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文档简介

2021-2022学年中考物理模似试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单选题(本大题共10小题,共30分)1.如图,电源电压不变,闭合开关S,当滑片P置于变阻器的b端时,电压表的示数为6V;当滑片P置于变阻器的中点时,电压表的示数变化了2V,下列结果正确的是A.电路先后两次消耗的总功率之比为3:8B.R1先后两次消耗的电功率之比为9:16C.R2先后两次消耗的电功率之比为3:2D.若P从中点滑至a处时,电压表示数又要变化2V2.有两个铜块甲和乙,其中甲的质量大于乙的质量,让它们放出相等的热量后,再相互接触,则A.热量从甲传到乙 B.热量从乙传到甲C.它们之间不发生热传递 D.无法确定3.下列有关物理量的估计,符合实际是A.一本物理课本的质量约为4kgB.一张纸的厚度约为80μmC.普通家用照明灯的工作电流约2AD.洗澡水的适宜温度约为25℃4.关于压强,下列说法正确的是A.帕斯卡裂桶实验说明了液体压强与液体的重力有关B.利用自制气压计,从山脚到山顶时,细管子内液柱面会下降C.嘴巴吸饮料入口是利用了气体流速越大,压强越小D.一个普通人单脚站立在地面上时,对地面的压强大约是2×104Pa5.在通常情况下,你的脉搏1min跳动的次数约为()A.20次 B.40次 C.70次 D.140次6.在图(a)所示的电路中,电源电压保持不变,R1、R2为定值电阻,R为滑动变阻器,闭合电键S,将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中,电压表V1、V2的示数随电流表A示数变化的完整图线如图(b)中①、②图线所示,在图(c)中能正确反映该过程的电压表V3随电流表A示数变化的完整图线是A. B. C. D.7.小宁想通过一个例子给学弟们讲解惯性,下列实例中最恰当的是A.水总往低处流B.磁铁可以把铁钉吸过来C.弹簧受到的拉力越大,伸长量就越大D.百米跑运动员抵达终点时无法停下来8.下列关于压强的说法正确的是()A.飞机升力是由于机翼上下表面的空气流速不同造成压强差所引起的B.拦河坝设计成下宽上窄,原因是液体压强大小随深度增加而减小C.菜刀的刀刃薄,是通过减小受力面积来减小压强D.马德堡半球实验首次测出大气压强值9.关于家庭电路,下列说法中正确的是()A.用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用B.在家庭电路中可以不安装空气开关或保险丝C.家电维修时,要先断开开关D.家庭电路中总电流过大,是由于电路中用电器的实际功率过大引起的10.如图所示,当带电体接触验电器的金属球时,下列说法正确的是A.若带电体带正电荷,则这些正电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上B.若带电体带负电荷,则这些负电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上C.若带电体带正电荷,则验电器就有一部分电子转移到带电体上D.若带电体带负电荷,则验电器就有一部分正电荷转移到带电体上二、多选题(本大题共3小题,共12分)11.如图所示是小伟通过实验得到的凸透镜的像距v和物距u关系的图象,由图可知()A.凸透镜的焦距是20cmB.凸透镜的焦距是10cmC.当物体靠近凸透镜时,像离凸透镜的距离变大D.当物距为40cm时的成像特点可应用于照相机12.第24届冬季奥林匹克运动会将在2022年由北京市和张家口市联合举办.冰球是比赛项目之一,近年来越来越被大众喜爱.图为帅气的冰球选手代表丰台参赛备战训练的瞬间.下列说法中正确的是A.冰球运动员在加速滑行过程中,运动状态不变B.运动员手持球杆击球时,球杆对球的力与球对球杆的力是一对相互作用力C.运动员滑行时不能立即停下来,是因为运动员具有惯性D.运动员站在水平冰面上时,冰面对人的支持力与人受到的重力是一对相互作用力13.下列实例与所利用的物质的属性相符的是A.电热水壶的手柄常用胶木制作,是因为胶木的导热性好B.输电线的内芯常用铝或铜制作,是因为铜或铝的导电性好C.眼镜镜片通常常用玻璃制作,是因为光线通过玻璃时能发生色散D.用螺钉将机床固定在混凝土底座上,是为了增大机床的惯性三、填空题(本大题共5小题,共10分)14.如图所示,小明同学家今年某月的两次抄表情况,他家这一个月用电____kw·h.他家新购进一套用电设备,为测试该设备电功率大小,仅让该用电器工作10min,表盘转过100r,此用电设备的功率为______W.15.LED节能灯可以节约大量的照明电能和费用,己被广泛使用。1度电可供5W的LED节能灯正常工作________________h。16.图为一电热饮水机的电路简图,其额定电压为220V,具有“加热”、“保温”两种功能,对应功率分别为400W和当开关、均闭合,饮水机处于______(选填“保温”或“加热”)状态,的阻值为______;用饮水机给2kg的水加热,当水温升高,水吸收的热量为______J..17.