2024届湖北省武汉市新观察十校联考最后物理试题含解析_第1页
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文档简介

2024届湖北省武汉市新观察十校联考最后物理试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单选题(本大题共10小题,共30分)1.在图所示的电路中,电源电压保持不变.闭合电键S,当滑动变阻器滑片P向右移动时,数值不变的有①电流表A的示数;②电压表V1的示数;③电压表V2的示数;④电压表V1的示数与电流表A的示数的比值.以上四项判断正确的有A.1个 B.2个 C.3个 D.4个2.如图甲所示的两个电流表均为学校实验室里常用的电流表(如图乙所示).闭合开关后,两电流表的指针都正常偏转且偏转角度相同,此时灯L1和L2的所消耗的电功率P1和P2的比值为()A.4:1 B.1:4 C.5:1 D.1:53.能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱,下列说法中不正确的是A.电热器的发热体可以用超导体材料B.光纤通信是利用激光通过光导纤维来传递信息的C.条形码扫描器中的光敏二极管使用的主要是半导体材料D.核电站是利用核裂变释放的能量来发电的4.一物体(长方体)漂浮在液面上,如图(甲)所示.对物体施加力的作用,使物体下降至图中的虚线位置.已知物体的下表面到水面的高度为h,水对物体下表面的压强为p,物体受到的浮力为F浮,p、F浮与h的关系如图(乙)所示.其中正确的是A.①③ B.①④ C.②③ D.②④5.在探究凸透镜成像规律的实验中,蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如下图所示,这时烛焰在光屏上恰好成一清晰的像,下列说法正确的是A.凸透镜的焦距可能是10cmB.图中凸透镜成像的特点应用在照相机上C.将蜡烛移到光具座40cm刻度线处,保持凸透镜不动,无论怎样移动光屏都接收不到蜡烛的像D.若在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜放一副近视眼镜,应将光屏向左移动才可再次呈现清晰的像6.如图所示,在筷子上捆一些棉花,做一个活塞,用水蘸湿棉花后插入两端开口的竹管中,用嘴吹管的上端,可以发出悦耳的哨音.上下推拉活塞,并用相同的力吹管的上端时,下列说法错误的是()A.哨音是由管内空气振动产生的B.哨音是通过空气传到别人耳朵的C.向上推活塞时,吹出的哨音响度会变大D.向下拉活塞时,吹出的哨音音调会变低7.下列有关物理学家和他对物理学的贡献,配对正确的是A.伽利略→摆的等时性 B.瓦特→光的色散现象C.牛顿→杠杆原理 D.欧姆→电流的磁效应8.对下列体育运动中的现象分析正确的是()A.乒乓球被扣杀飞向对方,是因为受到了惯性的作用B.篮球从空中落下,此过程中它的动能转化为重力势能C.用脚踢足球时,脚有疼痛感,说明力的作用是相互的D.间排球竖直向上抛出,到最高点时速度为零,此时排球处于平衡状态9.如图,细线上端固定,下端拉着小球在竖直平面内摆动,A、B是球摆动过程中的最高点,C是最低点,不计空气阻力则()A.球在A点时受力平衡B.球在C点时速度最大C.从B到C,球的动能减少D.从A到C,球的势能增加10.如图所示,高度相同的均匀实心圆柱体A和正方体B放置在水平地面上,A的直径等于B的边长,它们对水平地面的压强相等.现分别在两物体上沿图中虚线竖直切下底面积相等的部分,并将切下部分叠放在对方剩余部分的上方,此时它们对地面的压强分别为pA′、pB′,则A.pA′可能大于pB′B.pA′一定大于pB′C.pA′一定小于pB′D.pA′一定等于pB′二、多选题(本大题共3小题,共12分)11.如图所示是从北京南站到上海虹桥站的高铁运行时刻表,根据表中给出的信息,下列说法错误的是()A.高铁全程运行1318kmB.高铁从北京南站至枣庄站的平均速度为250.8km/hC.高铁在无锡东站停车时间为10minD.高铁从南京南站到常州北站的运行速度比从北京南站至枣庄站的平均速度快12.下列说法中正确的是A.磁悬浮列车是利用磁极间的相互作用实现悬浮的B.电磁起重机是利用电流的磁效应制成的C.发电机是利用电磁感应现象制成的D.动圈式扬声器是利用电流的热效应工作的13.在“探究凸透镜成像的规律”实验中,蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示,此时烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法中正确的是A.投影仪应用了这一成像规律B.随着蜡烛燃烧变短,光屏上的像逐渐下移C.只移动透镜,还能在光屏上得到一次清晰的像D.透镜不动,将蜡烛移至35cm处,移动光屏可得到清晰的像三、填空题(本大题共5小题,共10分)14.