四川省安宁河联盟2023-2024学年高二下学期期末联考生物试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1四川省安宁河联盟2023-2024学年高二下学期期末联考试题考试时间共75分钟，满分100分注意事项：1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，考生考试条码由监考老师粘贴在答题卡上的“条码粘贴处”。2.选择题使用2B铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它〖答案〗；非选择题用0.5毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的〖答案〗无效；在草稿纸上、试卷上答题无效。3.考试结束后由监考老师将答题卡收回。一、选择题：本题共20小题，每小题2分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.流经凉山州冕宁县冶勒自然保护区的总能量是指（）A.消费者捕食过程中释放的能量B.所有生物产生的能量总和C.生产者所固定的太阳能D.分解者产生的能量总和〖答案〗C〖祥解〗生态系统的能量流动指的是生态系统中能量的输入、传递、转化和散失的过程。流经自然生态系统的总能量是生产者固定的全部太阳能，流经人工生态系统的总能量是生产者固定的全部太阳能和人为输入的有机物中的化学能（例如饲料、污水中有机物的化学能）。【详析】流经生态系统的能量是生产者同化的能量，即流经凉山州冕宁县冶勒自然保护区的总能量是生产者所固定的太阳能，C符合题意。故选C。2.下列关于生态系统结构和功能的说法，不正确的是（）A.土壤中的硝化细菌属于化能自养型生物，因而属于生产者B.生态系统中的植食性动物属于消费者，也属于第三营养级C.生产者和分解者是联系生物群落和非生物环境的“桥梁”D.碳循环在生物群落和无机环境之间主要以CO2的形式进行〖答案〗B〖祥解〗生态系统的结构是指生态系统的组成成分和营养结构，组成成分包括非生物的物质和能量，生产者、消费者和分解者，营养结构是指食物链和食物网。生态系统也可以是指无机环境和生物群落。生产者是生态系统的基石，消费者是生态系统的重要组成成分，分解者是生态系统不可缺少的成分。【详析】A、生产者能够将二氧化碳制造成有机物，包括光合作用型和化能合成型，故能进行化能合成作用的硝化细菌是生产者，A正确；B、生态系统中的植食性动物属于消费者，也属于第二营养级，B错误；C、联系生物群落和非生物环境的“桥梁”是生产者和分解者，C正确；D、碳循环在生物群落和无机环境之间主要以CO2的形式进行，D正确。故选B。3.稻—鱼共作是将水稻种植和鱼类养殖有机结合，建立”稻鱼共生”的有机生态循环系统。最终实现一水两用、一田双收、粮渔双赢的目的。下列叙述正确的是（）A.稻—鱼共作模式大大提高了生态系统的能量利用率B.通过鱼类吃掉害虫和杂草可完全替代农药和人工除草C.鱼在该生态系统的营养结构中只能处于第二营养级D.稻—鱼共作模式可实现物质和能量的循环往复利用〖答案〗A〖祥解〗能量传递效率是指能量在生态系统中的传递过程中，逐级递减的程度。具体来说，它是以“营养级”为单位的能量在相邻两个营养级之间的传递比例。通常情况下，这个比例大约在10%到20%之间。能量利用效率则有不同的含义，它可以指流入人体或其他特定生物体中的能量与进入该系统或生物体的总能量之比的比值。【详析】A、稻—鱼共作模式将人类不能利用的能量转变为可以利用的能量，则大大提高了生态系统的能量利用率，A正确；B、通过鱼类吃掉害虫和杂草可减少农药的使用和人工除草，但不能完全替代，B错误；C、鱼类可吃害虫和杂草，鱼在该生态系统的营养结构中只能处于第二和第三营养级，C错误；D、稻—鱼共作模式可实现物质的循环往复利用，但是能量不能循环，D错误。故选A。4.