河北省保定市六校2024-2025学年高一上学期11月期中考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1六校联盟2024年11月期中联考高一物理试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：必修一前三章。一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.北京时间2024年7月31日，巴黎奥运会跳水女子双人10米跳台决赛，中国选手全红婵/陈芋汐以总分359.10分的绝对优势获得金牌。在比赛过程中，全红婵和陈芋汐是绝对同步的，下列说法正确的是（）A.在下落过程中全红婵感觉水面是静止的B.起跳瞬间全红婵和陈芋汐的加速度相等C.全红婵的速率越大，其惯性越大D.下落和入水过程中全红婵可以看成质点【答案】B【解析】A．在全红婵跳水下落过程中，全红婵感觉水面是向上运动的，故A错误；B．全红婵和陈芋汐是绝对同步的，故起跳瞬间加速度相同，故B正确；C．全红婵的速率越大，由于质量不变，所以惯性不变，故C错误；D．入水过程中，全红婵形状大小不能忽略不计，不可以将全红婵看成质点，故D错误。故选B。2.如图所示，一舰载机在航母甲板上直线弹射起飞过程中，在1s内速度大小从零变为10m/s；一足球在草地上做直线运动过程中，在8s内速度大小从20m/s减为零。对于上述两个过程，下列说法不正确的是（）A.舰载机的速度变化量比足球的速度变化量大B.舰载机的平均加速度比足球的平均加速度大C.题述中的“10m/s”“20m/s”均指的是瞬时速率D.足球运动过程中的速度方向与加速度方向相反【答案】A【解析】A．题述过程中，舰载机速度的变化量为10m/s，足球的速度变化量为-20m/s，舰载机的速度变化量比足球的速度变化量小，故A错误；B．舰载机的平均加速度足球的平均加速度（“-”代表方向）舰载机的平均加速度比足球的平均加速度大，故B正确；C．题述中的“10m/s”“20m/s”均是速度大小，指的是瞬时速率，故C正确；D．足球的加速度是负值，做减速运动，因此速度方向与加速度方向相反，故D正确。本题选择错误选项，故选A3.靠墙静蹲是一种流行的健身运动，动作要点是双脚分开与肩同宽，双手放于大腿上，背部紧贴墙面缓慢下蹲至大腿与地面平行，然后保持住处于静蹲状态，除了靠墙的静蹲，背靠瑞士球的静蹲也是经常看到的，如图所示为一女士借助瑞士球做靠墙静蹲运动，女士后背部保持挺直且倚靠在瑞士球上，瑞士球则倚靠在竖直墙面上，此时女士和瑞士球都处于静止状态。下列说法正确的是（）A.瑞士球总共受到3个力作用B.女士的脚不受地面的摩擦力作用C.女士对瑞士球的弹力是由女士的形变产生的D.女士对瑞士球的弹力与墙壁对瑞士球的弹力是一对相互作用力【答案】C【解析】A．瑞士球受重力、墙壁对其的弹力和摩擦力、女士对其的弹力和摩擦力，共5个力作用，故A错误；B．女士在水平方向上受力平衡，由于瑞士球对女士有水平向左的弹力，所以地面对女士一定有水平向右的摩擦力，故B错误；C．女士对瑞士球的弹力是由女士的形变产生的，故C正确；D．女士对瑞士球的弹力与墙壁对瑞士球的弹力是一对平衡力，故D错误。故选C。4.“枫叶落秋风，片片枫叶转”，离地高处的枫树树梢上一片枫叶在萧瑟的秋风中飘落到地面，完成了它最后叶落归根的使命。则它落到地面的时间可能是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】如果离地高处自由下落，则由，可得落到地面的时间树叶在下落过程中受到空气阻力作用，使得下落的时间增大，大于1s。故选D。5.汽车匀加速经过笔直的公路边的等间距的树木。设经过第1棵树时的速度为，经过第4棵树时的速度为，则它经过第2棵树时的速度为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】设两棵树之间的距离为x，则依题意有设经过第2棵树时的速度为v2，则有联立可得故选C。6.