2024年沪科版必修1物理上册阶段测试试卷含答案713

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、质点做直线运动的v－t图像如图所示；规定向右为正方向，则该质点。

A.在t=1s时开始向左做减速运动B.在0~8s内的平均速度是1m/sC.在t=2s时的加速度为-1m/s2D.在t=3s时回到出发点2、如图所示；物体A；B由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳连接，由静止开始释放，在物体A加速下降的过程中（此过程中B未碰到滑轮），下列判断正确的是。

A.物体A和物体B均处于超重状态B.物体A和物体B均处于失重状态C.物体A处于超重状态，物体B处于失重状态D.物体A处于失重状态，物体B处于超重状态3、甲、乙两物体由同一地点出发，其速度－时间图像如下图所示，其中t2＝2t1，则（）

A.在t2时刻，甲、乙两物体相遇B.在t1时刻，甲、乙两物体相遇C.乙物的加速度小于甲物的加速度D.在t1时刻，乙物在前甲物在后4、很多智能手机都有加速度传感器；能通过图像显示加速度情况。用手掌托着手机，打开加速度传感器，手掌从静止开始迅速上下运动，得到如图所示的竖直方向上加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向上为正方向。由此可判断出（）

A.手机在时刻改变运动方向B.手机在时刻对手的压力最大C.手机在时刻运动到最高点D.手机在时间内，受到的支持力先减小再增大5、关于合力的下列说法,不正确的是()A.几个力的合力就是这几个力的代数和B.几个力的合力可能大于这几个力中的任何一个力C.几个力的合力可能小于这几个力中最小的力D.几个力的合力可能大于这几个力中最大的力评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、图甲为一运动员(可视为质点)进行三米板跳水训练的场景，某次跳水过程中运动员的速度v－时间t图象如图乙所示，t＝0是其向上起跳的瞬间，此时跳板回到平衡位置．t3＝5.5t1，不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2．则下列判断正确的是。

A.运动员入水时的速度大小为2m/sB.运动员离开跳板后向上运动的位移大小为mC.运动员在水中向下运动的加速度大小为20m/s2D.运动员入水的深度为1.5m7、下列关于运动的描述在现实中可能存在的是（）A.物体的速度为零，而加速度不为零B.物体的加速度为零，而速度不为零C.物体速度变化快，而加速度小D.物体的速度向东，而加速度向西8、从高处释放一石子，1s后在同一地点再释放另一石子（空气阻力不计），则（）A.两石子均未落地时，两者距离保持不变B.两石子均未落地时，两者的速度差保持不变C.两石子均未落地时，两者的加速度均保持不变D.两石子落地相差时间肯定是1s9、如图所示的四幅图中（AB图中为柔软细线悬挂的小球），所有接触面均光滑，静止的a、b小球之间一定存在弹力的是（）A.B.C.

D.10、一质点做匀变速直线运动，初速度大小为2m/s，3s后末速度大小变为4m/s，则下列判断正确的是（）A.速度变化量的大小一定等于2m/sB.速度变化量的大小可能大于2m/sC.加速度大小可能等于2m/s2D.位移大小可能等于3m11、下列说法不正确的是（）A.打点计时器是个计时工具，正常情况下，每隔固定的时间打一个点B.位置变化具有方向性，因此位置的变化是个矢量C.加速度越大，物体的速度越大D.交通工具的速度计显示的是平均速度12、甲乙两车在一平直道路上同向运动，其图象如图所示、图中和的面积分别为和初始时，甲车在乙车前方处（）

A.若两车不会相遇B.若两车相遇2次C.若两车相遇1次D.若两车相遇1次13、如图，水平地面上的矩形箱子内有一倾角为θ的固定斜面，斜面上放一质量为m的光滑球．静止时，箱子顶部与球接触但无压力．箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后改做加速度大小为a的匀减速运动直至静止，经过的总路程为s，运动过程中的最大速度为v．下列说法正确的是（）