如图所示,小华制作了一个简易的密度计:他选择一根长饮料吸管,将一些铜丝从下端塞入并用石蜡封口,使吸管在液体中漂浮时能保持在_________方向,密度计在液体中漂浮时,受到的浮力_________重力(选填“大于”、“等于"或“小于”).把密度计放入水中,露出水面的长度是8cm,再将密度计放入某液体中,露出液面的长度是7cm,则此液体的密度_________ρ水(选填“大于”、“等于"或“小于”).15.近年来智能扫地机器人受到大家的青睐,其工作时是通过电机转动________(选填“加快”或“降低”)机器内部气流速度,使内部压强________(选填“小于”或“大于”)外界大气压强,从而将杂物“吸入”达到清扫的目的.16.如图所示.将重1N正方体物块放在标有刻度的水平桌面上静止.则该物块的边长为____________cm.物块对染面的压强为_________________Pa.17.有质量为5kg,初温为15℃的水,吸热后温度升高到95℃,则需吸收的热量为__________J;如果这些热量由天然气燃烧来提供,则至少需要燃烧热值为4.0×107J/m3的天然气______m3。(水的比热容为4.2×103J/(kg·℃))18.冬天室外比较寒冷,要使手的内能增加,温度升高有两种不同的途径,分别举例说明:(1)________________;(2)__________________。四、计算题(本大题共3小题,共29分)19.调好的天平放在水平桌面上物块A、B的体积相同,但密度不同.一底面积为的烧杯中装入适量的水(水的密度为),测得烧杯和水的总质量为紧接着将物块A缓慢放入烧杯水中,静止时其漂浮,测得总质量为;用细针将物块A压入水中,使其完全浸没(不碰到烧杯侧壁和底),如图1所示,天平平衡时的测量值为将物块A取出(不计水的损失),再将物块B缓慢放入烧杯水中,静止后天平平衡时的测量值为;然后再用细针将物块B压在烧杯底部,如图2所示.求(1)物块A的密度;(2)当撤去压在物块B上的细针时,水对烧杯底部压强的变化量.20.型热水杯(甲图)的原理图如图乙所示,它有加热和保温两档,通过单刀双掷开关进行调节,、为电热丝。、阻值恒定不变。整壶水的质量额定电压加热时的总功率保温时的功率求:在一标准大气压下把一满壶水从烧开需要消耗电能,需要多长时间?这个热水壶的效率是多少?(已知)21.小明家新买了一台电热水壶,查阅说明书可知,其内部电热丝的阻值为48.4Ω,将其接在220V家庭电路中,将1kg水从20℃加热到40℃需要100s.求:[c水=4.2×103J/(kg•℃)](1)水吸收的热量;(2)该电热水壶加热的效率.五、作图题(本大题共2小题,共4分)22.家用电吹风,由电动机和电热丝等组成,为了保证电吹风的安全使用,要求只能吹热风或吹冷风,不能只发热不吹风;请在图中用笔画线连接好符合要求的电路图.23.如图所示,发光点S发出一条射向水面的光线,在水面发生反射和折射,反射光线经过P点.请在图中作出入射光线、反射光线及大致方向的折射光线.六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)24.在“测量小灯泡额定功率”实验中,小灯泡的额定电压U额=2.5V,小灯泡电阻约10Ω左右.请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整.小明闭合开关后,发现灯泡不亮,电流表无示数,而电压表有示数,则故障可能是_____.排除故障后,移动滑片使小灯泡正常发光,此时电流表示数如图乙所示,则小灯泡额定功率为_____W.小华重新设计了一种测量U额=3.8V小灯泡额定功率的电路,如图丙所示.电源电压保持不变,R0为10Ω的定值电阻,完成下列步骤:①只闭合开关S,移动滑动变阻器滑片P至最左端,读出电压表示数为6V;②断开开关_____,闭合开关_____,移动滑动变阻器滑片P,使电压表的示数为_____V,小灯泡正常发光;③保持滑动变阻器滑片P的位置不变,断开开关S1,闭合开关S、S2,读出电压表示数为4V;④小灯泡的额定功率为P额=_____W.(答案保留一位小数)25.小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热(如图甲),以探究水和煤油的吸热能力,(1)本实验需要用到天平这一测量工具,目的是________________________________。(2)加热10min,水吸收的热量____________(填“大于”、“小于”或“等于”)煤油吸收的热量。(3)根据实验数据,小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(如图乙),由图象可知,水的沸点是______℃,煤油的比热容是_________J/(kg•℃)。[(4)若本次实验共消耗酒精20g,则这些酒精完全燃烧发出的热量是________=3.0。26.如图所示,杠杆AB可绕O转动,绳AD连在以A为圆心的弧形导轨MN上,D可在MN上自由滑动,当绳的D端从N向M滑动过程中,杠杆仍保持平衡,则AD对杠杆的拉力变化情况是_____.

