2024年北师大版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版高三物理下册月考试卷615考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、电机把一次能源转换成机械能的过程正确的是新能源的是（）A.一次能源→发电机→机械能B.一次能源→电动机→机械能C.一次能源→电动机→电能→发电机→机械能D.一次能源→发电机→电能→电动机→机械能2、质量均为m的甲、乙、丙三个小球，在离地面高为h处以相同的初动能在竖直面内分别作平抛、竖直下抛、沿光滑斜面下滑运动，则有（）A.三者到达地面时的速度相同B.三者到达地面时的动能相同C.三者到达地面时的动量相同D.三者到达地面时，重力的瞬时功率相同3、点光源照在一个剃须刀片上，在屏上形成了它的影子，其边缘较为模糊，原因是（）A.光的反射B.光强太小C.光的干涉D.光的衍射4、如图示；中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则关于拉力F及拉力F的功率P，下列说法正确的是（）

A.F不变；P减小。

B.F增大；P增大。

C.F增大；P不变。

D.F增大；P减小。

5、下列关于电场线的说法中，正确的是（）A.电场线越密的地方．同一试探电荷所受的电场力越大B.在复杂电场中的电场线是可以相交的C.沿电场线方向，场强必定越来越小D.电场线是电场中实际存在的线评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、某同学设想运用如图1所示的实验电路，测量未知电阻Rx的阻值；电流表A的内阻和电源（内阻忽略不计）的电动势实验过程中电流表的读数始终符合实验要求．

（1）为了测量未知电阻Rx的阻值，他在闭合开关K1之前应该将两个电阻箱的阻值调至____（填“最大”或“最小”）．然后闭合开关K1，将开关K2拨至1位置，调节R2使电流表A有明显读数Io；接着将开关K2拨至2位置，保持R2不变，调节R1，当调节R1=34.2Ω时，电流表A读数仍为Io，则该未知电阻的阻值Rx=____Ω．

（2）为了测量电流表A的内阻R4和电源（内阻忽略不计）的电动势E，他将R1的阻值调到R1=1.5Ω，Rx调到最大，将开关K2调至2位置，闭合开关K1；然后多次调节R2，并在表格中记录下了各次R2的阻值和对应电流表A的读数I；最后根据记录的数据，他画出了如图2所示的图象，根据你所学知识和题中所给字母写出该图象对应的函数表达式为____，（用题中所给字母表示）；利用图象中的数据可求得，电流表A的内阻R4=____Ω，电源（内阻忽略不计）的电动势E=____V．

7、（2011春•汉滨区校级月考）1999年6月20日上午11时50分，山西吉县青年朱朝辉驾驶摩托车成功飞越黄河壶口瀑布，成为驾驶摩托车飞越黄河的第一人．如图所示，朱朝辉驾驶摩托车飞越黄河的水平距离为30m，假定跑道为水平跑道，跑道落点比起飞点低5m，为安全飞越黄河，朱朝辉驾驶摩托车飞起时速度至少为____m/s（g取10m/s2）．8、某同学做描绘小灯泡（额定电压为3.8V；额定电流为0.32A）的伏安特性曲线实验，实验给定的实验器材如下：（本实验要求小灯泡的电压从零开始调至额定电压）

直流电源的电动势为4V，内阻不计；电压表V（量程4V，内阻约为5kΩ）、电流表A1（量程0.6A，内阻约为4Ω）、电流表A2（量程3A，内阻约为1Ω）、滑动变阻器R1（0到1000Ω，0.5A）；滑动变阻器R2（0到10Ω；2A）；开关；导线若干．

①若该同学误将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，其他部分连接正确，接通电源后，以下说法正确的是____

A．小灯泡将发光B．小灯泡将不亮C．V表不会烧坏D．A表将会烧坏。

②下列关于该实验的说法，正确的是____

A．实验电路应选择图乙中的电路图（a）

B．电流表应选用A2

C．滑动变阻器应该选用R2

D．若采用如图乙（b）所示电路图；实验前，滑动变阻器的滑片应置于最右端。

③该同学按照正确的电路图和正确的实验步骤，描出的伏安特性曲线如图丙所示，从图中可知小灯泡的阻值随小灯泡两端的电压的增大而____（填增大、减小、先增大后减小、先减小后增大），当给小灯泡加额定电压3.2V时，此时小灯泡的发热功率为____W（结果取2位有效数字）．9、小华所在的实验小组利用如图（甲）所示的实验装置探究牛顿第二定律；打点计时器使用的交流电频率f=50Hz，当地的重力加速度为g．