在生态系统中，碳循环是一个复杂的过程，涉及到碳在生物群落与无机环境之间的交换。以下关于碳循环的叙述中，错误的是（）A.碳循环的主要路径包括光合作用、呼吸作用、分解作用及化石燃料的燃烧等过程B.光合作用是碳元素从无机环境进入生物群落的主要途径C.呼吸作用仅发生在动植物体内，它能将有机碳转化为CO2D.分解者的分解作用可将动植物遗体及排泄物中的有机碳转化为CO2〖答案〗C〖祥解〗碳元素从无机环境进入生物群落的途径有生产者的光合作用或某些微生物的化能合成作用，从生物群落返回到无机环境的途径主要有生产者、消费者的呼吸作用、分解者的分解作用以及化石燃料的燃。【详析】A、碳循环是指碳元素在无机环境与生物群落之间进行的循环，主要路径包括光合作用、呼吸作用、分解作用及化石燃料的燃烧等过程，A正确；B、碳元素从无机环境进入生物群落的主要途径是光合作用，B正确；C、呼吸作用发生所有生物体内，它能将有机碳转化为CO2，C错误；D、动植物遗体及排泄物中的有机碳通过分解者分解作用转化为CO2，D正确。故选C。5.针对煤矿废渣山这类严重受损的生态系统，采用适宜的生态演替策略至关重要。以下是基于演替理论的几个合理建议，其中最合理的可能是（）A.直接种植本地顶级群落的植物，如乔木，快速建立稳定生态系统B.引入速生先锋物种，如草本和灌木，先改善土壤条件，再逐步种植本地树种C.大量施加有机肥料，直接促进土壤肥力，以便种植多样植物D.不进行任何干预，任其自然演替〖答案〗B〖祥解〗生态修复和重建过程，实质是在人为干预下群落的演替过程，由于起始条件不为零，因此其群落演替的类型是次生演替；由于有人类的协助，因此该演替与自然演替相比，演替的速度加快。【详析】A、直接种植本地顶级群落的植物，如乔木，可能不能适应严重受损的生态系统，建议不合理，A错误；B、引入速生先锋物种，如草本和灌木，能改善土壤条件，为种植本地树种提供了良好的环境，是合理建议，B正确；C、大量施加有机肥料，可能会引起污染等新的环境问题，建议不合理，C错误；D、不进行任何干预，任其自然演替，群落演替的时间会很漫长，不是很好的建议，D错误。故选B。6.如图表示某生态系统的营养结构，其中A—E各代表一个种群。下列分析错误的是（）A.B和C同化的总能量占A同化能量的10%-20%B.A和B之间、C和D之间的信息传递都是双向的C.食物网的复杂程度主要取决于有食物联系的生物种类D.该图若要表示完整的生态系统，则缺少成分的是分解者〖答案〗D〖祥解〗题图中表示的只有生产者和消费者，除生产者和消费者外，生态系统还包括分解者和非生物的物质和能量。【详析】A、A处于第一营养级，B、C处于第二营养级，相邻营养级之间的能量传出效率约为10%-20%，所以B和C同化的总能量占A同化能量的10%-20%，A正确；B、在生物之间，信息传递是双向的，所以A和B之间、C和D之间的信息传递都是双向的，B正确；C、有食物联系的生物种类越多，食物网越复杂，C正确；D、该图若要表示完整的生态系统，则缺少成分的是分解者和非生物的物质和能量，D错误。故选D。7.在一个遭受严重森林火灾后的地区，两个相邻但生态特征有所差异的森林开始自然恢复过程。森林A以前物种多样性高，包含多个层次的植物群落和复杂的食物网；森林B则相对单一，主要由同一种树种构成且物种多样性低。几年后，研究人员对比这两个森林的恢复情况。以下叙述正确的是（）A.森林A表现出更高的抵抗力稳定性，在火灾后迅速恢复到原有状态，因为其物种多样性促进了快速的生态位重建B.森林B由于物种组成简单，初期比森林A显示出更快的植被覆盖率恢复，体现了较高的恢复力稳定性，但长期抵抗力稳定性较低C.两个森林都展现了相似的恢复速度和模式，因为火灾作为一种自然干扰，对所有生态系统的影响基本一致D.森林A在火灾后几乎无法自我恢复，而森林B因为单一树种的顽强生命力快速复原，展示了高度的抵抗力稳定性〖答案〗B〖祥解〗生态系统的稳定性是生态系统发展到一定阶段，它的结构和功能能够保持相对稳定时，表现出来的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力，包括抵抗力稳定性和恢复力稳定性。