2025届福建省新物理高二上期中预测试题含解析

2025届福建省新物理高二上期中预测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在图所示的电路中，电阻R＝5.0Ω，电源的内阻r＝1.0Ω，不计电流表的内阻。闭合开关S后，电流表的示数I＝0.50A，则电源的电动势E等于()A．1.0V B．2.0V C．3.0V D．4.0V2、一根劲度系数为k的轻弹簧，上端固定，下端挂一质量为m的物体，让其上下振动，振幅为A，当物体运动最高点时，其回复力大小为A．mg+kA B．mg-kA C．kA D．kA-mg3、如图，电流天平是一种测量磁场力的装置。两相距很近的通电平行线圈Ⅰ和Ⅱ，线圈Ⅰ固定，线圈Ⅱ置于天平托盘上。当两线圈均无电流通过时，天平示数恰好为零。下列说法正确的是（）A．若两线圈电流方向相反，则天平示数为负B．若两线圈电流方向相同，则天平示数为负C．若只有线圈Ⅰ通恒定电流，则天平示数为负D．线圈Ⅰ对线圈Ⅱ的作用力与托盘对线圈Ⅱ的作用力是一对相互作用力4、如图所示的实验中，表示有感应电流产生的是（）A．B．C．D．5、如图所示，一小孩从公园中粗糙的滑梯上自由加速滑下，其能量的变化情况是（）A．重力势能减少，动能不变，机械能减少B．重力势能减少，动能增加，机械能减少C．重力势能减少，动能增加，机械能增加D．重力势能减少，动能增加，机械能守恒6、如图所示，两平行金属板间带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为速度选择器，场强为E的匀强电场与磁感应强度为B的匀强磁场互相垂直。一带电荷量为+q，质量为m的粒子（不计重力）以速度v水平向右射入场区，粒子恰沿直线穿过，则下列说法正确的是A．若带电粒子电荷量为+2q，粒子仍能沿直线穿过B．若带电粒子电荷量为-2q，粒子将向下偏转C．若带电粒子从右侧水平射入，粒子仍能沿直线穿过D．若带电粒子的速度为，粒子不与极板相碰，则从右侧射出时电势能一定减小8、一辆汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其v－t图象如图所示。已知汽车的质量m=2×103kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，g取10m/s2，则A．汽车在前5s内的牵引力为4×103NB．汽车在前5s内的牵引力为6×103NC．汽车的额定功率为40kWD．汽车的最大速度为30m/s9、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是()A．加5V电压时，导体的电阻大于5ΩB．加12V电压时，导体的电阻等于8ΩC．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小10、如图所示，a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝甲、乙的伏安曲线，若RA、RB表示甲、乙电阻丝的电阻，则以下判断正确的是A．a代表的电阻丝较粗 B．b代表的电阻线较粗C．RA＞RB D．RA＜RB三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标卡尺测得某导线样品的长度如图甲所示，其示数______；用螺旋测微器测得该样品的外径如图乙所示，其示数______。(2)在伏安法测电阻的实验中，待测电阻约为，电压表V的内阻约为，电流表A的内阻约为，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数。若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为和，则______（填“”或“”)更接近待测电阻的真实值，其中测量值______（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。12．（12分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻。实验室除提供开关S和导线外,还有以下器材可供选择电压表:V(量程3V,内阻)电流表:G(量程3mA,内阻);电流表:A(量程3A,内阻约为0.5);滑动变阻器:(阻值范围0-10,额定电流2A)滑动变阻器:(阻值范围0~1000,额定电流1A)定值电阻:(1)该同学依据器材画出了如图甲所示的原理图,他没有选用电流表A,而是将电流表G与定值电阻并联,实际上是进行了电表的改装,则他改装后的电流表对应的量程是______A。(结果保留三位有效数字)(2)为了能准确地进行测量,同时为了操作方便,实验中应选用的滑动变阻器是______(填写或)(3)该同学利用上述实验原理图测得数据,以电流表G读数为横坐标,以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线,根据图线可求出电源的电动势E=______V(结果保留三位有效数字),电源的内阻r=______(结果保留三位有效数字)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的一个螺线管，匝数n=1000匝，横截面积为S=200cm2，电阻r=1Ω，在螺线管外接一个阻值R=4Ω的电阻，电阻的一端b跟地相接。一方向向左，穿过螺线管的匀强磁场的磁感应强度随时间变化规律如图线B-t所示，求：(1)从计时起在t=3s、t=5s时穿过螺线管的磁通量是多少？(2)在前6s内电阻R产生的热量.14．（16分）如图所示，荧光屏MN与x轴垂直放置，荧光屏所在位置的横坐标x0＝40cm，在第一象限y轴和MN之间存在沿y轴负方向的匀强电场，在第二象限有半径R＝10cm的圆形磁场，磁感应强度大小B＝0.4T，方向垂直xOy平面向外．磁场的边界和x轴相切于P点．在P点有一个粒子源，平行于坐标平面，向x轴上方各个方向发射比荷为1.0×108C/kg的带正电的粒子，已知粒子的发射速率v0＝4.0×106m/s．不考虑粒子的重力粒子间的相互作用．求(1)带电粒子在磁场中运动的轨迹半径;(2)若所有带电粒子均打在x轴下方的荧光屏上，求电场强度的最小值．15．（12分）质量为，带电荷量为的微粒，以速度与水平方向成进入匀强电场和匀强磁场同时存在的空间，如图所示，微粒在电场、磁场、重力场的共同作用下做匀速直线运动，求：（1）电场强度的大小．（2）磁感应强度的大小，该带电粒子带何种电荷．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