参考答案一、单选题(本大题共10小题,共30分)1、B【解析】

由电路图可知,电阻R1与滑动变阻器R2串联,电流表A测电路中电流,电压表V1测定值电阻两端的电压,电压表V2测总电压;根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流和R两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化;电压表V1示数与电流表A示数的比值的变化.【详解】①由图可知,电源电压保持不变.闭合电键S,R1、R2串联.当滑动变阻器滑片P向右移动时,整个电路中的电阻变大,根据欧姆定律,整个电路的电流变小,即电流表A的示数变小,不符合题意;②V1测R1两端的电压,R1是定值电阻,通过的电流变小,所以R1两端的电压变小.即V1的示数变小,不符合题意;③电源电压不变,V2测电源电压,所以V2的示数不变,符合题意;④V1测R1两端的电压,A测通过R1的电流,电压表V1的示数与电流表A的示数的比值就是定值电阻,所以这个比值不变,符合题意.故B正确,ACD错误,故选B.2、A【解析】观察电路图,两盏灯是并联关系,测量的是总电流也就是,测量的电流是,两个读数不可能相同,而偏转角度相同,说明他们的量程选择不同,分别为0—0.6A和0.3A,量程比为0.6:3=1:5,即:=1:5,得到:=4:1.并联电路电压相等,根据电功率计算公式可知道电压相等时电功率之比等于电流比,所以P1:P2=:=4:1.3、A【解析】

A、超导材料的电阻值为零,而电热器的发热体是阻值较大的电阻丝,故A错误,符合题意;B、光纤通信利用激光传递信号,激光在光导纤维中经多次反射向前传播,激光的频率高,传输的信息量大,故B正确,不符合题意;C、光敏二极管使用的主要是半导体材料,故C正确,不符合题意;D、核电站是利用可控原子核裂变释放的核能来发电的,故D正确,不符合题意.4、A【解析】液体内部压强随深度的增加而增大,所以物体下表面的压强图象应是逐渐升高的,图象①正确,②错误;浮力的大小与排开液体的体积成正比,当物体完全浸入水中后,其浮力大小将不再变化,故图象③正确,④错误,故本题答案为A.思路分析:液体内部压强随深度的增加而增大,所以物体下表面的压强图象应是逐渐升高的,图象①正确;浮力的大小与排开液体的体积成正比,当物体完全浸入水中后,其浮力大小将不再变化,故图象③正确.试题点评:本试题考查的是浮力和液体压强的知识.液体内部压强随深度的增加而增大,所以物体下表面的压强图象应是逐渐升高的,根据阿基米德原理可知浮力的大小与排开液体的体积成正比,当物体完全浸入水中后,其浮力大小将不再变化.5、C【解析】

