云南省华宁一中高三复习第八次质量检测物理

绝密★启用前：考试时间：2018年5月15日云南省华宁一中2018届高三复习第八次质量检测高三理综物理明天教师：审题教师：一、单选题(共8小题,每小题6分,共48分)1.一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为U→Th＋He，下列说法正确的是()A．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量2.汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车礼让，汽车恰好停在斑马线前．假设驾驶员的反应时间为0.5s，汽车运动的v－t图象如图2所示．则汽车的加速度大小为()图2A．20m/s2B．6m/s2C．5m/s2D．4m/s23.如图所示，一质量为M的斜面体静止在水平面上，物体B受沿斜面向上的力F作用沿斜面匀速上滑，A、B之间动摩擦因数为μ，μ＜tanθ，且质量均为m，则()A．A、B保持相对静止B．地面对斜面体的摩擦力等于mg(sinθ－μcosθ)cosθ＋FcosθC．地面受到的压力等于(M＋2m)gD．B与斜面间动摩擦因数为4.2017年4月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道(可视为圆轨道)运行．与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的()A．周期变大B．速率变大C．动能变大D．向心加速度变大5.空间某区域内存在着电场，电场线在竖直平面上的分布如图所示．一个质量为m、电荷量为q的带电小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右；运动至B点时的速度大小为v2，运动方向与水平方向之间的夹角为α，A、B两点间的高度差为h、水平距离为s，则以下判断正确的是()A．A、B两点的电场强度和电势关系为EA<EB、φA<φBB．如果v2>v1，则电场力一定做正功C．A、B两点间的电势差为(v－v)D．小球从A点运动到B点的过程中电场力做的功为mv－mv－mgh6.如图所示的电路中，电源电动势为12V，内阻为2Ω，四个电阻的阻值已在图中标出，闭合开关S，下列说法正确的有()A．路端电压为10VB．电源的总功率为10WC．a、b间电压的大小为5VD．a、b间用导线连接后，电路的总电流为1A7.(多选)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶10，接线柱a、b接在电压为u＝22sin(100πt)V的正弦交流电源上，R1为定值电阻，其阻值为100Ω，R2为用半导体热敏材料制成的传感器．下列说法中正确的是()A．t＝s时，a、b两点间电压的瞬时值为11VB．t＝s时，电压表的读数为220VC．当R2的温度升高时，电压表示数不变，电流表示数变大D．在1分钟内电阻R1上产生的热量为55000J8.如图3，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反．下列说法正确的是()A．L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面垂直B．L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在平面垂直C．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶D．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为∶∶1分卷II二、实验题(共2小题,共20分)9(8分).如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度．(1)所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________(填字母代号)中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺(2)通过作图的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v－t图象外，还可作________图象，其纵轴表示的是________，横轴表示的是________．10（12分）.图7(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图．图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头的满偏电流为250μA，内阻为480Ω.虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连．该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡．图7(1)图(a)中的A端与________(填“红”或“黑”)色表笔相连接．(2)关于R6的使用，下列说法正确的是________(填正确答案标号)．A．在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置C．使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置(3)根据题给条件可得R1＋R2＝________Ω，R4＝________Ω.