闭合后；电路正常工作，电压表有一定的示数．一段时间后，电压表的示数突然变为零，说明电路出现了断路或短路．

8、略

【分析】

（1）F浮=G-G拉=1.6N-0.6N=1N；

物体的体积为V=2V排=2×=2×=2×10-4m3．

（2）物体的质量m===0.16kg；

物体的密度：ρ===0.8×103kg/m3．

故答案为：1；0.8×103．

【解析】【答案】（1）物体所受浮力等于物体在空气中的重力减去完全浸没后在水中的重力，根据公式F浮=ρgV排求出物体的体积．

（2）根据m=求出物体的质量，再根据公式ρ=可求出物体的密度．

9、略

【分析】

（1）自然界存在两种电荷：正电荷和负电荷．同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引．

（2）电荷的定向移动形成电流；电荷定向移动形成电流的情况有多种，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向．

（3）电压是使自由电荷发生定向移动形成电流的原因．

（4）如图所示验电器A带正电是因为缺少电子；B不带电，用一根带绝缘手柄的金属棒接触两验电器时，B验电器上的电子一部分转移到A验电器，B验电器由于缺少电子也带了正电，这个过程是自由电子从B定向移动到A，所以电流方向是从A到B．

故答案为：两；排斥；正；电压；A到B．

【解析】【答案】（1）自然界存在两种电荷：正电荷和负电荷．电荷间相互作用：同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引．

（2）电流的形成：电压是使自由电荷发生定向移动形成电流的原因．

（3）在电压作用下：正电荷定向移动可以形成电流；负电荷定向移动可以形成电流；正负电荷向相反方向移动可以形成电流．电流方向的规定：正电荷定向移动的方向规定为电流的方向．

（4）物体带电的实质是电子的得失．金属导体内能够自由移动的是自由电子；电流的方向与电子移动方向相反．

10、略

【分析】解：（1）把气压计从山脚带到山顶；瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会增大；

（2）用力挤压瓶子；发现玻璃管内液面上升，这说明力可以使物体发生形变．

故答案为：高度越高；大气压越小；力可以使物体发生形变。

（1）把气压计从山脚带到山顶时；发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小；

（2）力可以改变物体的形状和运动状态．

瓶内外压强的大小关系是决定水柱高低的原因，大气压随高度增加而减小的规律，是解决此题的基础，因此，越往高处，外界大气压越小，瓶内的压强就会越向上压水柱．【解析】高度越高，大气压越小；力可以使物体发生形变11、1100101090【分析】解：（1）电动机每秒消耗的电能W=UIt=220V×5A×1s=1100J；

（2）线圈每秒产生的热量Q=I2Rt=（5A）2×0.4Ω×1s=10J；

（3）电动机每秒所做的机械功是W机械=W-Q=1100J-10J=1090J。

故答案为：1100；10；1090。

（1）已知电压与电流；由功的公式W=UIt可求出电动机消耗的电能；

（2）由公式W=I2Rt可求出电动机线圈产生的热量；

（3）电动机的总功与电动机线圈消耗的热量之差等于电动机的机械功率。

本题考查了求电动机的功、线圈产生的热量、电动机产生的机械功等，把已知数据代入功的公式计算即可。【解析】1100101090三、判断题(共9题，共18分)12、×【分析】【分析】串联电路中，各用电器互相影响，并联电路中，各用电器互不影响，据此可做出判断．【解析】【解答】解：教室中两盏灯同时亮同时灭；但如果一盏损坏，另一盏可以继续工作，说明它们互不影响，是并联的．

故答案为：×．13、×【分析】【分析】物体静止在水平桌面上，物体对水平桌面的压力大小等于物体的重力，但不能说就是重力．压力是由于物体的形变而产生的．【解析】【解答】解：茶杯对桌面的压力；施力物体是茶杯，受力物体是桌面；茶杯受到的重力的施力物体是地球，受力物体是茶杯．两个力的施力物体和受力物体都不相同，所以这两个力不是同一个力，但两者大小相等．故题干说法错误．

故答案为：×．14、×【分析】【分析】安全用电的原则是：不接触低压带电体；不靠近高压带电体；

在家庭电路中，要注意不能直接或间接接触带电体．【解析】【解答】解：把电暖气放在浴缸附近；若湿水后，容易发生触电事故，做法错误；

若空调漏电；把湿毛巾放在空调上，在拿毛巾时容易发生触电事故吗，做法错误；

更换灯泡时；拔下插头，这样灯与电源脱离，符合安全用电的原则，做法正确；

同时使用很多用电器；会造成电路中的电流过大，发生危险，做法错误．

故答案为：×，×，√，×．15、√【分析】【分析】在弹性限度内，弹簧的伸长才与所受的拉力成正比．【解析】【解答】解：弹簧伸长的长度与外力成正比必须是在弹簧的弹性限度内才成立；如果超出了弹性限度，弹簧的伸长就不再与外力成正比，因此这一说法是正确的．

