2024年沪教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理下册月考试卷374考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列现象中，能说明液体存在表面张力的有()A.水黾可以停在水面上B.叶面上的露珠呈球形C.滴入水中的红墨水很快散开D.悬浮在水中的花粉做无规则运动2、关于交流电的有效值U和最大值Um，下列说法中正确的是()。A.任何形式的交流电都具有U＝Um/的关系B.正弦式交流电具有U＝Um/的关系C.照明电压220V，动力电压380V指的都是最大值D.交流电压表和交流电流表测的都是最大值3、如图为匀强电场的等势面图，每两个相邻等势面相距2cm

由此可确定电场强度的方向和数值是(

)

A.竖直向下，E=100V/m

B.水平向左，E=100N/C

C.竖直向上，E=100V/m

D.水平向右，E=100V/m

4、苹果从树上由静止开始自由下落，能反映其运动的v鈭�t

图象的是()A.B.C.D.5、如图所示，一导电金属板置于匀强磁场中，当电流方向向上时，关于金属板两侧电子多少及电势高低，判断正确的是（）A.左侧电子较多，左侧电势较高B.左侧电子较多，右侧电势较高C.右侧电子较多，左侧电势较高D.右侧电子较多，右侧电势较高6、一个做初速度为零的匀加速直线运动的物体，1

秒内的位移和3

秒内位移的比为()A.1漏U9

B.1漏U5

C.1漏U4

D.1漏U3

7、以下关于生物遗传、变异和细胞增殖的叙述中，正确的是A.三倍体的西瓜无子是由于减数分裂时同源染色体未联会B.性染色体组成为XXY的三体果蝇体细胞在有丝分裂过程中染色体数目呈现9→18→9的周期性变化C.在减数分裂的过程中，染色体数目的变化仅发生在减数第一次分裂D.HIV在宿主细胞中进行遗传信息传递时只有A—U的配对，不存在A—T的配对评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、如图所示，在竖直放置的平行金属板M、N之间有一带电微粒，自A点以初速度v竖直向上进入场强为E的匀强电场后，正好垂直打在N板的B点，AC⊥BC，且AC=BC，则打在B点时微粒的速度是____，A、B点的电势差是____．

9、如图是实验小组用螺旋测微器对铜芯线直径的某次测量．其读数是______mm．

10、（1）在做“测定金属丝的电阻率”的实验中；

①若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图1，则读数为______mm．

②若用L表示金属丝的长度，d表示直径，电压表的读数为U，电流表的读数为I，则计算金属丝电阻率的表达式ρ=______

（2）用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻提供的器材如图所示．

①用实线代表导线把图2所示的实物连接成测量电路；（两节干电池串联作为电源，图中有部分线路已连好）

②图3中的6个点表示实验测得的6组电流I、电压U的值，按照这些实验值作出U-I图线，由此图线求得的每节电池电动势E=______V，电源内阻r=______Ω．（取3位有效数字）11、某研究性学习小组利用如图甲所示电路测量某电池的电动势E

和内电阻r.

在坐标纸中画出了如图乙所示的U鈭�I

图象，若电流表的内阻为1娄赂

则E=

______Vr=

______娄赂

12、一条平直的电场线上有ABC

三点，把m=2隆脕10鈭�9kgq=鈭�2隆脕10鈭�9C

的粒子从A

点移到B

点，电场力做1.5隆脕10鈭�7J

的正功，再把该电荷从B

点移到C

点，电场力做功鈭�4隆脕10鈭�7J

则UAB=

______VUAC=

______V.

13、某电场的电场线分布如图所示，将一电荷量的试探电荷由电场中的a点移到b点，电荷克服电场力做功为则a点的场强_____b点的场强（选填“大于”、“等于”或“小于”），a点电势______b点电势（选填“大于”、“等于”或“小于”），试探电荷带______（选填“正电”或“负电”），a、b两点间的电势差为_______V.