如图甲所示,两个灯泡串联在电路中,电源电压为6V,L1的额定电压为3V,L2的额定电压为2V.通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示.闭合开关后,当滑动变阻器的滑片滑至中点时,其中一个灯泡正常发光,另一个不损坏.正常发光的小灯泡是_____,其额定功率为_____W,滑动变阻器的最大阻值是_____Ω.18.在“太阳能、天然气、石油、煤炭、风能、核燃料”这些能源(能源物质)中,属于“可再生能源”的是_________.如图所示,滚摆在运动过程中,上升的高度会逐渐降低,它的机械能逐渐转化为内能,散失到空气中,但能量的总量_________;这些散失到空气中的能量,不能自动的再次驱动滚摆,这说明能量的转化和转移时_________方向性(填“有”或“无”).四、计算题(本大题共3小题,共29分)19.图甲是小明家电热水壶内部的简化电路图,其中R为加热管,R为限流电阻,只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是温控开关(也叫防干烧开关),S、S2是手动开关,调节S、S2可以使电热水壶分别处于加热和保温状态,下表是该电热水壶的铭牌。加热水壶处于加热状态时,手动开关S、S2应处于什么状态?正常工作时,通过加热管R1的电流为多少?_________电热水壶正常工作,在1标准大气压下,将一满壶初温为20℃的水烧开,水需要吸收多少热量?______[c水=4.2×103J/(kg•℃)]水烧开后,让电热水壶处于保温状态,若R2=165Ω,则电热水壶的保温功率为多少?______小明发现在晚上用电高峰时烧开一壶水比白天用时长,晚上他进行了测量,关掉家里其他电器,仅电热水壶工作,他观察到家里电能表(如图乙)1min转盘转了40转,则晚上烧水时电热水壶的实际功率为多少?________20.小明用如图所示的滑轮组,在10s内将质量为60kg的物体A匀速提升了2m,绳子自由端所用的拉力为200N,不计绳重与摩擦(g=10N/kg),试求:(1)滑轮组的机械效率;(2)小明做功的功率;(3)若提升100kg的物体到相同高度,该滑轮组的机械效率.21.用燃气灶烧水,燃烧0.5kg的煤气,使50kg的水从20℃升高到70℃.已知水的比热容为4.2×103J/(kg•℃),煤气的热值为4.2×107J/kg。求:0.5kg煤气完全燃烧放出的热量。水吸收的热量。燃气灶烧水的效率。五、作图题(本大题共2小题,共4分)22.在图中画出物体A所受重力G的示意图.(_______________)23.如图所示,四轮驱动的玩具小车沿斜面向上匀速运动,作出小车所受支持力和摩擦力的示意图。(________)六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)24.在学习“运动和力的关系”时,我们曾追随着物理学家的足迹,设计过这样的“斜面”实验:(1)如图所示,让小车从斜面滑下后,沿水平面运动时竖直方向上受到的_____力和_____力相平衡;(2)实验过程中,每次都让小车从同一斜面的_____位置(选填“相同”或“不相同”)由静止滑下,是为了使小车在滑到底端时具有相同的速度;(3)减小水平面的粗糙程度,发现小车滑行的距离_____(选填“变大”、“不变”或“变小”)(4)进一步推理可知,若水平面绝对光滑,则小车会在水平面上做_____运动。25.某小组同学利用光具座进行“探究凸透镜成像规律”的实验:将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上,点燃蜡烛后,应调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在________;已知所用的凸透镜的焦距f=15cm,如图所示,要使蜡烛在光屏上成清晰的像,在蜡烛、凸透镜和光屏三者中,只移动其中一个的位置,其余两个不动,可行的措施是:______;如果把凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,将蜡烛移至10cm刻度线处,移动光屏,当光屏上呈现烛焰清晰的像时,该像是倒立、_______的实像;当烛焰放在距凸透镜12cm处时,在凸透镜另一侧前后移动光屏,_______(选填“能”或“不能”)在光屏上得到像.实验中,燃烧的蜡烛逐渐变短,光屏上的像会逐渐向______移动,为了使像成在光屏的中心,可将蜡烛向______调整.(选填“上”或“下”);经过多次实验,我们发现:当物体通过凸透镜成实像时,物距增大,像距_____________.26.小军利用“伏安法”测量额定电压为1.5V小灯泡L的电阻.请你根据实验目的在虚线框中画出实验电路图.________小军已连接的实物电路如图甲所示,请你将他未完成部分用笔画线补充完整.________电路连接正确后,闭合开关S,小军发现电压表有示数,但电流表无示数.由现象可判断电路中出现的故障是________.A.变阻器短路B.电流表断路C.小灯泡L短路D.小灯泡L断路排除故障后,当电压表示数为1.5V时,电流表的示数如图乙所示,此时小灯泡L的电阻为_______Ω.