如图所示，光滑竖直墙壁上有一颗钉子，分两次用长短不同的轻绳将同一个足球挂在该钉子上，足球分别静止在A、B两点；绳子拉力分别为TA和TB，墙对足球的支持力分别为FNA和FNB，则（）A.TA<TB，FNA<FNB B.TA>TB，FNA<FNBC.TA<TB，FNA>FNB D.TA>TB，FNA>FNB【答案】D【解析】设轻绳与墙壁间的夹角为，由平衡条件可得解得由图可知故故选D。7.如图所示是某质点运动的速度—时间图像，由图像可知（）A.在t=2s时，该质点的速度方向发生了改变B.在2～4s内该质点的位移是24mC.在0～2s内该质点的位移是6mD.在4～6s内该质点运动的加速度是3m/s2【答案】D【解析】A．由图可知，第2s末前后速度都取负值，所以在t=2s时，该质点的速度方向没有改变，故A错误；B．在速度图像中，面积表示位移，在2～4s内该质点的位移大小是故B错误；C．在速度图像中，面积表示位移，在0～2s内横轴上方三角形面积与横轴下方三角形面积相等，所以在0～2s内该质点的位移是0，故C错误；D．在速度图像中，斜率表示加速度，在4～6s内该质点运动的加速度是故D正确。故选D。二、多选题：本题共3小题，每小题6分，部分3分，共18分。8.关于物体的重力和重心，下列说法中正确的是（）A.重力的方向总是竖直向下的 B.重力就是地球对物体的吸引力C.物体的形状改变时，它的重心位置可能随之改变 D.重心就是物体上最重的一点【答案】AC【解析】A．重力的方向总是竖直向下的，故A正确；B．重力是由于地球的吸引而产生，万有引力的一个分力提供随地球自转所需的向心力，另一个分力是重力，所以重力并不能说就是地球的吸引力，故B错误；C．重心位置取决于物体形状和质量分布情况，所以当物体形状的变化时，重心位置也可能发生变化，故C正确；D．重心并非实际存在的点，也不是物体上最重的一点，故D错误；故选AC。9.用三根细线a、b、c将重力均为G的两个小球1和2连接，并悬挂如图所示。两小球处于静止状态，细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平则（）A.细线a对小球1的拉力大小B.细线c对小球2的拉力大小C.细线b对小球2的拉力大小D.细线b对小球1的拉力大小为G【答案】ABC【解析】AB．将两小球看作一个整体，对整体受力分析，如图所示根据平衡条件可得联立得，故AB正确；CD．对2小球隔离分析，利用平衡条件可得则细线b对小球2和小球1的拉力都为，故C正确，D错误；故选ABC。10.甲、乙两车在同一平直公路不同车道上行驶的位置随时间变化的关系图像如图所示。已知乙车做匀变速直线运动，其图线与轴相切于6s处，则0~6s过程中，下列说法正确的是（）A.甲车做匀加速直线运动 B.甲车的位移大小为120mC.乙车的初速度大小为40m/s D.乙车的加速度大小为5m/s2【答案】BD【解析】AB．由图像的斜率表示速度可知，甲车做匀速直线运动，速度大小为甲车位移大小为故A错误、B正确；CD．乙车做匀变速直线运动，其图线与轴相切于6s处，可知在时速度为零，可将其运动的逆过程看成是初速度为零的匀加速直线运动，则有由图像可得解得乙车的加速度大小为则乙车的初速度大小为故C错误，D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在研究匀变速直线运动实验中，某同学得到一条纸带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出．(1)设打点计时器打点周期为T，打F点时速度为vF，则计算vF的公式为vF=______（用T和图中已知物理量表示）(2)图中d1=2.00cm、d2=4.50cm、d3=7.60cm、d4=11.30cm、d5=15.50cm、d6=20.20cm，打点计时器打点周期为0.02s，则小车运动的加速度a=______m/s2.