14、如图为电熨斗结构示意图，图中双金属片上层金属的膨胀系数____（填大于、等于或小于）下层金属；当温度升高时，双金属片____（填向上或向下）弯曲；熨烫棉麻衣物需要设定较高的温度，这时调节调温旋钮使调温旋钮____（填上升或下降）．

15、甲、乙两物体在光滑水平面上沿同一直线相向运动，甲、乙物体的速度大小分别为3m/s和1m/s，碰撞后甲、乙两物体反向运动，速度大小均为2m/s，则甲、乙两物体质量之比为______。评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共1题，共4分)22、工业上用水煤气制得的rm{CO}在催化剂作用下与水蒸气发生反应制取氢气，化学方程式为：rm{CO(g)+H_{2}O(g)?}rm{H_{2}(g)+CO_{2}(g)}一定条件下，将rm{4molCO}与rm{2molH_{2}O(g)}充入体积为rm{2L}的密闭容器中，体系中各物质的浓度随时间的变化如图所示：rm{(1)}在rm{0隆芦4min}时段，反应速率rm{v(H_{2}O)}为________rm{mol隆陇L^{-1}隆陇min^{-1}}该条件下反应的平衡常数rm{K}为________rm{(}保留两位有效数字rm{)}

rm{(2)}该反应到rm{4min}时，rm{CO}的转化率为_________。该反应到rm{(2)}时，rm{4min}的转化率为_________。rm{CO}若rm{(3)}时改变的外部条件为升温，则该反应的rm{6min}________rm{娄陇H}填“rm{0(}”、“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}此时反应的平衡常数________rm{)}填“增大”、“减小”或“不变”rm{(}

rm{)}判断该反应达到化学平衡状态的依据是_____________。rm{(4)}判断该反应达到化学平衡状态的依据是_____________。混合气体的密度不变rm{(4)}混合气体中rm{a.}不变rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})d.}断裂rm{b.}键的同时生成rm{c(CO)}键rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})

d.}若保持与rm{2molH隆陋O}时相同的温度，向一容积可变的密闭容器中同时充入rm{1molH隆陋H}rm{(5)}rm{4min}和rm{0.5molCO}则上述反应向________反应rm{1.5molH_{2}O(g)}填“正”或“逆”rm{0.5molCO_{2}}方向进行。rm{2.5molH_{2}}参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|B【分析】试题分析：因为液体表面张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如，故A正确；草叶上的露珠存在表面张力，它表面的水分子表现为引力，从而使它收缩成一个球形，与表面张力有关，故B正确；滴入水中的红墨水很快散开是扩散现象，是液体分子无规则热运动的反映，故C错误；悬浮在水中的花粉做无规则运动是布朗运动，是液体分子无规则热运动的反映，故D错误。考点：分子间的相互作用力．【解析】【答案】AB2、B【分析】只有正弦交流电具有对于其他交流电的有效值根据通过相等的电阻在相等的时间内产生的热量相等原理计算，A错误，B正确。交流电表里的示数为有效值，照明电压220V，动力电源300V都是指的是有效值，C错误，D错误。【解析】【答案】B3、A【分析】解：由于电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势；故电场线的方向竖直向下，而电场线的方向即为场强的方向，所以电场强度的竖直向下；

由于匀强电场的每两个相邻等势面相距2cm

故电场强度大小为E=Ud=20.02N/C=100N/C.

故选项A正确．

故选：A

根据电场线与等势面相互垂直且由高电势指向低电势，可以判定电场线的方向水平向左；根据在匀强电场中E=Ud

可以求出电场强度的大小．

掌握了电场线与等势面的关系和在匀强电场电场强度与电势差的大小关系就能顺利解决此类题目．【解析】A

4、B【分析】【分析】根据自由落体运动速度与时间的关系v=gt

结合函数与图象的一一对应关系解答.

解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为0

加速度为g

的匀加速直运动，掌握自由落体运动的速度时间公式，结合数学知识解答。【解答】自由落体运动速度与时间的关系v=gt

为一次函数对应的图象为过原点的倾斜直线线，故B正确。

故选B。

【解析】B

5、B【分析】解：电流的方向向上；根据左手定则，电子向左侧偏转，所以左侧电子较多，右侧失去电子带正电，所以右侧的电势高于左侧电势．故B正确，A；C、D错误．

故选B．

金属中移动的是自由电子；根据左手定则判断出电子的偏转方向，从而确定电势的高低．

解决本题的关键知道金属中移动的是自由电子，掌握左手定则判断洛伦兹力的方向．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】已知初速度为零，加速度为a