（1）在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到____．

（2）图乙是小华同学在正确操作下获得的一条纸带，其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出．写出用s1、s2、s3、s4以及f来表示小车加速度的计算式：a=____；若S1=2.02cm，S2=4.00cm，S3=6.01cm，则B点的速度为：VB=____m/s（保留两位有效数字）．

（3）在平衡好摩擦力的情况下，探究小车加速度a与小车质量M的关系中，某次实验测得的数据如下表所示．根据这些数据在坐标图中描点并作出图线．从图线可得结论____．

。I/Ma4.01.23.61.12.00.61.40.41.00.310、（2009春•临沂期末）如图；在水平桌面上用硬纸板做成一个斜面，使一个钢球从斜面上某一位置滚下，钢球沿桌面飞出后做平抛运动，用一把刻度尺可以测量出钢球在水平桌面上运动的速度．具体做法是：

（1）先测量出小球在地面上的落点与桌子边缘的水平距离x；再量出水平桌面距地面的高度y则钢球离开桌面的速度为：v1=____．

（2）测量钢球在斜面上开始滚下的位置相对桌面的高度h；由机械能守恒定律，可得钢球在水平桌面上运动的速度v2=____．

（3）对比这两种方法得到的速度发现，有v1____v2（填：“＞”、“＜”或“=”）；原因是____．11、（2014秋•鼓楼区校级期中）如图所示，重为15N的物体在动摩擦因数为0.4的水平面上向右运动，同时受到大小为20N，方向向左的水平力F的作用，则物体所受摩擦力大小为____N，方向____．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)12、每一种形式的能对应于一种运动形式．____．（判断对错）13、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）14、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应____（判断对错）15、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）16、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）17、液晶分子在特定方向排列比较整齐，但不稳定．____．（判断对错）18、贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象，从而揭示出原子核具有复杂结构____（判断对错）19、滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反．____（判断对错）20、物体速度变化的方向与它受到的合外力的方向相同．____（判断对错）评卷人得分四、简答题(共1题，共9分)21、如图所示，已知电源电动势E=12V，内电阻r=1Ω，R1=3Ω，R2=2Ω，R3=5Ω，C1=4μF，C2=1μF，求电键S闭合电路稳定后，C1、C2所带电量？评卷人得分五、计算题(共2题，共14分)22、如右图所示，在某空间实验室中，有两个靠在一起的等大的圆柱形区域，分别存在着等大反向的匀强磁场，磁感应强度磁场区域半径左侧区圆心为磁场向里，右侧区圆心为磁场向外．两区域切点为C.今有质量带电荷量的某种离子，从左侧区边缘的A点以速度正对O1的方向垂直磁场射入，它将穿越C点后再从右侧区穿出．求：(1)该离子通过两磁场区域所用的时间．(2)离子离开右侧区域的出射点偏离最初入射方向的侧移距离为多大？(侧移距离指垂直初速度方向上移动的距离)23、水平地面上放着如图所示的玻璃砖，横截面左半部分OAB

为一半径为R

的14

圆，右半部分OBC

为一直角三角形，角C

等于30鈭�

玻璃砖折射率n=3.

现有一知入射光线如图所示平行于地面射到玻璃砖AB

面上，已知入射光线与地面的距离为H=3R2

光在真空中的速度为c.

求：

垄脵

光线从BC

边射出时的折射角；

垄脷

光线在玻璃砖中传播所用的时间t

及出射光线与地面的距离h

．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】直接从自然界获取没经过加工处理和转换的各种能量和资源称为一次能源，由一次能源加工转换得到的能量和资源为二次能源，并结合能量转换等知识即可解答此题．【解析】【解答】解：直接从自然界获取没经过加工处理和转换的各种能量和资源称为一次能源；如煤炭等燃烧的内能使发电机发电，转化为电能，电动机通电再将电能转化为机械能，综上所述可得D选项正确．

故选：D．2、B【分析】【分析】由于斜面光滑，丙运动的过程中只有重力做功，所以甲乙丙的机械能都守恒，由机械能守恒可以判断落地的速度和动能关系，动量是矢量，只有大小和方向都相同时动量才相同．重力的瞬时功率等于重力与竖直分速度大小的乘积．【解析】【解答】解：AB；由于斜面光滑；丙运动的过程中只有重力做功，所以甲、乙、丙三个小球的机械能都守恒，初动能相同，高度相同，则初始机械能相等，则三者到达地面时的速率相同，机械能相同，动能相同，由于速度方向不同，所以速度不同，故A错误，B正确；

