版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领
文档简介
一、等差数列选择题1.设等差数列的前项之和为,已知,则()A. B. C. D.2.在等差数列中,,,则()A. B. C. D.3.设等差数列的前项和为,且,则()A.45 B.50 C.60 D.804.设数列的前项和.则的值为().A. B. C. D.5.等差数列中,,则此数列的前项和等于()A.160 B.180 C.200 D.2206.等差数列的前项和为,若,,则()A.11 B.12 C.23 D.247.已知等差数列,其前项的和为,,则()A.24 B.36 C.48 D.648.已知数列中,,且满足,若对于任意,都有成立,则实数的最小值是()A.2 B.4 C.8 D.169.题目文件丢失!10.冬春季节是流感多发期,某地医院近30天每天入院治疗流感的人数依次构成数列,已知,,且满足(),则该医院30天入院治疗流感的共有()人A.225 B.255 C.365 D.46511.已知等差数列,且,则数列的前13项之和为()A.24 B.39 C.104 D.5212.已知等差数列的前项和为,且.定义数列如下:是使不等式成立的所有中的最小值,则()A.25 B.50 C.75 D.10013.已知数列满足且,则时,使得不等式恒成立的实数a的最大值是()A.19 B.20 C.21 D.2214.已知等差数列中,,,则的值是()A.15 B.30 C.3 D.6415.已知数列的前项和,则的通项公式为()A. B. C. D.16.在1与25之间插入五个数,使其组成等差数列,则这五个数为()A.3、8、13、18、23 B.4、8、12、16、20C.5、9、13、17、21 D.6、10、14、18、2217.已知数列的前项和为,且,现有如下说法:①;②;③.则正确的个数为()A.0 B.1 C.2 D.318.已知数列中,,,对都有,则等于()A. B. C. D.19.已知正项数列满足,,数列满足,记的前n项和为,则的值为()A.1 B.2 C.3 D.420.《张丘建算经》卷上第题为:“今有女善织,日益功疾(注:从第天开始,每天比前一天多织相同量的布),第一天织尺布,现一月(按天计)共织尺”,则从第天起每天比前一天多织()A.尺布 B.尺布 C.尺布 D.尺布二、多选题21.题目文件丢失!22.黄金螺旋线又名等角螺线,是自然界最美的鬼斧神工.在一个黄金矩形(宽长比约等于0.618)里先以宽为边长做正方形,然后在剩下小的矩形里以其宽为边长做正方形,如此循环下去,再在每个正方形里画出一段四分之一圆弧,最后顺次连接,就可得到一条“黄金螺旋线”.达·芬奇的《蒙娜丽莎》,希腊雅典卫城的帕特农神庙等都符合这个曲线.现将每一段黄金螺旋线与其所在的正方形所围成的扇形半径设为an(n∈N*),数列{an}满足a1=a2=1,an=an-1+an-2(n≥3).再将扇形面积设为bn(n∈N*),则()A.4(b2020-b2019)=πa2018·a2021 B.a1+a2+a3+…+a2019=a2021-1C.a12+a22+a32…+(a2020)2=2a2019·a2021 D.a2019·a2021-(a2020)2+a2018·a2020-(a2019)2=023.已知数列的前4项为2,0,2,0,则该数列的通项公式可能为()A. B.C. D.24.朱世杰是元代著名数学家,他所著的《算学启蒙》是一部在中国乃至世界最早的科学普及著作.《算学启蒙》中涉及一些“堆垛”问题,主要利用“堆垛”研究数列以及数列的求和问题.现有100根相同的圆形铅笔,小明模仿“堆垛”问题,将它们全部堆放成纵断面为等腰梯形的“垛”,要求层数不小于2,且从最下面一层开始,每一层比上一层多1根,则该“等腰梯形垛”应堆放的层数可以是()A.4 B.5 C.7 D.825.已知等差数列的公差不为,其前项和为,且、、成等差数列,则下列四个选项中正确的有()A. B. C.最小 D.26.在下列四个式子确定数列是等差数列的条件是()A.(,为常数,); B.(为常数,);C.; D.的前项和().27.设等差数列{an}的前n项和为Sn,公差为d.已知a3=12,S12>0,a7<0,则()A.a6>0B.C.Sn<0时,n的最小值为13D.数列中最小项为第7项28.公差为的等差数列,其前项和为,,,下列说法正确的有()A. B. C.中最大 D.29.已知数列是递增的等差数列,,.,数列的前项和为,下列结论正确的是()A. B.C.当时,取最小值 D.当时,取最小值30.设等差数列的前项和为,公差为,且满足,,则对描述正确的有()A.是唯一最小值 B.是最小值C. D.是最大值【参考答案】***试卷处理标记,请不要删除一、等差数列选择题1.B【分析】由等差数列的通项公式可得,再由,从而可得结果.【详解】解:,,.故选:B.2.A【分析】利用等差数列的通项公式求解,代入即可得出结论.【详解】由,,又为等差数列,得,,解得,则;故选:A.3.C【分析】利用等差数列性质当时及前项和公式得解【详解】是等差数列,,,故选:C【点睛】本题考查等差数列性质及前项和公式,属于基础题4.C【分析】利用得出数列的通项公差,然后求解.