A.小球加速运动时的加速度B.小球加速运动时的加速度C.若减速阶段箱子左壁给小球的支持力大于0D.若减速阶段箱子顶部给小球的作用力14、一个物体以初速度1m/s做匀加速直线运动，经过一段时间后速度增大为7m/s，则()A.该加速过程中物体平均速度为4m/sB.物体在该运动过程位移中点的瞬时速度为4m/sC.将该过程分为两段相等时间，则物体先后两段相等时间内的位移之比是5∶11D.将该过程分为两段相等位移，则物体先后两段位移所用时间之比是1∶(－1)评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、三个物体叠放起来，在如图所示的物体AB、C在F力作用下沿水平面向右匀速运动，则B对A的摩擦力大小为________，B对C的摩擦力大小为________，方向________。16、甲、乙两个物体做直线运动的图像画在同一个坐标平面内的情况如图所示，两条图线均为过坐标原点的倾斜直线，甲线、乙线与时间轴的夹角分别是和则甲、乙两物体的加速度之比是________。

17、一对作用力和反作用力_______是同一种类的力，而一对相互平衡的力_______是同一种类的力。（均选填“一定”或“不一定”）18、如图所示，质量为m的小物体相对静止在楔形物体的倾角为θ的光滑斜面上，楔形物体在水平推力F作用下向左移动了距离s，在此过程中，小物体的加速度大小为__________，楔形物体对小物体做的功等于__________。

19、下图(1)中仪器名称______；(2)中仪器名称______。

20、利用超声波遇到物体时发生反射可以测定物体运动的有关物理量，如图甲所示A和B通过电缆相连，B为超声波反射和接收一体化装置，仪器A向B提供超声波信号并将B接收到的超声波信号进行处理且在屏幕上显示其波形。现固定B，将它对准匀速行驶的小车C，使其每隔时间发射短促的超声波脉冲，如图乙中幅度较大的波形；B接收到的由小车C反射回来的超声波经仪器A处理后显示如图乙中较小的波形．发射波滞后的时间已在图中标出，其中和△为已知量，并已知超声波在空气中的速度为根据上述信息，判断小车的运动方向是______（填“靠近”或“远离”）波源的方向；小车速度的大小是______。

21、小明用螺旋测微器测量一根导体棒的直径，刻度如图甲所示，读数为_________mm；用精度为0.05mm的游标卡尺测量某个圆筒的深度，部分刻度如图乙所示，读数为_______cm。

22、对于加速度变化非常快的物体，常常用“急动度j”等来描述物体加速度对时间的变化率。类比加速度a是描述速度对时间的变化率，则“急动度j”的定义式是_________，单位是_________。23、弹力。

（1）形变：物体在力的作用下___________或___________发生的变化。按形变能否恢复原状，形变可分为弹性形变和___________形变。

（2）弹力。

①定义：发生形变的物体，要___________，对与它___________的物体产生的力。

②大小：弹力的大小与___________有关，同一物体在弹性限度内，___________越大；产生的弹力越大；形变消失，弹力消失。

③方向：与受力物体形变方向相同；与施力物体形变方向相反。

④作用点：在接触点或接触面上。

（3）常见的弹力：压力和支持力都是弹力，方向___________；绳子的拉力也是弹力，方向___________。

评卷人得分四、作图题(共1题，共5分)24、图中物体处于静止状态，请用力的示意图画出图中小球A所受弹力的情况。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)25、(1)在做探究小车匀变速直线运动的实验中，给你以下器材：电磁打点计时器、电池组、导线、纸带、复写纸、停表、小车、钩码、细绳、一端带有定滑轮的长木板。其中不需要的器材是______、________，还需要增添的器材有________和__________。

(2)关于用打点计时器探究小车速度随时间变化的规律的实验，下列说法中正确的是_______

A；打点计时器应固定在长木板上；且靠近滑轮的一端。

B；开始实验时小车应放在靠近打点计时器的一端。

C；应先接通电源；待打点稳定后再释放小车。

D；牵引小车的钩码个数越多越好。

(3)在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，交流电源频率为50Hz（计时点周期为0.02s）。图是某次实验的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始计数，标以1、2、3、，相邻的两个计数点间还有四个计时点没画出来，那么相邻两个计数点之间的时间为t=_____s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1＝3.0cm、x2＝7.5cm、x3＝13.5cm，则物体通过计数点1的速度v1＝________m/s，通过计数点2的速度v2＝________m/s。

评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)26、先进的航空母舰上一般装有帮助飞机起飞的弹射系统，正常情况下在航空母舰静止时通过弹射系统短暂而强劲的弹射，能使战斗机迅速具有30m/s的初速度进入起飞跑道继续加速起飞．已知某型号的战斗机在通过弹射系统正常弹射“助跑”进入起飞跑道后，能以5m/s2的加速度继续加速4s后达到起飞速度；顺利离开甲板飞入空中．则：