（结果保留2位有效数字）(3)如果当时电网中交变电流的频率是f=52Hz，而做实验的同学并不知道，由此引起的______（选填“系统”或“偶然”）误差将使加速度的测量值比实际值偏______（选填“大”或“小”）【答案】(1)(2)0.55(3)系统小【解析】(1)由于设打点计时器打点周期为，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，那么每相邻两计数点之间间隔为，在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，打点时速度为：(2)根据，依据逐差法有：(3)如果在某次实验中，交流电的频率为52Hz，那么实际周期小于0.02s，属于系统误差，根据运动学公式得真实的加速度值就会偏大，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏小的．12.如图所示是小华物理学习小组探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验。（1）观察图甲、乙，发现弹簧测力计的示数，由此可知：在接触面粗糙程度相同时，________越大，滑动摩擦力越大。（2）在实验后交流的过程中，小华发现有同学设计的实验装置如图丁所示，实验时，在托盘中放入适量的砝码，使木块做匀速直线运动。（滑轮的摩擦不计）请回答下列问题：①为了测木块滑动摩擦力，需要测量物理量是________（填编号）。A．木板的质量B．木块的质量C．砝码的质量D．托盘和砝码的总质量②小华猜想：摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关。于是，他在上述实验的基础上，将木块沿竖直方向切去一部分后。用剩下的部分继续进行实验，测得的滑动摩擦力变小。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为她的探究过程存在的问题是________________，正确的做法是：小华将木块沿竖直方向切去一部分后，只要将________________，就可以进行实验并得出正确结论。【答案】（1）压力（2）①.D②.未控制压力一定将截去部分叠在剩余部分上面【解析】（1）甲乙两图接触面粗糙程度相同，压力不同。弹簧测力计的示数。由此可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（2）在图丁的实验设计中，对木块的拉力来自托盘和砝码的总重力，所以为了测量木块的滑动摩擦力，需要测量的物理量是托盘和砝码的总质量。故选D。小华在探究过程中没有控制压力大小一定，不符合控制变量法的要求，因此结论不可靠。正确的做法是：将木块沿竖直方向截去一部分后，将截去部分叠在剩余部分上面进行实验，这样即保证接触面粗糙程度相同，也保证了压力不变，符合控制变量法的要求。13.如图所示，某质点沿边长AB=3m，BC=4m的矩形从A点沿逆时针方向匀速率运动，在5s内运动了矩形周长的一半到达C点。求：（1）质点的位移的大小和路程；（2）平均速度和平均速率。【答案】(1)5m；7m；(2)1m/s；1.4m/s【解析】(1)位移是初末位置的有向线段，所以质点位移的大小路程为(2)平均速度为平均速率为14.如图所示，竖直平面内有半径为R的光滑半圆弧形轻杆，圆心为O，其直径AB位于水平桌面上，原长为R的轻弹簧一端固定在A点，另一端连接着质量为m的小球，小球套在弧形杆上的C点处于静止状态。已知OC与水平面间的夹角为θ=60°，重力加速度为g。求∶(1)画出小球受力示意图（图画在答题卡）；(2)弧形杆对小球的弹力大小；(3)弹簧的劲度系数。【答案】(1)见解析；(2)；(3)【解析】(1)根据题意小球受重力mg、弧形杆对小球的弹力FN和弹簧弹力F弹三个力作用，受力分析如图(2)θ=60°，OA=OC，所以对小球受力正交分解，由平衡条件可得，水平方向有竖直方向有联立解得，(3)由几何关系得AC长为由胡克定律得联立解得弹簧的劲度系数为15.如图所示，在离地面高处以的速度竖直向上抛出一个小球，地面上有一长的小车，其前端距离抛出点的正下方，小球抛出的同时，小车由静止开始向右做的匀加速直线运动。已知小球在空中运动的总时间为t=4s，g取10m/s2，忽略空气阻力及小车的高度，求：（1）小球抛出点离地面的高度；（2）小球落地前最