【详解】由得,,,所以,所以,故.故选:C.【点睛】本题考查数列的通项公式求解,较简单,利用求解即可.5.B【分析】把已知的两式相加得到,再求得解.【详解】由题得,所以.所以.故选:B6.C【分析】由题设求得等差数列的公差,即可求得结果.【详解】,,,公差,,故选:C.7.B【分析】利用等差数列的性质进行化简,由此求得的值.【详解】由等差数列的性质,可得,则故选:B8.A【分析】将变形为,由等差数列的定义得出,从而得出,求出的最值,即可得出答案.【详解】因为时,,所以,而所以数列是首项为3公差为1的等差数列,故,从而.又因为恒成立,即恒成立,所以.由得所以,所以,即实数的最小值是2故选:A9.无10.B【分析】直接利用分类讨论思想的应用求出数列的通项公式,进一步利用分组法求出数列的和【详解】解:当为奇数时,,当为偶数时,,所以,是以2为首项,2为公差的等差数列,所以,故选:B11.D【分析】根据等差数列的性质计算求解.【详解】由题意,,∴.故选:D.12.B【分析】先求得,根据,求得,进而得到,结合等差数列的求和公式,即可求解.【详解】由题意,等差数列的前项和为,且,可得,因为,即,解得,当,()时,,即,即,从而.故选:B.13.B【分析】由等差数列的性质可得数列为等差数列,再由等差数列的通项公式可得,进而可得,再结合基本不等式即可得解.【详解】因为,所以,所以数列为等差数列,设其公差为,由可得,所以,解得,所以,所以,所以不等式即对任意的恒成立,又,当且仅当时,等号成立,所以即实数a的最大值是.故选:B.【点睛】关键点点睛:解决本题的关键是构造新数列求数列通项及基本不等式的应用.14.A【分析】设等差数列的公差为,根据等差数列的通项公式列方程组,求出和的值,,即可求解.【详解】设等差数列的公差为,则,即解得:,所以,所以的值是,故选:A15.B【分析】利用求出时的表达式,然后验证的值是否适合,最后写出的式子即可.【详解】,当时,,当时,,上式也成立,,故选:B.【点睛】易错点睛:本题考查数列通项公式的求解,涉及到的知识点有数列的项与和的关系,即,算出之后一定要判断时对应的式子是否成立,最后求得结果,考查学生的分类思想与运算求解能力,属于基础题.16.C【分析】根据首末两项求等差数列的公差,再求这5个数字.【详解】在1与25之间插入五个数,使其组成等差数列,则,则,则这5个数依次是5,9,13,17,21.故选:C17.D【分析】由得到,再分n为奇数和偶数得到,,然后再联立递推逐项判断.【详解】因为,所以,所以,,联立得:,所以,故,从而,,,则,故,,,故①②③正确.故选:D18.D【分析】利用等差中项法可知,数列为等差数列,根据,可求得数列的公差,可求得的值,进而可求得的值.【详解】对都有,由等差中项法可知,数列为等差数列,由于,,则数列的公差为,所以,,因此,.故选:D.19.B【分析】由题意可得,运用等差数列的通项公式可得,求得,然后利用裂项相消求和法可求得结果【详解】解:由,,得,所以数列是以4为公差,以1为首项的等差数列,所以,因为,所以,所以,所以,所以,故选:B【点睛】关键点点睛:此题考查由数列的递推式求数列的前项和,解题的关键是由已知条件得,从而数列是以4为公差,以1为首项的等差数列,进而可求,,然后利用裂项相消法可求得结果,考查计算能力和转化思想,属于中档题20.D【分析】设该女子第尺布,前天工织布尺,则数列为等差数列,设其公差为,根据,可求得的值.【详解】设该女子第尺布,前天工织布尺,则数列为等差数列,设其公差为,由题意可得,解得.故选:D.二、多选题21.无22.ABD【分析】对于A,由题意得bn=an2,然后化简4(b2020-b2019)可得结果;对于B,利用累加法求解即可;对于C,数列{an}满足a1=a2=1,an=an-1+an-2(n≥3),即an-1=an-2-an,两边同乘an-1,可得an-12=an-1an-2-an-1an,然后累加求解;对于D,由题意an-1=an-an-2,则a2019·a2021-(a2020)2+a2018·a2020-(a2019)2,化简可得结果【详解】由题意得bn=an2,则4(b2020-b2019)=4(a20202-a20192)=π(a2020+a2019)(a2020-a2019)=πa2018·a2021,则选项A正确;又数列{an}满足a1=a2=1,an=an-1+an-2(n≥3),所以an-2=an-an-1(n≥3),a1+a2+a3+…+a2019=(a3-a2)+(a4-a3)+(a5-a4)+…+(a2021-a2020)=a2021-a2=a2021-1,则选项B正确;数列{an}满足a1=a2=1,an=an-1+an-2(n≥3),即an-1=an-2-an,两边同乘an-1,可得an-12=an-1an-2-an-1an,则a12+a22+a32…+(a2020)2=a12+(a2a1-a2a3)+(a3a2-a3a4)+…+(a2020a2019-a2020a2021)=a12-a2020a2021=1-a2020a2021,则选项C错误;由题意an-1=an-an-2,则a2019·a2021-(a2020)2+a2018·a2020-(a2019)2=a2019·(a2021-a2019)+a2020·(a2018-a2020)=a2019·a2020+a2020·(-a2019)=0,则选项D正确;故选:ABD.