【详析】A、森林A物种多样性高，营养结构复杂，表现出更高的抵抗力稳定性，但是恢复力稳定性低，在火灾后恢复到原有状态所用时间长，A错误；B、森林B由于物种组成简单，营养结构简单，抵抗力稳定性低，恢复力稳定性高，所以初期比森林A显示出更快的植被覆盖率恢复，体现了较高的恢复力稳定性，但长期抵抗力稳定性较低，B正确；C、两个森林的恢复速度和模式不同，火灾作为一种自然干扰，对不同的生态系统的影响不同，C错误；D、森林A的物种多样性高，在火灾后几乎无法自我恢复，而森林B因为单一树种可快速复原，展示了高度的恢复力稳定性，D错误。故选B。8.下图为河流生态系统受到生活污水（含大量有机物）轻度污染后的变化过程示意图，下列说法不正确的是（）A.该河流AB段溶解氧减少的原因可能是需氧型细菌大量繁殖B.该河流BC段藻类增多的原因可能是河流中有机物分解C.该图表明河流生态系统具有一定的自我调节能力D.河流受到轻度污染后能保持清澈，属于恢复力稳定性〖答案〗D〖祥解〗生态系统具有一定的自我调节能力，自我调节能力的基础是负反馈调节，生态系统的自我调节能力是由一定限度的。抵抗力稳定性：生态系统抵抗外界干扰并使自身的结构与功能保持原状的能力。【详析】A、分析图可知，AB段溶解氧大量减少的主要原因是藻类数量的减少和需氧型细菌的大量繁殖，导致溶解氧随有机物被需氧型细菌分解而大量消耗，A正确；B、分析图可知，BC段含碳有机物在减少，说明有机物被大量分解，产生NH4+等无机盐离子，使藻类大量繁殖，B正确；CD、由题意可知，该图表示某河流生态系统受到生活污水（含大量有机物）轻度污染后的净化作用示意图，河流受到轻度污染后能保持清澈，体现了生态系统具有一定的自我调节能力，说明该河流生态系统具有抵抗力稳定性，C正确，D错误。故选D。9.生态系统遵循整体、协调、循环、自生等基本原理。下列叙述不正确的是（）A.桑基鱼塘模式可以减少整个生产环节“废物”的产生，遵循循环的原理B.移除污水中的污染物，增加水体溶氧量，遵循自生原理C.在西北干旱地区建设防护林要充分考虑协调原理D.在盐碱的环境中可种植耐盐碱的植物，遵循整体的原理〖答案〗D〖祥解〗生态工程原理有自生原理（由各种组分形成的整体可以自我维持）、循环原理（猪粪等废物充分的被利用）、整体原理（需要遵从自然生态系统的规律，考虑经济和社会等的影响力）、协调原理（需要考虑生物与环境、生物与生物的协调与适应、环境容纳量等问题）。【详析】A、桑基鱼塘农业生产模式中将蚕沙喂鱼、塘泥培桑，可以减少整个生产环节“废物”的产生，体现了循环原理，实现对能量的多级利用，提高能量的利用率，A正确；B、增加水体的溶氧量，有利于水体中微生物将有机污染分解，减少水体污染物，体现了自生原理，B正确；C、生态工程建设时考虑环境承载力，在西北干旱地区建设防护林要充分考虑协调原理，C正确；D、在盐碱的环境中可种植耐盐碱的植物，遵循协调的原理，D错误。故选D。10.生态工程建设遵循“因地制宜，多措并举”的原则，旨在实现生态环境的可持续发展。下列相关表述错误的是（）A.在干旱地区，通过建设雨水收集系统和种植耐旱植被来改善水土保持状况B.根据不同地区的气候、土壤类型及原生物种特性，设计差异化的植被恢复计划C.农村综合发展型生态工程的原理是一样的，各地均可按相同的模式建设D.在湿地生态恢复工程中，建立缓冲带主要是为了减少人类的干扰〖答案〗C〖祥解〗生态工程的原理有：自生、循环、协调、整体。【详析】A、在干旱地区，降水少，可以通过建设雨水收集系统和种植耐旱植被来改善水土保持状况，A正确；B、生态工程要遵循协调原理，不同地区的气候、土壤类型及原生物种特性不同，因此要设计差异化的植被恢复计划，B正确；C、农村综合发展型生态工程的原理是一样的，但各地应根据当地的实际条件，因地制宜，不可按相同的模式建设，C错误；D、在湿地生态恢复工程中，建立缓冲带，尽量减少人类的干扰，使湿地依靠自然演替等机制恢复其生态功能，D正确。