参考答案一、单选题(本大题共10小题,共30分)1、B【解析】

由电路图可知,R1与滑动变阻器串联,电压表测量R2两端的电压,滑片P位于变阻器右端时,电压表示数为6V,滑动变阻器两端的电压:=6V①,当滑片滑到中点处时,变阻器的接入电阻变小,根据串联分压可知电压表示数应减小,滑动变阻器两端电压为U2=6V-2V=4V;滑动变阻器两端的电压:=4V②,由①②可得R1=R2③,③代入①得到U=12V,电路先后两次消耗的总功率之比为,故A错误;原来R1两端的电压U1=U-U2=12V-6V=6V,后来R1两端的电压U1′=U-U2′=12V-4V=8V,先后两次消耗的电功率之比为,故B正确;R2先后两次消耗的电功率之比为,故C错误;若P从中点滑至a处时,电压表示数由4V变为0,变化4V,故D错误.2、D【解析】

两铁块的比热容相同,由题知它们放出的热量相同,甲的质量大于乙的质量,根据△t=知,甲降低的温度小于乙降低的温度,由于不知道初温的高低,所以无法判断末温度的高低,所以让它们立即接触时,无法判断热传递的方向,故D正确,ABC错误。3、B【解析】

A、一个苹果的质量在200g左右,一本物理课本的质量与此差不多,在200g=0.2kg左右。故A不符合实际;B、人的头发的直径在75μm左右,试卷纸的厚度与此差不多,在80μm左右。故B符合实际;C、家用电风扇的工作电流约0.2A,普通照明灯的工作电流与此差不多,在0.2A左右。故C不符合实际;D、人体正常体温在37℃左右,洗澡水的温度应该略高于体温,在40℃左右。故D不符合实际。4、D【解析】