(4)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示．若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为__________；若此时B端是与“3”相连的，则读数为________；若此时B端是与“5”相连的，则读数为____________．(结果均保留3位有效数字)三、计算题(共2小题,共30分)11（12分）.如图所示，倾角α＝30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L＝1.8m、质量M＝3kg的薄木板，木板的最右端叠放一质量m＝1kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ＝.对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动．设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2.(1)为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；(2)若F＝37.5N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离．12（18分）.如图所示，光滑绝缘水平面上方有两个方向相反的水平方向匀强磁场，竖直虚线为其边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1＝B，B2＝3B.竖直放置的正方形金属线框边长为L，电阻为R，质量为m.线框通过一绝缘细线与套在光滑竖直杆上的质量为M的物块相连，滑轮左侧细线水平．开始时，线框与物块静止在图中虚线位置且细线水平伸直．将物块由图中虚线位置由静止释放，当物块下滑h时速度大小为v0，此时细线与水平方向夹角θ＝30°，线框刚好有一半处于右侧磁场中．(已知重力加速度g，不计一切摩擦)求：(1)此过程中通过线框截面的电荷量q；(2)此时安培力的功率；(3)此过程在线框中产生的焦耳热Q.【物理—选修33】15分（1）（5分）质量一定的某种物质，在压强不变的条件下，由固态I到气态III变化过程中温度T随加热时间t变化关系如图所示，单位时间所吸收的热量可看做不变，气态III可看成理想气体。下列说法正确的是A.该物质是晶体B.该物质分子平均动能随着时间的增大而增大C.在时间内，该物质分子势能随着时间的增大而增大D.在时间内，该物质的内能随着时间的增加而增大E.在时间内，气体膨胀对外做功，分子势能增大（2）（10分）如图所示，内径相同的两U形玻璃管竖直放置在空气中，中间用细软管相连，左侧U形管顶端封闭，右侧U形管开口，用水银将部分气体A封闭在左侧U形管内，细软管内还有一部分气体。已知环境温度恒为27℃，大气压强为，稳定时，A部分气体长度为，管内各液面高度差分别为、；①求A部分气体的压强；②现仅给A部分气体加热，当管内气体温度升高了时，A部分气体长度为21cm，求时右侧U形管液面高度差。【物理—选修34】15分如图甲所示，在水平面内，有三个质点a、b、c分别位于直角三角形的三个顶点上，已知ab＝6m，ac＝8m．在t1＝0时刻a、b同时开始振动，振动图象均如图乙所示，所形成的机械波在水平面内传播，在t2＝4s时c点开始振动，则()A.该机械波的传播速度大小为2m/sB.c点的振动频率先是与a点相同，两列波相遇后c点的振动频率增大C.该列波的波长是2mD.两列波相遇后，c点振动加强E.两列波相遇后，c点振动减弱（2）如图所示，真空中有一个半径为R的均匀透明介质球，一细束激光沿直线AB传播，在介质球表面的B点经折射进入球，入射角θ1＝60°，在球面上另一点又一次经折射后进人真空，此时激光的传播方向相对于光线AB偏转了60°.已知真空中的光速为c，求：①介质球的折射率n；②激光在介质球中传播的时间t.答案解析1.【答案】B【解析】静止的铀核在α衰变过程中，满足动量守恒的条件，根据动量守恒定律得pTh＋pα＝0，即钍核的动量和α粒子的动量大小相等，方向相反，选项B正确；根据Ek＝可知，选项A错误；半衰期的定义是统计规律，对于一个α粒子不适用，选项C错误；铀核在衰变过程中，伴随着一定的能量放出，即衰变过程中有一定的质量亏损，故衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，选项D错误．2.【答案】C【解析】由v－t图象与时间轴所围的面积等于汽车通过的位移，设匀减速直线运动的时间为t，则x＝t，即15m－10×0.5m＝t，因此匀减速运动的时间为2s，所以匀减速运动的加速度大小为a＝＝m/s2＝5m/s2，选项C正确．3.【答案】B【解析】由于μ＜tanθ，由受力分析可知，A沿斜面向下匀加速下滑，加速度aA＝gsinθ－μgcosθ，故A错误；由受力分析可知A沿斜面向下匀加速下滑，加速度aA＝gsinθ－μgcosθ，将A、B及斜面体视为整体，受力分析可知地面对斜面体的摩擦力等于m(gsinθ－μgcosθ)cosθ＋Fcosθ，地面受到的压力为(M＋2m)g－Fsinθ－m(gsinθ－μgcosθ)sinθ，故B正确，C错误；B与斜面体的正压力N＝2mgcosθ，对B分析，根据共点力平衡有：F＝mgsinθ＋μmgcosθ＋f′，则动摩擦因数μ＝＝，故D错误．4.