（1）该战斗机的起飞速度多大？舰上起飞跑道至少应为多少？

（2）若舰上没安装弹射系统；要求该种飞机仍能在静止的舰上正常起飞，则该舰上的起飞跑道至少应为多长？

（3）若舰上弹射系统故障无法为战斗机“助跑”，也可以在飞机启动前让航空母舰沿飞机起飞方向航行，使得飞机在开始加速前就有一定的初速度．假设舰船能达到的最大航行速度为20m/s，在此情况下该战斗机要能顺利起飞，起飞跑道至少需要多长？27、某同学用如图所示装置研究摩擦力的大小随拉力的变化规律，把质量m1=300g的砝码槽放在固定的水平木板上，右端连接一劲度系数k=20N/m的轻弹簧。弹簧的原长l0=20cm，现用水平向右的拉力使弹簧逐渐伸长，当弹簧的长度变为l1=25.5cm时砝码槽开始运动，砝码槽运动后，保持匀速直线运动时，弹簧的长度保持在l2=25cm不变，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）砝码槽与木板间的最大静摩擦力；

（2）砝码槽与木板间的动摩擦因数；

（3）把质量m0=200g的砝码置于静止的砝码槽内；用水平向右的拉力使弹簧伸长到25.5cm时，砝码槽与木板间的摩擦力多大。

28、如图所示，一质量为长为的长木板B静止于水平地面上，一质量为可视为质点的物块A放在长木板B的最右端，物块A与木板B之间的动摩擦因数为B与地面之间的动摩擦因数为现给木板B施加一水平向右的的拉力作用，经过后撤去拉力取求：

(1)在作用时间内；物块A和木板B的加速度大小；

(2)在撤去时；物块A相对木板B滑动的距离；

(3)物块A运动的总距离。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

A．规定向右为正方向，在t=1s时开始向右做减速运动；故A错误。

B．根据图象与横坐标所围成的面积表示位移，可得在0-8s内质点的位移为

平均速度为

故B错误。

C．在2s时的加速度为

故C正确。

D．0-3s内质点一直沿正方向运动，在t=3s时没有回到出发点；故D错误。

故选C。2、D【分析】【详解】

物体A加速下降的过程中，B加速上升，所以A的加速度向下，处于失重状态；B的加速度向上，处于超重状态，故D正确，ABC错误．3、A【分析】【分析】

【详解】

A．根据速度图象与时间轴所围的“面积”大小等于位移可知，在t2时刻；两个物体的位移相等，两物体相遇，故A正确；

BD．在t1时间内，甲的位移大，而两个物体由同一地点出发，向同一方向运动，所以t1时刻；甲物在前，乙物在后，没有相遇，故BD错误；

C．根据速度图象的斜率等于加速度；得知乙物的加速度大于甲物的加速度，故C错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

A．根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在时刻前后速度均为正；运动方向没有发生改变，故A错误；

B．根据牛顿第二定律得

得

由图可知时刻加速度最大，手对手机的支持力最大，由牛顿第三定律可知手机在时刻对手的压力最大；故B正确；

C．根据可知图象与坐标轴围成面积表示速度变化量，可知手机在时刻速度为正；还没有到最高点，故C错误；

D．由图可知时间加速度向上不断减小，根据牛顿第二定律得

得

可知时刻支持力不断减小，时间内加速度向下，不断增大，根据牛顿第二定律得

得

可得支持力还是不断减小；故D错误；

故选B。5、A【分析】A；力是矢量；根据力的平行四边形定则可知，几个力的合力就是这几个力的矢量和，故A错误；

B；当两个力方向相同时；合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差；合力大于两分力之差，小于两分力之和，故BCD正确；

本题选择错误答案，故选：A．二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【详解】

AB.由图乙知运动员入水前向上运动的位移大小为向下运动位移大小的即

可得x=m

所以运动员入水前向下运动的位移大小h1=3m+m

由公式v2=2gh1

可得v=m/s

选项A错误B正确；

C.由图乙知，斜率代表加速度，运动员在水中运动的加速度大小是空中的2倍，即a=20m/s2；选项C正确；

D.运动员的人水深度h2=m

选项D错误．7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．加速度反应物体速度变化快慢的物理量；某时刻物体具有加速度而速度可以为0，如竖直上抛的最高点，速度为0，而加速度为重力加速度，故A可能存在，故A正确；