A.图中帕斯卡裂桶实验,说明了液体压强随深度的增加而增大,故错误;B.自制气压计是当外界气压减小时,液体在内部气压的作用下使液柱上升,故错误;C.用吸管喝饮料时,吸管内压强减小,饮料在大气压的作用下把饮料压入嘴里,所以用吸管吸饮料是大气压作用的结果,故错误;D.一个普通人质量约50kg,其对地面的压力=50kg×10N/kg=500N,单脚站立在地面上时与地面的接触面积大约为:S=250cm2=0.025m2,对地面的压强为:,故正确.5、C【解析】分析:首先要对人的脉搏有个初步的了解,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案.解答:正常人的心跳次数在每分钟60~80次之间,故1min脉搏跳动次数约70次.低于60次属于心跳过缓,高于80次属于心跳过速.故选C.【点睛】物理学中,对各种物理量的估算能力,是我们应该加强锻炼的重要能力之一,这种能力的提高,对我们的生活同样具有很大的现实意义.6、A【解析】

将滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中,滑动变阻器接入点路的电阻变小,根据I="U"/R可知,电路中的电流变大;根据U=IR可知,R1两端的电压变大,故①表示电压表V1、②表示电压表V1.当滑片位于左端时,R1与R1串联,由(b)图象可知:R1两端的电压U1=4V,通过的电流I1=0.4A,则R1=U1/I1="4V"/0.4A=10Ω;电源的电压U=U1+I1R1=4V+0.4A×R1--------①当滑片位于右端时,R1、R、R1串联,由(b)图可知,I1=0.1A,R两端的电压UR=3V,U1′=1V,则电源的电压U=UR+U1′+I1R1=3V+1V+0.1A×R1--------②由①②两式可得:U=6V.因V3测电源的电压与R1两端的电压之差,所以,当U1=4V、I1=0.4A时,V3的示数为U-U1=6V-4V=1V;当U1′=1V、I1=0.1A时,V3的示数为U-U1′=6V-1V=4V;结合选项可知A符合,BCD不符合.故选A.7、D【解析】

一切物体都具有惯性,惯性是物体本身的一种基本属性,其大小只与质量有关,质量越大、惯性越大,惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的。【详解】A.水总往低处流是因为水受到了竖直向下的重力,不是惯性,故错误;B.磁铁可以把铁钉吸过来,是磁铁具有吸引铁磁性材料的性质,不是惯性,故错误;C.弹簧受到的拉力越大,伸长量就越大,这是弹力和形变量大小之间的关系,不是惯性,故错误;D.百米赛跑运动员到达终点不能立即停下来,是由于运动员具有惯性,要保持原来的运动状态,故正确。故选D.8、A【解析】

A.飞机机翼为流线型,即上方为凸型,下方是平的;等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面,由于上表面弯曲,下表面平直,所以空气通过机翼上表面的流速大,通过下表面的流速较小.因为机翼上方的空气流速大,压强较小;机翼下方的空气流速小,压强大,所以机翼受到一个向上的压强差,飞机受到向上的升力.故A正确;B.拦河坝设计成下宽上窄,利用了液体压强大小随深度增加而增大,故B错误;C.菜刀的刀刃薄,在压力一定时,通过减小受力面积来增大压强,故C错误;D.马德堡半球实验首次证明大气压的存在,故D错误;9、C【解析】

A.电线的绝缘皮破损时应及时更换,否则容易发生触电事故,故A错误;B.为防止因为干路电流过大引起火灾,家庭电路中必须安装保险丝或空气开关,故B错误;C.更换灯泡、维修电器时容易碰到金属部分,切断电源可以保证金属部分不带电,不发生触电事故,故C正确;D.家庭电路中总电流过大,可能是电路中出现短路现象,也可能是用电器的总功率过大,故D错误.10、C【解析】