故答案为：√．16、×【分析】【分析】功率是表示做功快慢的物理量，而机械效率是指有用功占总功的比值，二者是不同的物理量，据此分析判断．【解析】【解答】解：功率是表示做功快慢的物理量；机器的功率大，说明它做功快，即在相同的时间内做功多．

（1）机器做功越多；不知道做功时间，它的功率不一定大，故（1）的说法错误；

（2）机器的功率越大；说明它做功越快，正确；

（3）功率是表示做功快慢的物理量；而机械效率是指有用功占总功的比值，二者是不同的物理量，二者没有关系，故（3）错误；

（4）机器的功率大；说明它做功快，不知道做功时间，做功不一定多，故（4）的说法错误．

故答案为：×，√，×，×．17、×【分析】【分析】热机效率的概念：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高．【解析】【解答】解：热机在工作过程中；燃料不可能完全燃烧，尾气带走较多的热量，机器本身散热，克服机械间摩擦做功，剩余的能量才是有用的能量，在燃料完全燃烧提供的能量中只占很少一部分，所以热机效率不可能达到100%，所以此说法错误．

故答案为：×．18、√【分析】【分析】幻灯机成像的原理：当2f＞U＞f时，光屏上呈现倒立、放大的实像，V＞2f，这种情况应用于幻灯机．倒立的像与幻灯片比较，上下颠倒而且左右颠倒．【解析】【解答】解：幻灯机的镜头是一个凸透镜．放映时；幻灯片位于凸透镜一倍焦距和二倍焦距之间，此时凸透镜成的是一个倒立放大的实像，所以为了使观众看到正立的像，幻灯片要倒着放．

说法正确．

故答案为：√．19、√【分析】【分析】刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值．观察零刻度线是否磨损，读数时视线要与刻度面垂直，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．【解析】【解答】解：使用刻度尺之前要观察它的量程；最小刻度值和零刻线的位置．此说法正确．

故答案为：√20、×【分析】【分析】根据减弱噪声的途径和噪声监测装置的作用去分析．【解析】【解答】解：控制噪声要从三方面着手：防止噪声的产生（即在声源处减弱）；阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）．

而噪声监测装置是噪声监测器上可以直接读出分贝数；它不能起到防止噪声的作用．

故答案为：×．四、实验探究题(共4题，共28分)21、略

【分析】【分析】（1）为了保护电路；连接电路时开关要断开；

（2）首先确定使用的量程；然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数，读出电流的大小；

（3）实验时电路连接正确，器材及各接线柱的连接完好，只能是电源电压过低，使电路中的电流达不到0.3A．【解析】【解答】解：（1）在连接实物图时；为了保护电路，开关要处于断开状态；

（2）从图中可以看出电流表的量程为0.6A；分度值为0.02A，因此电流值为0.1A；

（3）因为实验时电路连接正确；器材及各接线柱的连接完好，所以原因只能是电源电压太低．

故答案为：（1）断开；（2）0.1；（3）电源电压小于灯泡的额定电压．22、滑动变阻器同时接了上面的两接线柱8.9灯泡两端电压越大，灯泡越亮，灯泡的电阻越大0.7灯泡的实际功率越大，灯泡越亮【分析】【分析】（1）根据本实验中电路的连接方式和电表作用分析补充连接电路；

（2）调节滑动变阻器不起作用；且灯泡的亮度很亮，说明电路中电阻很小，可能是滑动变阻器同时接了上面两个接线柱；

（3）由表中数据；由欧姆定律计算第三次实验的电阻值；灯泡电阻是变化的，由此根据表中数据和现象得出结论；

（4）灯泡正常发光时电压等于其额定电压；由P=UI计算小灯泡的额定电功率；

计算每次灯泡功率，结合灯泡亮度得出结论．【解析】【解答】解：

（1）在“探究小灯泡电阻”的实验中；滑动变阻器；灯泡、电流表应串联，电压表应与灯泡并联，滑动变阻器应一上一下接入电路中，由此补充连接电路如图所示：

（2）闭合开关发现小灯泡很亮；说明电路中电流大，电阻小．调节变阻器滑片发现小灯泡的亮度没有任何变化，电流表示数也不改变，说明滑动变阻器不能改变电路中电阻，所以造成此现象的原因可能是滑动变阻器同时接了上面的两接线柱；