(1)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时,物距大于像距,成倒立缩小的实像;物距等于像距时,成倒立等大的实像;物距小于像距时,成倒立放大的实像。(2)凸透镜成实像时,物距减小,像距增大,像变大。(3)凹透镜对光线有发散作用,能使光线的会聚点推迟延后,可以用来矫正近视眼;根据凹透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作。【详解】A、由图可知,物距u=25cm,v=40cm,物距u<v,f<25cm<2f,解得,12.5cm<f<25cm,40cm>2f,解得,f<20cm,由以上解得可得,12.5cm<f<20cm,故A错误;B、u<v,成倒立放大的实像,与投影仪的成像原理相同,故B错误;C、由图可知,像距v>2f,2f>u>f,所以20cm>f>12.5cm,当将蜡烛移到光具座40cm刻度线处,此时物距u=10cm<f,焦点内不成像,故C正确;D、近视眼镜的镜片为凹透镜,对光有发散作用,可使光线的会聚点推迟延后。因此,不改变眼镜和透镜的位置,要使光屏上再次呈现清晰的像,可以将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离,故D错误。故选:C。根据物距和焦距,像距和焦距能判断凸透镜成像情况:u>2f,成倒立、缩小的实像,2f>v>f。2f>u>f,成倒立、放大的实像,v>2f。u<f,成正立、放大的虚像。6、C【解析】解:A、声音是由物体振动产生的,哨声是由管内空气振动产生的说法正确;B、我们平时听到的声音大多是由空气传播的,听到的哨声也是通过空气传播的正确;C、哨音的响度由吹的力度决定,吹的力度不同管内空气柱振动幅度不同则响度不相同故C错误;D、音调的高度与物体振动的快慢有关,向下拉活塞空气柱变长,振动变慢,发出的声音音调变低,故D正确.故选C.点睛:管乐器是通过空气柱振动发声.固体、液体、气体都可作为传播声音的介质,我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的.音调指声音的高低,由振动频率决定;响度指声音的强弱或大小,与振幅和距离有关.7、A【解析】

A、伽利略是杰出的意大利科学家,他通过观察教堂里吊灯的来回摆动,进而反复进行实验,发现了摆的等时性原理,故A正确;B、牛顿是首先用实验研究光的色散现象的科学家,故B错误;C、阿基米德发现了杠杆的原理,故C错误;D、欧姆发现了欧姆定律,电流的磁效应是由奥斯特首先发现的,故D错误.8、C【解析】

A.乒乓球被扣杀后飞向对方,说明力可以改变物体的运动状态,故A错误;B.物体的重力势能由物体的质量与高度决定,物体的动能由物体的质量与速度决定;蓝球从高处落下的过程中,高度下降,速度增加,是重力势能转化为动能;故B错误;C.用脚踢足球时,脚有疼痛感,说明球对脚也施加了力,这个现象表明:物体间力的作用是相互的,故C正确;D.平衡状态指的是合力为零的状态,小球在整个的过程中始终受到重力的作用,合力不为零,不是平衡状态,故D错误.故选C.9、B【解析】

A.球在A点时受绳子的拉力和本身的重力,这两个力没在同一直线上,不平衡,故A错;B.小球在C点是重力势能最小,动能最大,故B正确;C.从B到C,球的重力势能减小动能增加,故C错;D.从A到C,球的重力势能减小动能增加,故D错.10、B【解析】