(1)验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的,金属箔片所带的电荷量越多,其张角越大.(2)金属中的自由电荷是自由电子;质子不可移动.据此分析判断.【详解】AC、若带电体带正电荷,带电体缺少电子,所以不可能有电子从金属杆流向金属箔,而只能是有一部分电子从金属箔转移到金属杆上,故A错误,C正确;B、若带电体带负电荷,负电荷将部分转移到金属箔上,从而金属箔带负电,而带电体仍带负电,故B错误;D、若带电体带负电荷,是由于有多余的电子,则带电体就有一部分电子转移到验电器上,故D错误;故选C.二、多选题(本大题共3小题,共12分)11、BCD【解析】由图知,当物距为20cm时,像距也为20cm,根据凸透镜成像的规律,物距等于2倍焦距时,成倒立等大的实像,此时像距与物距相等,所以2f=20cm,则f=10cm;因为凸透镜成实像时,物近像远像变大,则当物体靠近凸透镜时,像离凸透镜的距离变大,故C正确;当物距为40cm大于2倍焦距时,成倒立缩小实像照相机就是利用此原理制成的,故选BCD.12、BC【解析】

A.冰球运动员在加速滑行过程中,速度变大,其运动状态发生改变;故A错误;B.运动员手持球杆击球时,球杆对球有力的作用,由于力的作用是相互的,则球对球杆也有力的作用,所以球杆对球的力与球对球杆的力是一对相互作用力;故B正确;C.运动员滑行时不能立即停下来,是因为运动员具有惯性,仍要保持原来的运动状态;故C正确;D.运动员站在水平冰面上时,冰面对人的支持力与人受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上,是一对平衡力;故D错误;13、BD【解析】

A.热水壶的手柄是用来防止人的手被烫到,之所以用胶木做,就是因为胶木的导热性差,如果手柄上的胶木掉了,由于金属的导热性非常好,手就会被烫到,故A错误;B.电线是用来输电的,所以制作电线的材料导电性要好,而铜或铝的导电性能要比其它金属好,所以电线的内芯常用铝或铜制作,故B正确;C.眼镜镜片通常常用玻璃制作,是因为玻璃的透光性好,故C错误;D.各种机床和发电机的底座做得很笨重,并用螺丝固定在地面上,目的是增大惯性,使其静止的状态不易改变,故D正确.故选BD.三、填空题(本大题共5小题,共10分)14、93;243【解析】试题分析:消耗的电能:W=1.1kW•h-2.1kW•h=93kW•h,转过133r消耗电能:W=133/2533kW•h=3.34kW•h通过该设备的功率:P=W/t=3.34kW•h/13/63h=3.1kW=243W考点:电能表参数的理解与电能的求法;电功率的计算15、200【解析】

由P=可得,1度电可供一盏5W的LED节能灯正常工作的时间:t===200h。16、加热121【解析】

当开关S1、S2均闭合时,电路为R1的简单电路,电路的总电阻最小,由可知,电路的总功率最大,饮水机处于加热档;则R1的阻值:;吸收的热量:。答案:加热;121Ω;。17、L1,0.45W,20Ω【解析】试题分析:(1)由图象可知,L1的电压为3V时通过的电流0.15A,L2的电压为2V时通过的电流大于0.15A,因串联电路中各处的电流相等,且其中一个灯泡正常发光,另一个不损坏,所以,正常发光的灯泡是L1,其额定功率P1=U1I1=3V×0.15A=0.45W;(2)由图象可知,当电路中的电流为0.15A时,灯泡L1两端的电压为3V,灯泡L2两端的电压为1.5V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,滑动变阻器两端的电压:U滑=U-U1-U2=6V-3V-1.5V=1.5V,由可得,滑动变阻器接入电路中的电阻:,则滑动变阻器的最大阻值为20Ω;(3)由图象可知,当电流和电压增大时,电流的变化量△I小于电压的变化量△U,由可知,L2的电阻增大,反之,将滑动变阻器的滑片向右移动时,通过L2的电流减小,两端的电压减小,L2的电阻减小.【考点定位】欧姆定律的应用;电功率的计算18、太阳能和风能不变有【解析】