【答案】C【解析】根据组合体受到的万有引力提供向心力可得，＝mr＝m＝ma，解得T＝，v＝，a＝，由于轨道半径不变，所以周期、速率、向心加速度均不变，选项A、B、D错误；组合体比天宫二号的质量大，动能Ek＝mv2变大，选项C正确．5.【答案】D【解析】由电场线的方向和疏密可知A点电场强度小于B点，但A点电势高于B点，A错误．若v2>v1，说明合外力对小球做正功，但电场力不一定做正功，B错误．由于有重力做功，A、B两点间电势差不是(v－v)，C错误．小球从A点运动到B点过程中由动能定理得W电＋mgh＝mv－mv，所以W电＝mv－mv－mgh，D正确．6.【答案】AC【解析】外电路的总电阻R＝Ω＝10Ω，总电流I＝＝1A，则路端电压U＝IR＝10V，A对；电源的总功率P总＝EI＝12W，B错；a、b间电压大小为Uab＝0.5×15V－0.5×5V＝5V，C项对；a、b间用导线连接后，外电路的总电阻为R′＝2×Ω＝7.5Ω，电路中的总电流I＝≈1.26A，D项错误．7.【答案】BC【解析】t＝s时，a、b两点间电压的瞬时值为u＝22sin(100π×)V＝11V，所以A错误．无论何时，最大值为U＝22V，所以有效值U1＝＝22V．根据变压器的原、副线圈的电压比等于匝数比，即＝＝，所以U2＝220V，即电压表读数为220V，所以B正确．当R2的温度升高时，R2的电阻减小，导致副线圈电路的总电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，电流表A测量的是原线圈中的总电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以电压表V的示数不变，所以C正确．计算热量用有效值，R1两端的电压有效值为220V，所以在1分钟内电阻R1上产生的热量为Q＝t＝×60＝29040J，所以D错误．8.【答案】BC【解析】同向电流相互吸引，反向电流相互排斥．对L1受力分析，如图甲所示，可知L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在的平面平行，故A错误；对L3受力分析，如图乙所示，可知L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在的平面垂直，故B正确；设三根导线间两两之间的相互作用力的大小为F，则L1、L2受到的磁场作用力的合力大小均等于F，L3受到的磁场作用力的合力大小为F，即L1、L2、L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶，故C正确，D错误．9.【答案】(1)D(2)－h速度平方的二分之一重物下落的高度【解析】(1)打点计时器需接交流电源．重力加速度与物体的质量无关，所以不需要天平和砝码．计算速度需要测相邻计数点间的距离，需要毫米刻度尺，故D正确．(2)由公式v2＝2gh，如绘出－h图象，其斜率也等于重力加速度．10.【答案】(1)黑(2)B(3)160Ω880Ω(4)1.47mA1．10kΩ2.94V【解析】(1)当B端与“3”连接时，内部电源与外部电路形成闭合回路，电流从A端流出，故A端与黑色表笔相连接．(2)在使用多用电表之前，调整表头螺丝使电表指针指在表盘左端电流“0”位置，选项A错误；使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置，选项B正确；使用电流挡时，电阻R6不在闭合电路中，调节无效，选项C错误．(3)根据题给条件可知，当B端与“2”连接时，表头与R1、R2组成的串联电路并联，此时为量程1mA的电流挡，由并联电路两支路电流与电阻成反比知，＝＝，解得R1＋R2＝160Ω.当B端与“4”连接时，表头与R1、R2组成的串联电路并联后再与R4串联，此时为量程1V的电压挡，表头与R1、R2组成的串联电路并联后再与R4串联，此时为量程1V的电压挡，表头与R1、R2组成的串联电路并联总电阻为120Ω，两端电压为0.12V，由串联电路中电压与电阻成正比知：R4两端电压为0.88V，则R4电阻为880Ω.(4)若此时B端是与“1”连接的，多用电表作为直流电流表使用，量程为2.5mA，读数为1.47mA.若此时B端是与“3”连接的，多用电表作为欧姆表使用，读数为11×100Ω＝1.10kΩ.若此时B端是与“5”连接的，多用电表作为直流电压表使用，量程为5V，读数为2.94V.11.【答案】(1)F≤30N(2)物块能滑离木板1.2s0.9m【解析】(1)对M、m整体，由牛顿第二定律知F－(M＋m)gsinα＝(M＋m)a对m，有Ff－mgsinα＝maFf≤μmgcosα代入数据得：F≤30N(2)F＝37.5N>30N，物块能滑离木板对于M，有F－μmgcosα－Mgsinα＝Ma1对m，有μmgcosα－mgsinα＝ma2设物块滑离木板所用的时间为t，由运动学公式：a1t2－a2t2＝L代入数据得：t＝1.2s物块离开木板时的速度v＝a2t由公式：－2gsinα·s＝0－v2代入数据得s＝0.9m.12.【答案】(1)(2)(3)Mgh－Mv02－mv02【解析】(1)此过程的平均感应电动势为：＝＝，通过线框截面的电量q＝Δt＝Δt＝，解得：q＝.(2)此时线框的速度为：v＝v0cos60°＝，线框中的感应电动势E＝B1lv＋B2lv＝2BLv0，线框中的感应电流I＝，此时的安培力功率P＝I2R＝.对于系统由功能关系：Q＝Mgh－Mv02－mv2＝Mgh－Mv02－mv02.33、【答案】ACD【解析】试题分析：该物质有固定的熔点，所以是晶体，故A正确；因为温