设圆柱体A的直径为r,高度为h,正方形的变长为L.由题知r=L.AB对地面的压强相等即PA=PB,即=gL,即,得h=L.A的面积为SA==,B的面积为SB=,可得SA,竖直切下底面积相等的部分为S,则剩下的面积SA剩SB剩,则切下的A和B的重为GA切=Sh,GB切=SL.则=剩下的A和B对地面的压强仍相等,即ρAh=ρBL.所以,所以.故B正确.ACD错误.二、多选题(本大题共3小题,共12分)11、BCD【解析】

A.由图表可知,从北京南——上海虹桥全程是1318公里,即1318km,故A正确;B.差表知高铁从北京南站到枣庄站里程是627km,所用时间7:00—9:31,共计2小时31分,平均速度v===249.1km/h,故B错误;C.从表中可知,高铁11:54到达无锡东站,11:55发车,停留时间1min,故C错误;D.由表查知,南京南到站到常州北站距离1153km-1023km=130km,时间11:03—11:35共计32min,平均速度v===243.75km/h<249.1km/h,故D错误。12、ABC【解析】

A.磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥的原理实现悬浮,从而大大减小摩擦力,提高运行速度的。故A正确。B.电磁起重机的核心部件是电磁铁,是利用电流的磁效应工作的。故B正确。C.发电机是利用闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动,从而产生感应电流的,是电磁感应现象。故C正确。D.动圈式扬声器是利用振动的闭合线圈在磁场中来回切割磁感线,产生感应电流,从而将机械振动信号转化为电信号的,是电磁感应现象。故D错误。13、AC【解析】

A.由图可知,此时的物距u=50cm-20cm=30cm,像距v=95cm-50cm=45cm,由于物距小于像距,因此所成的清晰的像是倒立、放大的实像,投影仪成倒立、放大的实像,故A正确;B.因为经过光心的光线方向不发生改变,则蜡烛变短时,像应该向上移动,故B错误;C.将只移动透镜,当物距与像距大小互换时,根据光路可逆可知,能在光屏上得到一个清晰的缩小的像,故C正确;D.物距u=30cm,像距v=45cm,由于成倒立、放大的实像,则:45cm>2f,f<30cm<2f,解得:22.5cm>f>15cm将,蜡烛移动到35cm刻度处,物距u′=50cm-35cm=15cm,物距小于焦距,所以成正立放大的虚像,不能成在光屏上,故D错误。三、填空题(本大题共5小题,共10分)14、竖直等于<【解析】

将一些铜丝从下端塞入作为配重,并用石蜡封口,目的是使重心降低,让密度计竖直漂浮在液体中;由物体浮沉条件知道,密度计在液体中漂浮时,受到的浮力等于重力;因为密度计不管是在水中还是在液体中,都是漂浮状态,所以,F浮水=F浮液=G,由F浮=ρgV排知道,ρ水gS(h液-1cm)=ρ液gSh液,所以此液体的密度小于水的密度.15、加快小于【解析】

高速旋转的叶轮把空气排出风机,机器人内部的空气流速加快,压强减小,而外部的空气流速小,压强大,所以在外界大气压的作用下,外部空气和灰尘不断地压入进风机,扫地机器人就能“扫尘”了,使杂物进入吸尘器达到清扫的目的.16、2.00【解析】

由图知,刻度尺的分度值为1mm,物体左侧与7.00cm对齐,右侧与9.00cm对齐,所以物块的边长L=9.00cm-7.00cm=2.00cm;正方体物块的底面积S=2cm×2cm=4cm2,物块对桌面的压强:p====2.5×103Pa.17、1.68×1060.042【解析】试题分析:质量m=5kg,温度变化△t=95℃-15℃=80℃,根据比热容公式,则需吸收的热量为Q=CmΔt=4.2×103J/kg⋅°C×5kg×80°C=1.68×考点:比热容计算热值计算18、搓搓手慢慢给手上哈气【解析】