B．物体做匀速直线运动时；加速度为零，速度不为零。故B可能存在，故B正确；

C．物体速度变化快；加速度一定大，故C不可能存在，故C错误；

D．物体向东做匀减速运动时；速度与加速度方向相反，速度向东，而加速度向西，故D可能存在，故D正确。

故选ABD。8、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

设两石子均未落地时，第一个小石子运动时间为t，则第二个小石子运动时间为（t－1）s，根据

有

所以随时间的增大；两石子间距离将增大，选项A错误；

B．根据v1＝gtv2＝g（t－1）

有Δv＝v1－v2＝g

速度之差保持不变；选项B正确；

C．自由落体运动加速度均为g；选项C正确；

D．由

知，下落时间相等，故两石子落地时间差肯定是1s，选项D正确。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．假设两球间有弹力，则小球将向两边运动，与题矛盾，故ab间无弹力；故A错误。

B．若两球间无弹力，则两个都将向下摆动，与题矛盾，说明ab间有弹力；故B正确。

C．假设两球间有弹力，则ab两球水平方向受力不平衡，故ab间无弹力；故C错误。

D．假设a对b无弹力，则b必然会沿斜面向下运动，故ab间有弹力；故D正确。

故选BD。10、B:C:D【分析】【分析】

根据质点的初末速度和时间，结合加速度的定义式求出加速度的大小，注意3s末的速度方向与初速度的方向可能相同，可能相反.

【详解】

初速度为:v0＝2m/s；

若3s末的速度方向与初速度方向同向，则v＝4m/s，则速度变化量为:△v＝v2-v1＝4-2m/s＝2m/s，加速度为:位移为:

若3s末的速度方向与初速度方向相反，则v＝-4m/s，则速度变化量为:△v＝v2-v1＝-4-2m/s＝-6m/s，负号表示方向；加速度为:负号表示方向；位移为：负号表示方向，故A错误，B；C、D正确；故选BCD.

【点睛】

解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性，从而讨论加速度和速度可能的变化量.11、C:D【分析】【详解】

A．正常情况下；打点计时器每隔固定的时间打一个点，是计时工具，故A正确；

B．位置变化是位移；位移具有方向性，是矢量，故B正确；

C．加速度越大；物体的速度变化越快，速度可能很小，故C错误；

D．交通工具的速度计显示的是瞬时速率；故D错误。

本题选错误项，故选CD。12、A:B【分析】【分析】

此题考查了追及与相遇问题；解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系；两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件。

【详解】

由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2。

A．若s0=s1+s2，则s0＞s1，若s0+s2＞s1+s2，即s0＞s1；两车不会相遇，所以选项A正确；

BC．若s0+s2＜s1+s2，即s0＜s1，在T时刻之前；乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，所以选项B正确，C错误；

D．若s0=s2，由于s2＞s1，故s0＞s1；两车不会相遇，故选项D错误；

故选AB。13、B:D【分析】【分析】

由题意可知考查运动学公式应用；牛顿第二定律的综合应用，据此分析计算可得．

【详解】

AB．设加速度为a′；由匀变速直线运动的公式：

加速阶段：s1=

减速阶段：s2=

得：s=s1+s2=

解得加速阶段的加速度为：a′=

故A错误；B正确；

CD．设小球不受车厢的作用力，应满足：水平方向：Nsinθ=ma

竖直方向：Ncosθ=mg

解得：a=gtanθ

减速时加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力N与左壁支持力共同提供，当a＞gtanθ时；

左壁的支持力等于0；此时小球的受力如图；

水平方向由牛顿第二定律可得Nsinθ=ma

竖直方向合力为零Ncosθ-F=mg

解得：F=macotθ-mg，

故C错误；D正确；

【点睛】

由运动学的公式即可求得物体的加速度；可以先设小球不受车厢的作用力，求得临界加速度，结合牛顿第二定律即可求解．解决该题的关键是正确进行受力分析，会求解临界情况下的加速度，掌握正交分解求解力的大小，熟记运动学公式和牛顿第二定律；14、A:C【分析】【详解】