根据闭合电路的欧姆定律有：E=I（R+r）=0.50×（5.0+1.0）=3.0VA．1.0V，与结论不相符，选项A错误；B．2.0V，与结论不相符，选项B错误；C．3.0V，与结论相符，选项C正确；D．4.0V，与结论不相符，选项D错误；2、C【解析】当物体运动最高点时，物体偏离平衡位置的位移为，根据简谐运动的特征，得回复力的大小，C正确．3、B【解析】

AB．当天平示数为负时，说明两线圈相互吸引，两线圈电流方向相同，当天平示数为正时，说明两线圈相互排斥，两线圈电流方向相反，故A错误，B正确；C．只有线圈I通恒定电流，两线圈不会存在相互作用，天平示数为零，故C错误；D．线圈Ⅰ对线圈Ⅱ的作用力与托盘对线圈Ⅱ的作用力不是一对相互作用力，它们作用在一个物体上，故D错误。故选B。4、D【解析】A图示奥斯特实验，显示电流周围存在磁场的装置，选项A错误；B图中闭合圆环在无限大的磁场中运动时，穿过线圈的磁通量不变，不会产生感应电流，选项B错误；C图中通电导线在磁场中运动，这是电动机原理，不会有感应电流产生，选项C错误；D图中导线切割磁感线运动会产生感应电流，选项D正确；故选D.5、B【解析】

小孩加速滑下，高度不断减小，重力做正功，重力势能减小；速度增大，动能增加；小孩在下滑过程中与滑梯摩擦生热，一部分机械能转化成内能，导致机械能总量减小，而总能量不变，故B正确，ACD错误。故选B。6、A【解析】试题分析：当P向b端移动时，R4变小，R4与R2串联的总电阻减小，再与R3并联的总电阻也变小，故电容器的两端电压减小，则电容器间的电场强度减小，所以质点P会向下运动，选项C错误；由于电容器与R3并联，故电阻R3的两端电压也变小，则R3上消耗的电功率变小，选项D错误；R3中的电流变小，又因为电路的总电阻变小，总电流变大，故通过R4支路的电流变大，电流表的示数变大，故选项B错误；对于R2、R4来说，总电压减小，而电流又增大，故R2的两端电压增大，所以R4两端电压减小，即电压表的示数变小，选项A正确。考点：欧姆定律的动态电路，电容。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A．粒子恰沿直线穿过，电场力和洛伦兹力均垂直于速度，故合力为零，粒子做匀速直线运动；根据平衡条件，有：qvB=qE解得：只要粒子速度为，就能沿直线匀速通过选择器；若带电粒子带电量为+2q，速度不变，仍然沿直线匀速通过选择器；故A正确；B．若带电粒子带电量为-2q，只要粒子速度为，电场力与洛伦兹力仍然平衡，仍然沿直线匀速通过选择器；故B错误；C．若带电粒子从右侧水平射入，电场力方向不变，洛伦兹力方向反向，故粒子一定偏转，故C错误；D．若带电粒子速度为v，电场力不变，洛伦兹力变为倍，故会向电场力方向偏转，电场力做正功，电势能减小；故D正确；8、BD【解析】

AB．汽车受到的阻力f=0.1mg=0.1×2.0×103×10N=2.0×103N，前5s内汽车的加速度由v-t图可得a=2.0m/s2，根据牛顿第二定律：F-f=ma，求得汽车的牵引力F=ma+f=2.0×103×2.0N+2.0×103N=6.0×103N，故A错误，B正确；C．t=5s末汽车达到额定功率，P额=Fv=6.0×103×10W=6.0×104W=60kW，故C错误；D．当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，则最大速度vm=P额f=6×1049、BD【解析】

加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知：R=UI=51.0=5Ω；故A错误；加12V的电压时，电流约为1.5A，则可得电阻为：R'=121.510、BC【解析】试题分析：导线的电阻R=，由数学知识知：图线斜率的倒数表示电阻，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，C正确，D错误；根据电阻定律R=得知，长度相同，材料相同，a的横截面积小，b的横截面积大．故A、C错误，B正确．故选B．考点：本题考查导体的伏安特性曲线．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、30.353.204大于【解析】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为：30mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为：30mm+0.35mm=30.35mm[2]螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.01×20.4mm=0.204mm，所以最终读数为：3mm+0.204mm=3.204mm(2)[3]由于待测电阻满足所以电流表应用外接法，即更接近真实值[4]采用内接法时真实值应为即测量值大于真实值12、0.603R11.480.84【解析】

①根据干电池的电动势和滑动变阻器R1，可估算出电路中电流最小值，没有选用电流表A的原因是量程太大；②根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程；③为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；④根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系，由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻．【详解】(1)根据并联分流且电压相等，可得改装后电流表量程：.(2)为使电路中电流较大，并且方便调节，故实验中应选用的滑动变阻器是阻值范围较小的R1．(3)由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V;图线的斜率大小k=r，由数学知识知：,则电源的内阻为：r=k=0.84Ω.【点睛】测量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】（1）由图象知,0～4s内B随t的变化关系为：故t=3s时,B=3.5T故t=3s时磁通量为：4～6s内B随t变化关系为：故t=5s时,B=2T磁通量:(2)0～4s内，电路中的动势为：电流0～4s内R产生的热量为