改变物体内能有两种方式:做功和热传递,所以要使手的内能增加,温度升高,可以有两种不同的途径,一是搓搓手,即利用做功的方法;二是慢慢给手上哈气,利用热传递的方法。四、计算题(本大题共3小题,共29分)19、(1)(2)【解析】

(1)由题,A物体的质量mA=m1―m0,用细针将物块A压入水中,使其完全浸没,A排开水的质量,m排A=m2―m0,则A的体积所以物块A的密度(2)当撤去压在物块B上的细针时,①若ρB≥ρ0,排开水的体积不变,则水对烧杯底部压强的变化量Δp=0;②若ρB<ρ0,物块B上浮,最终漂浮在水面上.当用细针将物块B压在烧杯底部时,因为物块A、B的体积相同,有:=ρ0gV排B=ρ0gVB=ρ0gVA=(m2―m0)g当物块B漂浮在水面上时,有:所以水对烧杯底部压强的变化量;20、840s;70%【解析】

根据功率的定义式,可知电热水壶加热的时间:水吸收的热量:则热水壶的效率。答:烧开一壶水需要840s;这个热水壶的效率是70%;21、(1)8.4×104J;(2)84%【解析】

(1)知道水的质量和比热容以及温度变化,根据Q=cmΔt可以求出水所吸收的热量.(2)电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等,根据求出消耗的电能,再根据效率公式求出该电热水壶加热的效率.【详解】(1)水吸收的热量:;(2)电热水壶正常工作100s消耗电能,即产生的热量:;该电热水壶加热的效率:.五、作图题(本大题共2小题,共4分)22、【解析】

分析题意可知,电动机和电热丝并联,一开关位于干路,另一开关位于电热丝的支路,如下图所示:【点评】本题考查了电路图的设计,根据串并联电路的特点判断出电动机和电热丝的连接方式以及开关的位置是关键.23、如图所示【解析】

作图顺序:(1)以水面为平面镜,作S的像S’;(2)连接S’P,它与水面的交点为入射点O;(3)连接SO,为入射光线;(4)过O点作法线;(5)根据“光从空气斜射入水或其他透明介质时,折射角小于入射角”,画折射光线.六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)24、灯泡断路0.15S2S、S13.81.1【解析】

(1)由小灯泡的额定电压U额=2.5V,小灯泡电阻约10Ω左右由欧姆定律求灯的额定电流确定电流表选用小量程与灯串联在电路中,开关串联在电路中;(2)若电流表示数为0,灯不亮,说明电路可能断路;电压表有示数,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的支路断路了;根据电流表选用的量程确定分度值读数,根据P=UI求灯的额定功率;(3)根据P=UI,求额定功率,在没有电流表情况下,测灯的额定电流是关键,先使灯与变阻器串联,让灯正常发光,保持滑片位置不动,通过开关的转换,使定值电阻与变阻器串联,根据串联电路电压的规律和分压原理可得出变阻器连入电路中的电阻,在第1次操作中,根据串联电路电压的规律和欧姆定律可求灯的额定电流,从而求出灯的额定功率.【详解】(1)小灯泡的额定电压U额=2.5V,小灯泡电阻约10Ω左右,灯的额定电流约为:,故电流表选用小量程与灯串联在电路中,开关串联在电路中,如下:(2)经分析,小明闭合开关后,发现灯泡不亮,电流表无示数,而电压表有示数,则故障可能是灯泡断路.排除故障后,移动滑片使小灯泡正常发光,此时电流表示数如图乙所示,电流表选用小量程,分度值为0.02A,则小灯泡额定功率为:P=UI=2.5V×0.3A=0.15W.(3)小华重新设计了一种测量U额=3.8V小灯泡额定功率的电路,如图丙所示.电源电压保持不变,R0为10Ω的定值电阻,完成下列步骤:②断开开关S2,闭合开关S、S1,移动滑动变阻器滑片P,使电压表的示数为3.

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