C；动量是矢量；其方向与速度方向相同，所以动量不同，故C错误．

D、三者到达地面时，重力的瞬时功率P=mgvy，可知竖直下抛物体到达地面时竖直分速度vy最大；重力的瞬时功率最大，故D错误．

故选：B3、D【分析】【分析】光绕过障碍物继续传播的现象叫光的衍射．【解析】【解答】解：点光源照射一个障碍物；在屏上所成的阴影的边缘部分模糊不清说明阴影的边缘部分有光线到达，即光能绕过障碍物继续传播，属于光的衍射．

故选：D．4、C【分析】

设绳子与竖直方向上的夹角为θ，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcosθ=mg，因为θ增大，则F增大．物体A沿绳子方向上的分速度v1=vcosθ，则拉力的功率P=Fv1=知拉力的功率不变．故C正确，A；B、D错误．

故选C．

【解析】【答案】对A分析；因为A做匀速直线运动，抓住A竖直方向上合力为零判断拉力F的变化．将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于F的速度，从而求出F的功率，判断其变化．

5、A【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：A；电场线的疏密代表电场的强弱；故电场线越密的地方场强越强，同一试探电荷所受的电场力越大，故A正确．

B；电场线的切线方向就是电场的方向；如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．

C；电场线的疏密代表电场的强弱；与是否沿电场线的方向无关，沿电场线方向电场线可能疏，可能密，故C错误．

D；电场是客观的存在；电场线是人为虚拟的，不是客观的存在．故D错误．

故选：A．二、填空题(共6题，共12分)6、最大34.20.54【分析】【分析】（1）从保护电路的角度考虑R2的阻值，分析开关K2拨至1位置和2位置时的电路结构；根据欧姆定律求解阻值；

（2）根据闭合电路欧姆定律求出的表达式，结合图象得斜率、截距的物理意义即可求解．【解析】【解答】解：（1）闭合开关K1之前，从保护电路的角度，R2的阻值应调到最大值；

根据题意可知，开关K2拨至1位置和2位置时，电流表示数相同，R2阻值不变，所以Rx=R1=34.2Ω；

（2）根据闭合电路欧姆定律得：

E=I（R1+R2+RA）

整理得：；

则图象的斜率表示，在纵轴上的截距表示；结合图象得：

，

解得：E=4V，RA=0.5Ω

故答案为：（1）最大；34.2；（2）；0.5；47、30【分析】【分析】根据平抛运动规律：水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，联立列方程即可求解．【解析】【解答】解：当摩托车刚好跨过壕沟时；水平速度最小，此时有：

①

x=v0t②

联立方程解得：v0=30m/s．

故答案为：308、BCAC增大0.96【分析】【分析】电压表与电流表均是由电流表改装成的，要求通过的实际电流小于额定电流才不会烧坏电表．【解析】【解答】解：①；若将电流表和电压表接成如图甲所示的电路；因电压表内阻很大，通过电压表的电流非常小，通过小灯泡电流非常小，故小灯泡不发光，而V表和A表不会被烧坏，故BC正确，AD错误；