故选C。11.腐乳是我国古代劳动人民创造出的一种经过微生物发酵制作的大豆食品。以下为制作腐乳的四个步骤：①接种毛霉孢子，让豆腐长出毛霉；②逐层加盐，腌制8d左右；③加入卤汤（酒＋香辛料）装瓶；④密封腌制（火烤瓶口后密封）。下列相关叙述，错误的是（）A.步骤①中接种的毛霉可产生蛋白酶和脂肪酶B.通过步骤②可析出水分，使豆腐变硬且不易变质C.步骤③中加入卤汤的目的只是让腐乳风味更好D.步骤④在密封前火烤瓶口是为了防止杂菌污染〖答案〗C〖祥解〗传统的腐乳制作过程中，豆腐块上生长的毛霉来自空气中的毛霉孢子；而现代的腐乳生产是在严格的无菌条件下，将优良的毛霉菌种接种在豆腐上，这样可以避免其他菌种的污染，保证产品的质量。【详析】A、步骤①中接种的毛霉可产生蛋白酶和脂肪酶，将蛋白质分解为小分子肽和氨基酸，将脂肪分解为甘油和脂肪酸，A正确；B、腐乳制作过程中，加盐的作用是析出豆腐中的水分，使豆腐块变硬和抑制微生物的生长，避免豆腐块腐败变质，B正确；C、卤汤是由酒及各种香辛料配制而成的，酒的含量一般控制在12%左右，若酒的含量过高会延长腐乳成熟的时间，若酒的含量过低，则不能抑制杂菌污染，其中加酒的作用是可以抑制微生物的生长和能使豆腐具有独特的香味，C错误；D、装瓶时，操作要迅速小心，加入卤汤后要用胶条将瓶口密封，封瓶时最好将瓶口通过酒精灯的火焰，防止瓶口被污染，D正确。故选C。12.土壤中含有分解尿素的细菌。某校生物研究小组进行“土壤中分解尿素的细菌的分离与计数”实验。关于该实验，下列相关叙述错误的是（）A.土壤取样时应选择距地表3～8cm的土壤层B.稀释的目的是获得菌落数为30～300的平板C.将样品接种到以尿素为唯一氮源的培养基上D.涂布3个平板可避免菌落数比活菌实际数目少〖答案〗D〖祥解〗微生物常见的接种的方法：（1）平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。（2）稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。【详析】A、细菌适宜在酸碱度接近中性的朝湿土壤中生长，绝大多数分布在距地表约3~8cm的土壤层，因此土壤取样时应选取距地表约3~8cm的土壤层，A正确；B、将不同倍数的稀释液分别涂布培养后，为了保证结果准确，一般选择菌落数在30～300的平板进行计数，因此稀释的目的是获得菌落数为30～300的平板，B正确；C、为了筛选土壤中分解尿素的细菌，应将样品接种到以尿素为唯一氮源的培养基上，C正确；D、使用稀释涂布平板法计数菌落时，两个或两个以上细菌连在一起时，培养基上看到的是一个菌落，因此往往统计到的活菌数往往比实际值偏小，涂布3个平板不可避免出现菌落数比活菌的实际数目少的现象，D错误。故选D。13.我国传统名花中的兰花是高洁典雅的象征，深受人们的喜爱，利用植物组织培养技术可实现兰花的大量、快速地繁殖，下列叙述正确的是（）A.取兰花幼嫩的茎段用酒精消毒后立即用次氯酸钠溶液处理B.将接种了外植体的锥形瓶置于0℃培养箱培养，以防止杂菌产生C.利用植物组织培养技术培育兰花体现了植物细胞的全能性D.在进行组织培养过程中，脱分化和再分化均需保持避光的环境条件〖答案〗C〖祥解〗植物组织培养的原理是植物细胞具有全能性，其过程为：离体的植物组织，器官或细胞经过脱分化过程形成愈伤组织（高度液泡化，无定形状态薄壁细胞组成的排列疏松、无规则的组织），愈伤组织经过再分化过程形成胚状体，进一步发育成为植株。【详析】A、取兰花幼嫩的茎段用酒精消毒后用无菌水冲洗，再用次氯酸钠溶液处理，A错误；B、将接种了外植体的锥形瓶置于室温培养箱培养，B错误；C、利用植物组织培养技术快速繁殖兰花种苗利用了植物细胞的全能性，原因是植物细胞具有本物种生长发育所需的全部遗传信息，C正确；D、组织培养过程中，脱分化需要避光，而再分化过程需要有光，D错误。