根据x=12at2

分别求出1

秒内和3

秒内的位移可解。

本题是对时间位移关系的简单应用，但是容易把3

秒内错当成第3

秒，造成错选。【解答】由题意，设加速度为a

由公式x=12at2

得1

秒内位移为：x1=12at12=12a3

秒内位移为：x2=12at32=12a隆脕32=92a

得：x1x2=19

故A正确，BCD错误。故选A。【解析】A

7、B【分析】三倍体无子西瓜在减数分裂时联会发生紊乱；故A错误；性染色体组成为XXY的三体果蝇能进行正常的有丝分裂，由于体细胞有9条染色体，故会出现9→18→9的周期性变化，B正确；减数分裂过程中染色体数目的减半发生在减数第一次分裂，暂时加倍发生在减数第二次分裂后期，故C错误；HIV为RNA病毒，在宿主细胞内可发生逆转录过程，碱基互补配对原则是A-T；U-A、G-C配对，故D错误。

考点：本题考查细胞分裂和遗传变异的有关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论。【解析】B二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】

设微粒从A运动到B的时间为t；AC=BC=d，则有。

水平方向：

竖直方向：

得到，v=v

研究竖直方向；得到。

得，d=

所以A、B点的电势差是U=Ed=

故答案为：v，

【解析】【答案】微粒在电场中受到重力和电场力两个力作用；采用运动的分解法可知，微粒在水平方向做匀加速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两个分运动时间相同．运用平均速度表示两个方向的位移，求解打在B点时微粒的速度．根据运动学公式求出BC距离，再由U=Ed求出电势差．

9、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm．由于需要估读，最后的结果可以为0.700±0.001．

故答案为：0.700±0.001．

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】0.700±0.00110、略

【分析】解：（1）①螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0.5mm+0.400mm=0.900mm．

②金属丝的电阻为R=

根据电阻定律得：R=S=

联立得：ρ=

（2）①按顺序连接实物图如图所示．注意导线不交叉；并连在接线柱上．

②如图；将各点用直线连接起来，应让尽量多的点分布在直线上，误差较大的要舍去．

由图可知；电源的电动势约为2.97V；由图可知，当电压为2.6V时，电流为0.5A；则。

有：E=U+Ir；

解得：r===0.74Ω；

故答案为：

（1）①0.900；②

（2）①测量电路如图所示；

②按照实验值作出的U-I图线如图所示．2.97V（2.96～2.98V）；0.74．

（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读到0.001mm．根据欧姆定律求出电阻，再由电阻定律求解电阻率的表达式．

（2）测出的路端电压和电流已标出；用直线将这些点连接即可得出U-I图象；图象与纵坐标的交点为电动势；由闭合电路欧姆定律可求出内电阻．

本题要掌握螺旋测微器的读数方法，要注意半毫米是否露出．对于测电动势和内电阻的实验，关键掌握实验原理：闭合电路欧姆定律，理解图象的截距和斜率的意义．【解析】0.900；2.97；0.7411、略

【分析】解：根据闭合电路欧姆定律有：E=U+I(r+RA)

可得：U=E鈭�I(r+RA)

由此可知当I=0

时的纵轴截距大小等于电源的电动势大小，图象的斜率大小等于(r+RA)