A：该加速过程中物体平均速度故A项正确．

B：物体在该运动过程位移中点的瞬时速度故B项错误．

C：将该过程分为两段相等时间，则物体前一半时间的位移物体后一半时间的位移物体先后两段相等时间内的位移之比是5∶11．故C项正确．

D：将该过程分为两段相等位移，物体前一半位移的平均速度物体后一半位移的平均速度据物体先后两段相等位移所用时间之比是2：1．故D项错误．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]三个物体一起匀速运动，所受合力均为零，说明A不可能受到静摩擦力作用，则B对A的摩擦力大小为0。

[2][3]

B合力为零，说明C对B有向左的摩擦力，大小为F，根据力的相互性可知B对C的摩擦力大小为F，方向向右。【解析】0F向右16、略

【分析】【详解】

在同一幅速度时间图象中，直线的斜率表示加速度的大小，所以甲和乙的加速度的大小的比值为：【解析】3:117、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】一定不一定18、略

【分析】【详解】

[1][2]m与楔形物体相对静止，二者必定都向左加速运动。即m的合外力方向水平向左；画出m的受力图如图所示：

根据牛顿第二定律可知：

解得：

根据几何关系得：

所以支持力做的功为：【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图(1)中的仪器是电磁打点计时器；

[2]图(2)中的仪器是电火花打点计时器。【解析】电磁打点计时器电火花打点计时器20、略

【分析】【详解】

[1]根据图甲中发射和接收到的波形时间间隔可以发现；时间间隔在增大，所以小车在远离接收器。

[2]发出第一个脉冲时，设车仪相距s0，有

经T0发出第二个脉冲，车仪相距

第二个脉冲追上车时

联立得【解析】远离21、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器的读数为

因为最后一位是估读；所以读数在4.222mm~4.226mm，均算正确；

[2]游标卡尺的读数为【解析】4.224（4.222~4.226）2.18522、略

【分析】【详解】

[1]类比加速度a是描述速度对时间的变化率，则“急动度j”的定义式是

[2]加速度的单位是m/s2，则急动度的单位是m/s3【解析】m/s323、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]形变：物体在力的作用形状或体积发生的变化。按形变能否恢复原状；形变可分为弹性形变和塑性形变。

（2）弹力。

①[4][5]定义：发生形变的物体；要恢复原状，对与它接触的物体产生的力。

②[6][7]大小：弹力的大小与形变量大小有关；同一物体在弹性限度内，形变量越大，产生的弹力越大；形变消失，弹力消失。

③方向：与受力物体形变方向相同；与施力物体形变方向相反。

④作用点：在接触点或接触面上。

（3）[8][9]常见的弹力：压力和支持力都是弹力，方向垂直接触面，指向被支持或被压的物体；绳子的拉力也是弹力，方向沿绳，指向绳收缩的方向。【解析】形状体积塑性恢复原状接触形变量大小形变量垂直接触面，指向被支持或被压的物体沿绳，指向绳收缩的方向四、作图题(共1题，共5分)24、略

【分析】【详解】

小球A所受弹力如下图所示。

【解析】见解析五、实验题(共1题，共5分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1]电磁打点计时器使用的是低压交流电源；即电池组本实验中不需要。

[2]打点计时器记录了小车运动时间；因此不需要停表。

[3]电磁打点计时器使用的是低压交流电源；因此低压交流电源。

[4]在本实验中需要测量长度；因此需要刻度尺。

（2）[5]A．打点计时器应固定在长木板上；在远离滑轮的另一端，A错误；

BC．实验中为了在纸带上打出更多的点；提高纸带的利用效率，具体操作中要求小车应靠近打点计时器一端，先接通电源后释放小车，BC正确；

D．牵引小车的钩码并非越多越好；要适当，D错误。

故选BC。

（3）[6]相邻两个计数点之间的时间

[7]物体通过计数点1的速度

[8]物体通过计数点2的速度【解析】①.电池组②.停表③.低压交流电源④.刻度尺⑤.BC⑥.0.10⑦.0.375⑧.0.525六、解答题(共3题，共21分)26、略

【分析】试题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出战斗机起飞的速度；根据平均速度推论求出舰上起飞跑道的至少长度．

（2）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出舰上起飞跑道的至少长度．

（3）以舰船为参考系；结合起飞时的相对速度，根据速度位移公式求出相对位移，即起飞跑道的至少长度．

解：（1）由v=v0+at得；起飞速度为v=30+5×4m/s=50m/