故选C。14.人体某些已分化的体细胞如成纤维细胞等，在特殊条件下可以发生转化形成诱导多能干细胞（简称iPS细胞），iPS细胞可进一步分化形成肝细胞、心肌细胞、血细胞等多种细胞。下列相关说法错误的是（）A.与成纤维细胞相比，iPS细胞的分化程度更低B.iPS细胞分化形成的不同种类的细胞中基因表达存在差异C.成纤维细胞诱导形成iPS细胞体现了细胞的全能性D.给病人移植由自身成纤维细胞诱导形成的iPS细胞理论上可避免免疫排斥反应〖答案〗C〖祥解〗动物和人体内少数具有分裂和分化能力的细胞称为干细胞，干细胞存在于早期胚胎、骨髓和脐带血等多种组织和器官中，包括胚胎干细胞和成体干细胞等。【详析】A、与成纤维细胞相比，iPS细胞的分裂能力强、分化程度低，A正确；B、细胞分化是基因的选择性表达的结果，所以iPS细胞分化形成的不同种类的细胞中基因表达存在差异，B正确；C、成纤维细胞诱导形成iPS细胞并没有分化为各种细胞，没有体现细胞的全能性，C错误；D、若iPS细胞来源于病人自身的体细胞，则将其移植回病人体内后，理论上可避免免疫排斥反应，D正确。故选C。15.下图是利用体细胞核移植技术克隆猫的简易流程图，有关叙述错误的是（）A.得到的克隆猫的遗传物质与供体基本相同B.过程①需将采集的卵母细胞培养至MⅡ期C.过程②的目的是使两细胞融合、供体核进入卵母细胞D.得到的重构胚可直接移植至代孕母体中〖答案〗D〖祥解〗细胞核移植是指将动物的一个细胞的细胞核移入一个已经去掉细胞核的卵母细胞中，使其重组并发育成一个新的胚胎，这个新的胚胎最终发育成动物个体。用核移植的方法得到的动物称为克隆动物。目前核移植技术中普遍使用的去核方法是显微直接去除法还有人采用密度梯度离心，紫外光短时间照射、化学物质处理等方法。进行核移植时，常将供体细胞注入去核的卵母细胞，再用物理或化学方法（如电刺激、Ca2+载体、乙醇和蛋白酶合成抑制剂等）激活重构胚，使其完成细胞分裂和发育进程。【详析】A、克隆猫的遗传物质来自供体细胞的细胞核和细胞质以及卵母细胞的细胞质，故克隆猫的遗传物质与供体基本相同，A正确；B、采集到母猴卵母细胞需要在体外培养至MⅡ期，才能用于核移植，B正确；C、供体细胞注入卵母细胞透明带内后，还需要电融合法等导才能使供体细胞进入卵母细胞形成重构胚，过程②是电刺激，目的是使两细胞融合、供体核进入卵母细胞，C正确；D、通过核移植技术得到重构胚后，需要培养到桑椹胚胚或囊胚阶段才能进行胚胎移植给代孕母体，D错误。故选D。16.下列关于基因工程的基本工具说法正确的是（）A.基因工程需要使用的酶有限制酶和耐高温的DNA聚合酶B.基因工程中常用质粒作为载体，病毒不能作为载体C.从质粒上切下一个目的基因需破坏4个磷酸二酯键D.限制酶具有专一性，一种限制酶只能识别一种核苷酸序列〖答案〗C〖祥解〗基因工程的工具：（1）限制酶：能够识别双链DNA分子的某种特定核苷酸序列，并且使每一条链中特定部位的两个核苷酸之间的磷酸二酯键断裂。（2）DNA连接酶：根据酶的来源不同分为两类：E.coliDNA连接酶和T4DNA连接酶。这二者都能连接黏性末端，此外T4DNA连接酶还可以连接平末端，但连接平末端时的效率比较低。（3）运载体：常用的运载体有质粒、噬菌体、动植物病毒等。【详析】A、基因工程需要使用的酶有限制酶、连接酶，A错误；B、基因工程中常用质粒、噬菌体和动植物病毒作为载体，B错误；C、由于质粒是双链DNA分子，所以用限制酶从质粒上切下一个目的基因需形成2个切口，破坏4个磷酸二酯键，C正确。D、每种限制酶只能识别特定的脱氧核苷酸序列，并在特定位点进行切割，体现了酶的专一性，D错误。故选C。17.PRG基因是从癌细胞的细胞质中分离出来的无限增殖调控基因，下列有关叙述错误的是（）A.通过基因工程向B淋巴细胞中导入PRG基因为单克隆抗体的制备提供了新思路B.从癌细胞中获取PRG基因可采用PCR技术，不需要加入解旋酶C.