【点睛】此题考查数列的递推式的应用,考查累加法的应用,考查计算能力,属于中档题23.BD【分析】根据选项求出数列的前项,逐一判断即可.【详解】解:因为数列的前4项为2,0,2,0,选项A:不符合题设;选项B:,符合题设;选项C:,不符合题设;选项D:,符合题设.故选:BD.【点睛】本题考查数列的通项公式的问题,考查了基本运算求解能力,属于基础题.24.BD【分析】依据题意,根数从上至下构成等差数列,设首项即第一层的根数为,公差即每一层比上一层多的根数为,设一共放层,利用等差数列求和公式,分析即可得解.【详解】依据题意,根数从上至下构成等差数列,设首项即第一层的根数为,公差为,设一共放层,则总得根数为:整理得,因为,所以为200的因数,且为偶数,验证可知满足题意.故选:BD.【点睛】关键点睛:本题考查等差数列的求和公式,解题的关键是分析题意,把题目信息转化为等差数列,考查学生的逻辑推理能力与运算求解能力,属于基础题.25.BD【分析】设等差数列的公差为,根据条件、、成等差数列可求得与的等量关系,可得出、的表达式,进而可判断各选项的正误.【详解】设等差数列的公差为,则,,因为、、成等差数列,则,即,解得,,.对于A选项,,,A选项错误;对于B选项,,,B选项正确;对于C选项,.若,则或最小;若,则或最大.C选项错误;对于D选项,,D选项正确.故选:BD.【点睛】在解有关等差数列的问题时可以考虑化归为a1和d等基本量,通过建立方程(组)获得解,另外在求解等差数列前项和的最值时,一般利用二次函数的基本性质或者数列的单调性来求解.26.AC【分析】直接利用等差数列的定义性质判断数列是否为等差数列.【详解】A选项中(,为常数,),数列的关系式符合一次函数的形式,所以是等差数列,故正确,B选项中(为常数,),不符合从第二项起,相邻项的差为同一个常数,故错误;C选项中,对于数列符合等差中项的形式,所以是等差数列,故正确;D选项的前项和(),不符合,所以不为等差数列.故错误.故选:AC【点睛】本题主要考查了等差数列的定义的应用,如何去判断数列为等差数列,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.27.ABCD【分析】S12>0,a7<0,利用等差数列的求和公式及其性质可得:a6+a7>0,a6>0.再利用a3=a1+2d=12,可得<d<﹣3.a1>0.利用S13=13a7<0.可得Sn<0时,n的最小值为13.数列中,n≤6时,>0.7≤n≤12时,<0.n≥13时,>0.进而判断出D是否正确.【详解】∵S12>0,a7<0,∴>0,a1+6d<0.∴a6+a7>0,a6>0.∴2a1+11d>0,a1+5d>0,又∵a3=a1+2d=12,∴<d<﹣3.a1>0.S13==13a7<0.∴Sn<0时,n的最小值为13.数列中,n≤6时,>0,7≤n≤12时,<0,n≥
温馨提示
- 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
- 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
- 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
- 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
- 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
- 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
- 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
最新文档
- 护理个案护理毕业设计
- 2024年其他未列明建筑服务合作协议书
- 2024年商品购销代理合作协议标准版
- 2024天津市房屋转租合同范文
- 护理人文关怀汇报
- 2024网签版工程承包合同样书
- 急性脑梗塞患者溶栓前的护理
- 2024年度文化艺术演出委托合同2篇
- 2024上海市企业劳动合同
- 2024装修工程合同简单版范本
- 幼儿园二十四节气课程教研方案
- 共享菜园的可行性分析方案
- 《室内设计公共空间》课件
- 辽宁省葫芦岛市兴城市2023-2024学年八年级上学期期末考试数学试题
- 黑龙江省哈尔滨市香坊区2023-2024学年八年级上学期期末数学试题
- 一例颅内动脉瘤破裂出血患者的个案护理
- 农药经营56学时培训模拟试题
- 2023-2024学年六年级上册道德与法治4.8我们受特殊保护 课件(共34张PPT)
- 路基工程测量放样方法解读
- 人民医院诊断证明书
- 屋面防水报价单
评论
0/150
提交评论