由此可知，E=2.0Vr=鈻�U鈻�I鈭�RA=2.0鈭�1.30.29鈭�1=1.4娄赂

．

故答案为：2.01.4

根据数学知识可知；图象与纵坐标的截距代表的就是电源的电动势，直线的斜率代表电源的内阻．

在测量电源电动势和内阻时，要注意根据画出的U鈭�I

图象结合数学知识分析出电动势及内阻．【解析】2.01.4

12、略

【分析】解：由据U=Wq

得：UAB=WABq=1.5隆脕10鈭�7鈭�2隆脕10鈭�9V=鈭�75V

鈭�2.0隆脕10鈭�9C

的正电荷从A

点到C

点的过程中；电场力做功为：

WAC=WAB+WBC=鈭�2.5隆脕10鈭�7J

则有：UAC=WACq=鈭�2.5隆脕10鈭�7鈭�2隆脕10鈭�9V=125V

故答案为：鈭�75125

根据电势差的定义：U=Wq

求解AB

两点间的电势差.WAC=WAB+WBC

进而求出AC

之间的电势差．

电场力做功与重力做功类似只与位置有关，与路径无关，电荷从A隆煤B隆煤C

电场力做功与从A隆煤C

电场力做功相同．【解析】鈭�75125

13、略

【分析】【详解】

b点的电场线比a点电场线密，则a点的电场强度小于b点的电场强度；沿着电场线方向电势逐渐降低，则a点的电势大于b点电势；试探电荷由电场中的a点移到b点，电荷克服电场力做功说明电荷受到的电场力的方向从b指向a，与电场线的方向相反，电荷带负电；根据W=qU得，．

【点睛】

解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，沿着电场线方向电势逐渐降低，知道电场力做功与电势能的关系．【解析】小于大于负电2014、略

【分析】

双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属；当温度升高时，双金属片便向下层弯曲．熨烫棉麻衣物需要设定较高的温度，即温度较高时，金属片才能离开触点，所以要将调温旋钮向下旋转，保证在温度未达到一定值时，金属片仍于触点接触．

故本题答案为：大于；向下，下降．

【解析】【答案】双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属；当温度升高时，双金属片便向下层弯曲，温度越高，弯曲越显著．要设定较高的温度，即温度较高时，使得金属片才能离开触点，只要将调温旋钮下降．

15、3：5【分析】解：两球碰撞过程系统动量守恒；由动量守恒定律得：

m甲v甲+m乙v乙=m甲v'甲+m乙v'乙；

即：m甲3+m乙（-1）=m甲（-2）+m乙2；

解得：m甲：m乙=3：5；

故答案为：3：5。

物体A；B在碰撞的过程中系统的动量守恒。选取碰撞前甲物体的速度方向为正方向；运用动量守恒定律即可求解质量之比。

本题是碰撞问题，动量守恒是碰撞过程遵守的基本规律，关键是要注意动量的方向，必须选取正方向，用正负号表示动量的方向。【解析】3：5三、判断题(共6题，共12分)16、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、简答题(共1题，共4分)22、rm{(1)0.2mol/(L?min)}rm{2.7}

rm{(2)40%}

rm{(3)<}减小。

rm{(4)bc}

rm{(5)}正反应【分析】【分析】本题考查了化学平衡的分析应用，主要是图象分析，平衡常数、反应速率的概念计算应用，注意一下化学平衡的因素分析判断，掌握基础是解题关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}图象分析可知rm{4min}反应达到平衡状态，物质浓度为rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}图象分析可知rm{(1)}反应达到平衡状态，物质浓度为rm{4min}rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}rm{{,!}_{2}}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}结合化学平衡三段式列式计算平衡浓度，

rm{{,!}_{2}}rm{O)=0.2mol/L}结合化学平衡三段式列式计算平衡浓度，rm{O)=0.2mol/L}rm{CO(g)+H}rm{CO(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)?H}

rm{O(g)?H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+CO}rm{(g)+CO}rm{{,!}_{2}}

rm{(g)}rm{(g)}起始量rm{(mol/L)}rm{2}rm{1}rm{0}rm{0}rm{(mol/L)}rm{2}

rm{1}rm{0}rm{0}变化量rm{(mol/L)}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{(mol/L)}

rm{0.8}时段，反应速率rm{v({H}_{2}O)=dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}，平衡常数rm{K=dfrac{;0.8隆脕0.8}{;1.2隆脕0.2;}=2.7}；故填：rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}该反应到平衡量rm{(mol/L)}rm{1.2}rm{0.2}rm{0.8}rm{0.8}时，rm{(mol/L)}的转化率rm{=dfrac{;0.8mol/L}{;2mol/L;}隆脕100拢楼=40拢楼}；故填：rm{1.2}rm{0.2}若rm{0.8}时改变的外部条件为升温，图象可知氢气浓度减小，一氧化碳和水的浓度增大，说明平衡逆向进行，逆向为吸热反应，正反应为放热反应，则该反应的rm{0.8}此时平衡逆向进行，平衡常数减小；在rm{0隆芦4min}时段，反应速率rm{v({H}_{2}O)=

dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}减小；

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