可通过PCR等技术检测PRG基因是否导入受体细胞，以及是否转录出mRNAD.通过检测该B淋巴细胞是否能产生对应的抗体来判断目的基因是否成功表达〖答案〗D〖祥解〗PCR全称为聚合酶链式反应，是一项在生物体外复制特定DNA的技术。PCR的原理是DNA半保留复制，需要的条件包括：模板DNA、四种脱氧核苷酸、一对引物、耐高温的DNA聚合酶（Taq酶），PCR扩增DNA的过程包括：高温变性、低温复性、中温延伸过程。【详析】A、通过基因工程向B淋巴细胞中导入PRG基因，可以使B淋巴细胞既能分泌抗体又能无限增殖，A正确；B、PCR技术利用高温使DNA变性，解开双链，不需要解旋酶，B正确；C、要检测PRG基因是否导入受体细胞，以及是否转录出mRNA，可以使用PCR等技术，C正确；D、PRG基因是从癌细胞的细胞质中分离出来的无限增殖调控基因，可通过检测该B淋巴细胞是否无限增殖来判断目的基因是否成功表达，D错误。故选D。18.“DNA的粗提取”实验流程如下图，a、b代表有关实验操作，下列叙述错误的是（）A.本实验也可以采用鸡血细胞作为实验材料B.图中a操作为研磨、过滤、离心C.图中的A溶液为二苯胺溶液，使用时需要沸水浴加热D.提取到的白色丝状物中仍含有杂质〖答案〗C〖祥解〗DNA的粗提取与鉴定的实验原理是：①DNA的溶解性，DNA和蛋白质等其他成分在不同浓度的氯化钠溶液中的溶解度不同，利用这一特点可以选择适当浓度的盐溶液可以将DNA溶解或析出，从而达到分离的目的；②DNA不容于酒精溶液，细胞中的某些蛋白质可以溶解于酒精，利用这一原理可以将蛋白质和DNA进一步分离；③在沸水浴的条件下DNA遇二苯胺会呈现蓝色。【详析】A、鸡的红细胞有细胞核，含有DNA，本实验也可以采用鸡血细胞作为实验材料，A正确；B、植物组织经a操作，研磨使细胞破裂释放出DNA，过滤、离心去除杂质后可在上清液中获得含有蛋白质等杂质的DNA，B正确；C、图中A溶液为预冷的等体积的95%的酒精溶液，C错误；D、本实验只是对DNA进行粗提取，因此提取到的白色丝状物中仍含有杂质，D正确。故选C。19.组织纤维蛋白溶酶原激活因子（tPA）能切割纤溶酶原形成纤溶酶，从而使血栓溶解。tPA容易在血浆中被清除。科学家利用基因定点诱变技术，最终改变tPA分子中的某些糖基化氨基酸而减少糖基化，可延缓tPA在血浆中被清除的速率，达到延长其半衰期。下列叙述错误的是（）A.科学家利用基因定点诱变技术，最终改变tPA的结构属于蛋白质工程B.蛋白质工程是操作对象是蛋白质，目的是改造或创造一种新的蛋白质C.蛋白质工程可以生产自然界没有的蛋白质D.蛋白质工程的实质是定向改造或生产人类所需的蛋白质〖答案〗B〖祥解〗蛋白质工程：指以蛋白质分子结构规律及其生物功能的关系作为基础，通过基因修饰或基因合成，对现有蛋白质进行改造，或制造一种新的蛋白质，以满足人类的生产和生活的需求。（基因工程在原则上只能生产自然界已存在的蛋白质）。蛋白质工程的基本途径：从预期的蛋白质功能出发，设计预期的蛋白质结构，推测应有的氨基酸序列，找到相对应的脱氧核苷酸序列（基因）以上是蛋白质工程特有的途径；以下按照基因工程的一般步骤进行。【详析】AB、蛋白质工程是操作对象是基因，蛋白质工程通过基因修饰或基因合成，对现有蛋白质进行改造，或制造一种新蛋白质，所以用基因定点诱变技术，最终改变tPA的结构属于蛋白质工程，A正确，B错误；CD、蛋白质工程的实质是定向改造或生产人类所需的蛋白质，可以生产自然界没有的蛋白质，CD正确。故选B。20.基因工程的应用日益广泛，但同时也会面临相关的安全性和伦理问题，下列叙述正确的是（）A.治疗性克隆虽然不会有伦理问题，但会面临安全性问题B.从胚胎干细胞中取出干细胞用于医学研究和治疗属于生殖性克隆C.“设计试管婴儿”可以用于白血病、贫血症等遗传疾病的预测和治疗D.