太阳能、风能、水能等可以从自然界源源不断地得到,这样的能源称为可再生能源;而像煤、石油、天然气等一旦消耗就很难再生,这类能源称为不可再生能源.所以在“太阳能、天然气、石油、煤炭、风能、核燃料”这些能源(能源物质)中,属于“可再生能源”的有太阳能、风能.在图中,滚摆在运动过程中,上升的高度会逐渐降低,它的机械能逐渐转化为内能,散失到空气中,由能量守恒定律可得,能量的总量保持不变;这些散失到空气的能量,不能自动地再次驱动滚摆,这说明能量的转化和转移具有方向性.四、计算题(本大题共3小题,共29分)19、4A5.04×105J55W800W【解析】(1)由电路图可知,当S1、S、S2都闭合时,R2短路,电路只有R1工作;当开S、S1闭合、S2断开时,两电阻串联;根据串联电阻的规律,根据P=U2R,当电路只有R1工作时功率大,为加热状态,即手动开关S、S2都闭合时,电热水壶处于加热状态;根据表中数据可知,电热水壶的额定功率为880W,由P=UI,正常工作时,通过加热管R1的电流为:I=P1U=880W220V=4A;(2)由表中数据知,一满壶水的体积为1.5L,根据ρ=mV,其质量为:m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg,在1标准大气压下,将一满壶初温为20℃的水烧开,水升温100℃﹣20℃=80℃.水需要吸收多少热量:Q=c水m△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×80℃=5.04×105J;(3)由欧姆定律I=UR,根据(1)知,加热管电阻:R1=UI=220V4A=55Ω,当开S1、S3闭合、S2断开时,两电阻串联,电路处于保温状态,根据电阻的串联,此时电路的电阻:R串联=R2+R1=165Ω+55Ω=220Ω,由欧姆定律,此时电路中的电流:I′=UI串=220V220Ω=1A,则电热水壶的保温功率,即R1的功率:P保=I′2R1=(1A)2×55Ω=55W;(4)如图乙电能表上标有3000r/kW•h,表示电能表转盘每转3000圈消耗1度电,则转40转消耗的电能为:W点睛:(1)根据P=U2R结合串联电路电阻的规律分析;先根据表中读出额定加热功率,根据P=UI求正常工作时加热管R1的电流;(2)由表中数据知一满壶水的体积,根据m=ρV求其质量;由在1标准大气压下的沸点为100℃求出水升高的温度,根据Q=c水m△t求水需要吸收多少热量;(3)根据电路的连接,由电阻的串联和欧姆定律求电路中的电流,根据P=I2R求保温功率;(4)根据如图乙电能表上标有3000r/kW•h参数含义求转40转消耗的电能,根据P实=20、(1)75%(2)160W(3)83.3%【解析】

(1)物体所受重力,由图知n=4,拉力端移动距离:,总功:,有用功:,滑轮组的机械效率:;(2)小明做功的功率:;(3)不计绳重和摩擦,绳端的拉力,动滑轮重力:,100kg的物体的重力:,不计绳重和摩擦,此时绳端的拉力:,因为,所以此时滑轮组的机械效率:.答:(1)滑轮组的机械效率为75%;(2)小明做功的功率为160W;(3)若提升100kg的物体到相同高度,该滑轮组的机械效率为83.3%.21、(1)2.1×107J(2)1.05×107J(3)50%【解析】

(1)0.5kg,煤气完全燃烧放出的热量:Q放=m煤气q=0.5kg×4.2×107J/kg=2.1×107J;(2)水吸收的热量:Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×50kg×(70℃﹣20℃)=1.05×107J;(3)煤气灶的效率:η=×100%==50%。五、作图题(本大题共2小题,共4分)22、【解析】

图中已给出重心,从重心开始竖直向下作一条带箭头的线段,并标出G.如图所示:23、【解析】

过重心做竖直向下的力即重力;摩擦阻力方向与物体运动方向

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