②A；从图象知电压从零计故滑动变阻器应用分压式接法；实验电路应选择图乙中的电路图（a）；

B、因小灯泡额定电流为0.32A，用电流表量程太大，应用；

C、因滑动变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器；

D、若采用如图乙（b）所示电路图；实验前滑动变阻器的滑片应置于最左端而不是右端，最右端时变阻器有效电阻是零，导致通过电路的电流太大而烧坏电流表；

本题应选：AC．

③；由图象可知小灯泡的阻值随小灯泡两端的电压的增大而增大；当U=3.2V时I=0.3A，由P=UI得P=3.3×0.3W=0.96W．故答案为0.96

故答案为：①BC，②AC，③增大，0.96．9、略

【分析】

（1）在实验前必须进行平衡摩擦力；其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动．

（2）由题意可知两计数点间的时间间隔为：t=5T==0.1s；与匀变速直线运动推论得：

s3-s1=2a1t2，s4-s2=2a2t2，a==f2；

利用匀变速直线运动的推论：B点的瞬时速度vB=≈0.30m/s；

（3）应用描点法画出图象如下所示，由图象可知，a-图象过原点，a与成正比；a与M成反比；

由此可知；在力一定时，加速度与质量成反比．

故答案为：（1）轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动；（2）f2；0.30；

（3）图象如图所示；在力一定时；加速度与质量成反比．

【解析】【答案】（1）小车由静止下滑；说明重力沿斜面的分力大于摩擦力，因此平衡过度，当小车带动纸带匀速下滑时说明平衡摩擦力；

（2）纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

（3）根据表中实验数据在坐标纸上描出对应的点；然后根据描出的点作出图象，然后根据图象特点得出实验结论．

10、x＜斜面的摩擦力做负功【分析】【分析】（1）钢球离开桌面后做平抛运动，由平抛运动的运动规律可求得v1．

（2）钢球运动过程中，由机械能守恒列式求解v2．

（3）两种方法速度不同的原因是机械能有损失，摩擦力做负功．【解析】【解答】解：（1）钢球沿桌面飞出后做平抛运动；根据平抛运动规律得：

y=gt2

x=v1t

得：v1=x

（2）由机械能守恒得mgh=

可得v2=

（3）对比这两种方法得到的速度发现，有v1＜v2；原因是斜面的摩擦力做负功；钢球的机械能有损失．（或钢球在斜面与桌面交界处发生碰撞损失动能；或钢球具有转动动能等）．

故答案为：（1）x；（2）；（3）＜；斜面的摩擦力做负功（或在斜面与桌面交界处发生碰撞损失动能；或钢球具有转动动能等）．11、6水平向左【分析】【分析】滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反．根据物体相对于地面向右运动，判断滑动摩擦力方向．物体对水平面的压力大小N等于物体的重力G，由f=μN求解摩擦力大小．【解析】【解答】解：物体在水平面上向右运动；受到水平面滑动摩擦力方向向左．

物体对水平面的压力大小N等于物体的重力G；则摩擦力大小为：

f=μN=μG=0.4×15N=6N．

故答案为：6；水平向左．三、判断题(共9题，共18分)12、√【分析】【分析】自然界物质运动的形式是多样的，每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化【解析】【解答】解：根据能量守恒定律可知：自然界物质运动的形式是多样的；每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化．

例如机械能对应机械运动；内能对应分子的无规则运动．故每一种形式的能对应于一种运动形式是对的．

故答案为：√13、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．14、√【分析】【分析】根据核反应的种类可知，太阳辐射的能量是核聚变反应．【解析】【解答】解：太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变．所以以上的说法是正确的．

故答案为：√15、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×16、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√17、√【分析】【分析】人们熟悉的物质状态（又称相）为气、液、固，较为生疏的是电浆和液晶，液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质．液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态．【解析】【解答】解：液晶像液体一样可以流动；又具有某些晶体结构特征的一类物质，所以液晶分子在特定方向排列比较整齐，但不稳定．故该说法是正确的．

故答案为：√18、√【分析】【分析】贝克勒尔发现了天然放射现象，使人们认识到原子核具有复杂结构；【解析】【解答】解：贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象；从而揭示出原子核具有复杂结构，拉开了人们以及原子核的序幕．故以上的说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】滑动摩擦力与物体相对运动的方向相反．【解析】【解答】解：滑动摩擦力阻碍相对运动；与物体相对运动的方向相反．有时会和物体的运动方向相同，故与物体的运动方向相反说法错误．

故答案为：×20、√【分析】【分析】根据牛顿第二定律和运动学规律分析答题．【解析】【解答】解：物体速度变化的方向就是加速度的方向；由牛顿第二定律可知，加速度方向与物体受到的合外力的方向相，故说法正确；

故答案为：√．四、简答题(共1题，共9分)21、略

【分析】【分析】电路稳定时，电阻R1、R2串联，电阻R3没有电流通过，电容器C1的电压等于电阻R2的电压，电容器C2的电压等于路端电压，根据欧姆定律和串联电压关系求出电容器的电压，再求解两电容器所带电量．【解析】【解答】解：电路稳定时，电阻R1、R2串联，则电容器C1的电压为。

U1==4V

电容器C2的电压为。

U2==10V

电容器C1的电量Q1=C1U1=4×10-6×4C=1.6×10-5C

电容器C2的电量Q2=C2U2=Q2=1×10-6×10C=1×10-5C

答：电键S闭合电路稳定后，C1的带电量为1.6×10-5C，C2的带电量为1×10-5C．五、计算题(共2题，共14分)22、略

【分析】【解析】试题分析：(1)离子在磁场中做匀速圆周运动，在左右两区域的运动轨迹是对称的，如右图，设轨迹半径为R，圆周运动的周期为T.由牛顿第二定律①又②联立①②得：③④将已知代入③得⑤由轨迹图