我国禁止任何克隆实验〖答案〗C〖祥解〗人们现在的伦理道德观念还不能接受克隆人﹔设计试管婴儿是为了治疗疾病，但有可能被滥用，如用于设计婴儿性别等，可能会出现负面影响﹔进行基因检测时，可通过基因进行检测，也可通过测定基因的表达产物蛋白质来进行;对于基因歧视现象，可通过正确的科学知识传播、伦理道德教育和立法得以解决。【详析】A、治疗性克隆也会有伦理问题和安全性问题，A错误；B、从胚胎干细胞中取出干细胞用于医学研究和治疗属于治疗性克隆，B错误；C、设计试管婴儿是为了治疗疾病，所以可以用于白血病、贫血症等遗传疾病的预测和治疗，C正确；D、我国禁止生殖性克隆人，但不反对治疗性克隆，应对治疗性克隆实验也进行严格审查，D错误。故选C。二、非选择题：共60分。21.下图是某生态系统部分生物关系示意图。请据图回答下列问题：（1）___是生态系统的基石，属于第二营养级的生物由有___。（2）图一所示食物网中，已知蛇的食物1/3来自野兔，2/3来自青蛙，且该生态系统的能量从生产者到消费者的传递效率为10%，从消费者到消费者的传递效率为20%。如果蛇增加的能量为30kJ，在不考虑其他变化的影响下，则消耗植物的能量是___kJ。（3）在与该生态系统相临的湿地水面出现水鸟嬉戏交颈的景象，使人联想起“关关雎鸠，在河之洲。”的诗句。诗中“关关”（象声词，雌、雄二鸟相互应和的叫声）属于生态系统中的___信息，“关关”信息在生态系统中的作用是___。湿地中的鱼类在觅食过程中的游动引来了鸟类，鸟类的捕食行为逼迫鱼类躲避捕食，这说明生态系统的信息传递还可以___，以维持生态系统的平衡与稳定。（4）图二中，碳元素在A、C和A、D之间以___的形式传递，图二中的生态系统的组成成分未在图一中体现的是___（填字母）。〖答案〗（1）①.生产者②.野兔、昆虫和鸟（2）5500（3）①.物理②.有利于生物种群的繁衍③.调节生物的种间关系（4）①.含碳有机物②.B和D〖祥解〗信息传递在生态系统中的作用：(1)个体：生命活动的正常进行，离不开信息的传递。(2)种群：生物种群的繁衍，离不开信息的传递。(3)群落和生态系统：能调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定。（1）生产者是生态系统基石，第二营养级的生物直接以植物为食，所以第二营养级的生物为野兔、昆虫和鸟。（2）由图1可知，共有四条食物链，属于初级消费者的是，野兔、鸟、食草昆虫。蛇占据了第三营养级和第四营养级。已知蛇的食物来自鼠，来自青蛙，且该生态系统的能量从生产者到消费者的传递效率为10%，消费者到消费者的能量传递效率为20%，则蛇种群的能量增加30kJ需要消耗的植物的能量=30×1/3÷20%÷10%+30×2/3÷20%÷20%÷10%=5500kJ。（3）叫声属于生态系统的物理信息，故“关关”（象声词，雌、雄二鸟相互应和的叫声）属于生态系统中的物理信息，该现象表明信息传递有利于生物种群的繁衍。湿地中的鱼类在觅食过程中的游动引来了鸟类，鸟类捕食行为逼迫鱼类躲避捕食，捕食关系属于种间关系，因此这说明生态系统的信息传递还可以调节种间关系，维持生态系统的稳定。（4）图二中A是生产者，B是二氧化碳库，C是消费者，D是分解者，大气中的二氧化碳库中的碳元素通过光合作用或化能合成作用进入生产者，在生物群落当中，碳元素以有机物的形式进行传递，所以碳元素在A、C和A、D之间以有机物的形式传递。生态系统的组成成分为生产者、消费者、分解者，及非生物的物质和能量，而图1中只有生产者和消费者，因此图二中的生态系统的组成成分未在图一中体现的是B和D。22.HIV病毒（一种RNA病毒）的早期检测在艾滋病的防控中发挥着重要作用。回答下列问题：（1）HIV病毒的核酸含量太少，早期检测时需先以病毒RNA为模板合成cDNA，这一步骤需要用到___酶，再采用___技术对cDNA进行扩增。（2）PCR每次循环分为三步，分别是_________，其中第三步的温度是___左右。（3）一个单链cDNA扩增n次，产生了___个DNA，共消耗了___个引物（4）对扩增出的DNA进行分子大小鉴定的方法是___。