（3）由表中数据可知；第三次实验中灯泡两端电压2.5V，通过灯泡的电流为0.28A，由欧姆定律可得此时灯泡电阻：

R==≈8.9Ω；

由表中数据可知；灯泡两端电压越大，灯泡越亮，灯泡的电阻也越大；

（4）由表中数据知；灯泡电压等于额定电压2.5V时，灯光正常发光，所以灯光的额定功率：

P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；

第1次实验灯泡的实际功率：P1=U1I1=1.5V×0.22A=0.33W；

第2次实验灯泡的实际功率：P2=U2I2=2.0V×0.25A=0.5W；

第3次实验灯泡的实际功率：P3=P=0.7W；

第4次实验灯泡的实际功率：P4=U4I4=3.0V×0.3A=0.9W；

并且灯泡亮度逐渐变亮；所以可得结论：灯泡的实际功率越大，灯泡越亮．

故答案为：（1）见上图；

（2）滑动变阻器同时接了上面的两接线柱；

（3）8.9；灯泡两端电压越大；灯泡越亮，灯泡的电阻越大；

（4）0.7；灯泡的实际功率越大，灯泡越亮．23、略

【分析】解：（1）杠杆右端下沉；为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向左调节；使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度；

（2）小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1L1=F2L2；

实验中只有一次实验就总结实验结论；实验结论很具有偶然性，不具有普遍性，因此这样得出的结论不合理．

（3）图2中；杠杆的重心不在支点上，杠杆自身的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大．

（4）设一个钩码重为G；一格为L；

根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2；则有4G×3L=3G×4L，故可在右端第3格处挂4个钩码或右端4处挂3个钩码．

（5）只要杠杆的动力×动力臂=阻力×阻力臂；杠杆就能平衡，杠杆平衡不一定在水平位置，在其它位置，杠杆也可以平衡，甲的说法是正确的；

杠杆在水平位置平衡；力与杠杆垂直，力臂在杠杆上，力臂等于支点到力的作用点的距离，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响，便于实验操作与测量；由此可见，杠杆在水平位置平衡好，即乙的实验方案好．

故答案为：（1）左；（2）F1L1=F2L2；用实验来探究物理规律时；只有一次实验，实验结论具有偶然性；（3）杠杆自身重力对实验结论有影响；（4）第三格挂4个（或第四格挂3个）；（5）乙；便于测量力臂．

（1）杠杆倾斜时；杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左；右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节；实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重力对其转动的影响；调节好以后，仍要使杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度；

（2）用实验探究物理问题时；要多进行几次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性．

（3）图中；支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响．

（4）根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂；设计实验方案．

（5）探究杠杆平衡条件时；使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响．

杠杆在水平位置平衡时；力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来．

（1）杠杆在水平位置平衡后；支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡；

（2）初中物理实验进行多次测量有些是为了求平均值，使测得的数据更准确，有些是为了寻找普遍规律，探究杠杆平衡的条件多次测量就是为了寻找普遍规律．【解析】左；F1L1=F2L2；用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性；杠杆自身重力对实验结论有影响；第三格挂4个（或第四格挂3个）；乙；便于测量力臂24、略

【分析】解：(1)

弹簧测力计拉动木块时；弹簧测力计显示拉力大小，要使滑动摩擦力等于拉力，必须让木块保持匀速直线运动。

(2)

甲；乙两图接触面粗糙程度相同；压力越大，弹簧测力计示数越大，滑动摩擦力越大，所以甲乙两图探究滑动摩擦力大小跟压力大小的关系。

(3)

甲丙两图压力相同；接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，所以甲丙两图探究滑动摩擦力大小跟接触面粗糙程度的关系。

故答案为：(1)

匀速直线；(2)

压力；(3)

甲丙。

(1)

弹簧测力计拉动木块时；弹簧测力计显示拉力大小，要使滑动摩擦力等于拉力，木块一定进行匀速直线运动。

(2)

滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关。探究滑动摩擦力跟压力大小关系时；控制接触面粗糙程度不变；探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度关系时，控制压力大小不变。

掌握滑动摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法探究滑动摩擦力大小的影响因素。【解析】匀速直线；压力；甲丙五、其他(共4题，共12分)25、略

【分析】【分析】（1）用电器串联时；任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响．

（2）电磁波可以传递信息；

（3）电流具有热效应．【解析】【解答】解：同一台路由器为多台电脑提供网络服务；一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的；

无线连接功能（Wifi）是通过电磁波向四周有效范围内的终端传递信息的；且路由器工作时间长了后会发热，这是利用电流的热效应工作的，是由于电能转化成了内能的过程．

故答案为：并联；电磁；内．26、略

【分析】【分析】（1）舰载飞机对甲板的压力和自身的重力相等；根据G=mg求出其大小，再根据压强公式求出受到的压强；

（2）航母正常航行速度匀速行驶时，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据P===Fv求出牵引力的功率；