〖答案〗（1）①.逆转录②.PCR（2）①.变性②.复性③.延伸④.72℃（3）①.②.（4）琼脂糖凝胶电泳〖祥解〗PCR全称为聚合酶链式反应，是一项在生物体外复制特定DNA的核酸合成技术；过程：①高温变性：DNA解旋过程（PCR扩增中双链DNA解开不需要解旋酶，高温条件下氢键可自动解开）；低温复性：引物结合到互补链DNA上；③中温延伸：合成子链。（1）HIV病毒的遗传物质是RNA，而RT-PCR法需要先得到cDNA，由RNA到DNA的过程属于逆转录过程，逆转录过程需要的酶是逆转录酶（反转录酶），再采用PCR技术对cDNA进行扩增。（2）PCR过程每次循环分为3步，分别为变性（95℃）、复性（55℃）、延伸（72℃）。（3）一条单链cDNA在PCR仪中进行n次循环，共产生2n-1DNA分子，共有2n条链，其中2n-1条链是新合成的，需要引物，所以需要2n-1个引物。（4）常用琼脂糖凝胶电泳对DNA进行分子大小鉴定。23.四环素（）属于有机化合物，是一类广谱抗生素，在动物体内不能被完全吸收，在环境中会严重影响土壤生态环境和植物生长，对人类健康构成潜在危害。为快速有效地清除环境中的四环素残留，科研人员进行了如下图所示操作，欲从土壤中筛选四环素高效降解微生物。回答下列问题：（1）用于培养能分解四环素的微生物的培养基成分有___、氮源、水、无机盐等，该培养基需要经过___（填灭菌方法）后才能使用。（2）科研人员取土壤样品加入无菌水中置于30℃、150r·min-1恒温摇床上进行振荡培养，富集结束后运用___法获得单菌落，挑选平板上菌落外观形态___（填“相同”或“不同”）的单菌落，获得四环素降解微生物，再进一步分离纯化。（3）若选择稀释倍数为的菌液进行计数，在3个平板上用涂布法分别接入0.1mL稀释液后，平板中的菌落数分别为36、38、40，则每克土壤中含有的菌落数为___个，该方法统计的数目比实际活细菌少，原因是___。〖答案〗（1）①.四环素②.高压蒸汽灭菌（2）①.稀释涂布平板②.不同（3）①.②.细胞可能两个或多个连在一起，但只能观察到一个菌落〖祥解〗培养基是人们按照微生物对营养物质的不同需求，配制出的供其生长繁殖的营养基质。各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐，此外还要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。（1）各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐等，用于培养能分解四环素的微生物的培养基成分有四环素、氮源、水、无机盐等。培养基配制完成后需要对其进行高压蒸汽灭菌。（2）微生物培养过程中获得单菌落的方法有平板划线法和稀释涂布平板法，但用于计数的只有稀释涂布平板法。挑选平板上菌落外观形态不同的单菌落，获得四环素降解微生物，再进一步分离纯化。（3）稀释涂布平板法接种后，需要计数平板上的菌落数在30-300之间的菌落，故若在3个平板上分别接入0.1mL稀释液，经适当培养后，3个平板上菌落数分别是36、38、40，则可以推测1g土壤中的活菌数约为(36+38+40)÷3÷0.1×104＝3.8×106个。稀释涂布平板法统计的数目比实际活细菌少，原因是细胞可能两个或多个连在一起，但只能观察到一个菌落。24.人乳头瘤病毒（HPV）是一种DNA病毒，利用抗HPV的单克隆抗体可以准确检测出HPV，下图是以HPV衣壳蛋白为抗原制备单克隆抗体的过程。回答下列问题：（1）细胞A是从小鼠的脾中得到的能产生___的B淋巴细胞。（2）过程①为___，①中涉及的技术的意义是突破了___。（3）给HAT培养基通入的目的是___，下列细胞中能够在该培养基上无限繁殖的细胞有___。①淋巴细胞②骨髓瘤细胞③杂交瘤细胞④两个淋巴细胞融合而成的细胞（4）以HPV衣壳蛋白为抗原制备出的单克隆抗体用于检