（3）舰载飞机起飞前后，航母始终漂浮，根据漂浮条件分别求出浮力，得出浮力的减小值，再利用阿基米德原理求出排开水的体积的减小值．【解析】【解答】解：

（1）舰载飞机对甲板的压力：

F=G1=m1g=5150kg×10N/kg=5.15×104N；

舰载飞机对甲板的压强。

p===1.03×105Pa；

（2）∵航母在匀速行驶；

∴F牵=f=3.6×108N；

航母正常航行速度v=54km/h=15m/s；

牵引力的功率：

P=F牵v=3.6×108N×15m/s=5.4×109W；

（3）航母受到的浮力F浮1=G总；

当其中一架舰载飞机起飞后航母受到的浮力：

F浮2=G总-G1；

浮力减小△F浮=F浮1-F浮2=G总-（G总-G1）=G1=5.15×104N；

所以航母排开海水的体积减少：

△V排===5m3．

答：（1）每架舰载飞机对甲板的压强为1.03×105Pa．

（2）此过程中航母牵引力的功率为5.4×109W．

（3）若其中一架舰载飞机起飞后，航母排开海水的体积减少了5m3．27、略

【分析】【分析】（1）电磁继电器中最主要的部分就是电磁铁；它是靠电磁铁的原理来工作的．电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁；当电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起；

（2）要记录违规闯红灯的情景；此时照相机需要工作，据此判断光控开关接收到何种颜色的光；照相机是利用凸透镜成倒立；缩小、实像的原理制成的；

（3）分析压力和电阻的关系图象；即可得出压力和电阻的大小变化情况，然后根据欧姆定律得出控制电路中的电流与压敏电阻受到压力的关系；

（4）先根据欧姆定律求出控制电路的总电阻；再根据电阻的串联求出压敏电阻的阻值，根据图象查出此时的压力，压力和自身的重力相等，根据G=mg求出超载车的质量；

（5）车对地面的压力和自身的重力相等，又知道接触面积，根据p=求出静止时该车对路面的压强；根据图象得出此时压敏电阻的阻值，根据串联电路的电流特点求出电路中的电流，根据P=I2R求出此时压敏电阻的功率；

（6）要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，应从增大电磁铁的磁性进行解答．【解析】【解答】解：（1）根据题意；当光控开关受到某种颜色的光照，同时受到压力时，由于压敏电阻的电阻减小，所以电路中的电流值增大，由于电磁铁的磁性将衔铁吸下，此时电控照相机工作，所以电控照相机所在的电路应接通；当光控开关没有受到这种颜色的光照射时，光控开关断开，此时电磁铁无磁性，衔铁没有被吸引，工作电路中的指示灯发光，此时指示灯所在的支路应该接通，如下图所示：

（2）因为电控照相机要自动记录违规闯红灯的情景；所以光控开关应在接收到红光时，自动闭合；照相机会对违规车辆进行拍照，得到违规车辆倒立；缩小的实像；

（3）由乙图可以看出；横坐标是压敏电阻所受的压力值，纵坐标是电阻值，从图中可以看出，当压敏电阻所受压力增大时，其电阻值减小，根据欧姆定律可知，控制电路中的电流增大；

（4）控制电路的总电阻：

R总===100Ω；

压敏电阻的阻值为：

R=R总-R0=100Ω-10Ω=90Ω

查图可知，当R=90Ω时，压敏电阻所受的压力F=1.5×104N；

由G=mg可得；车的质量：

m====1500kg；

（5）车的重力：

G′=m′g=3×103kg×10N/kg=3×104N；

静止时该车对路面的压强：

p====1.5×105Pa；

由图象可知；此时压敏电阻的阻值R′=30Ω；

此时电路中的电流：

I′===0.15A；

压敏电阻的功率：

PR′=（I′）2R′=（0.15A）2×30Ω=0.675W；

（6）要使质量较小的车闯红灯也能被拍下；可以增加线圈的匝数；提高电源电压、用一定值电阻与压敏电阻并联等；

故答案为：

（1）如上图所示；

（2）红；实；

（3）增大；

（4）1500；

（5）1.5×105；0.675；

（6）增加线圈的匝数（或提高电源电压，或用一定值电阻与压敏电阻并联）．28、略

【分析】【分析】（1）动能大小的影响因素：质量；速度．

（2）重力势能大小的影响因素：质量；高度．

（3）动能和重力势能之间是可以相互转化的．

（4）杠杆的平衡条件．【解析】【解答】解：