高三物理章节知识点复习检测

精品文档你我共享知识改变命运第2课电场的能的特性题号12345678910答案一、单项选择题1．下列关于电荷在电场中电势能的说法正确的是()A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零C．电荷只在电场力的作用下从某点移动到另一点，电荷的电势能一定减少D．电荷只在电场力的作用下，从某点移动到另一点，电荷的电势能可能增加，也可能减少2.(2012·深圳模拟)如图所示，正点电荷Q产生的电场中，已知A、B间的电势差为U，现将电荷量为q的正点电荷从B移到A，则()A．外力克服电场力做功QU，电势能增加qUB．外力克服电场力做功qU，电势能增加QUC．外力克服电场力做功qU，电势能增加qUD．外力克服电场力做功QU，电势能减少QU3.(2012·湖北宜昌高三检测)如图所示是一个匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2cm，由此可以确定电场强度的方向和数值是()A．竖直向下，E＝100V/mB．水平向左，E＝100V/mC．水平向左，E＝200V/mD．水平向右，E＝200V/m4．(2011·佛山市高三质检)在下图中，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，则下列有关P、Q两点的相关说法中正确的是()A．两点的场强等大、反向B．P点电场更强C．两点电势一样高D．Q点的电势较低5.一个负点电荷仅受电场力的作用，从某电场中的a点由静止释放，它沿直线运动到b点的过程中，动能Ek随位移s变化的关系图象如图中的直线所示，则能与图象相对应的电场线分布图是()6．(2012·汕头模拟)在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则()A．b点的电场强度一定比a点大B．电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高D．该电荷的动能一定减小7．(2012·广东揭阳模拟)如图所示，a、b、c为电场中同一条电场线上的三点，其中c为ab的中点．已知a、b两点的电势分别为φa＝3V、φb＝9V，则下列叙述正确的是()A．该电场在c点处的电势一定为6VB．a点处的场强Ea一定小于b点处的场强EbC．正电荷从a点运动到b点的过程中电势能一定增大D．正电荷只受电场力作用从a点运动到b点的过程中动能一定增大二、双项选择题8．(2011·广州市二模)如图所示，匀强电场中某电场线上的两点A、B相距0.2m．正点电荷q＝10－6C从A移到B，电场力做功为2×10－6J，则()A．该电场的场强为10V/m参考答案1．解析：答案：D2．解析：本题考查电场力做功的计算、电场力做功和电势能的变化关系等知识点．根据顺着电场线的方向，电势依次降低，可知UBA<0，那么正点电荷从B移动到A过程中，电场力做功为W＝qUBA<0，表示外力克服电场力做功qU，电场力做负功，则电荷的电势能增加qU.答案：C3．解析：由电势降低最快的方向就是电场强度的方向以及电场线与等势面垂直的特点可知，电场强度方向水平向左，又由E＝eq\f(U,d)得E＝eq\f(2,2×10－2)＝100(V/m)．故B正确．答案：B4．解析：由电场线的密疏可知，Q点的场强更大，而两点的场强同向；而中垂线是等势线，故两点电势一样高．答案：C5．解析：由动能定理知：Ek＝Fs，由图象知Ek∝s，故F为恒力，所加的电场为匀强电场；由于电场力做正功，而负电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相反，B才符合条件，故B正确．答案：B6．解析：电场力做负功，该电荷电势能增加．正电荷在电势高处电势能较大，C正确；电场力做负功同时电荷还可能受其他力作用，总功不一定为负．由动能定理可知，动能不一定减小，D错误；电势高低与电场强度大小无必然联系，A错误；b点电势高于a点，但a、b可能不在同一条电场线上，B错误．答案：C7．解析：本题电场线只有一条，又没说明是哪种电场的电场线，因此电势降落及场强大小情况都不能确定，A、B错误；a、b两点电势已知，正电荷从a到b是从低电势向高电势运动，电场力做负功，动能减小、电势能增大，C正确，D错误．答案：C8．解析：根据电势差公式有：UAB＝eq\f(WAB,q)＝2V，由此看出A点的电势高于B点的电势，电场方向由A向B.根据E＝U/d，得场强为10V/m.答案：AB9．解析：根据曲线运动的规律得如图所示的电场力与速度方向，可知粒子带负电，从N到M电场力做负功，电势能增加，减速运动到M点速度最小；从M点折回过程中电场力做正功，电势能减小，速度增大．答案：AC10．解析：电荷在电场中任何地方都受力，A项错误；由于DA是等势面，故沿DA运动时电场力不做功，B项正确；沿AB运动，电场力做正功，电势能减小，故B点电势能小于A点(也小于D点)的电势能，C项正确，而A点比C点更接近场源电荷，故所受电场力较大，D项错误．答案：BC11．解析：(1)微粒只在重力和电场力作用下沿AB方向运动，则重力和电场力在垂直于AB方向上的分力必等大反向，由此可知电场力的方向水平向左，微粒所受合力的方向由B指向A，与初速度vA方向相反，微粒做匀减速运动．(2)在垂直于AB方向上，有qEsinθ－mgcosθ＝0解得电场强度E＝1.7×104N/C电场强度的方向水平向左．(3)微粒由A运动到B的速度vB＝0时，微粒进入电场时的速度最小，由动能定理得，mgLsinθ＋qELcosθ＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,A)代入数据，解得vA＝2.8m/s.答案：(1)见解析(2)1.7×104N/C水平向左(3)2.8m/s12．解析：(1)小球从开始自由下落到到达管口B的过程中机械能守恒，故有：mg·4R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)到达B点时速度大小为vB＝eq\r(8gR).(2)设电场力的竖直分力为Fy，水平分力为Fx，则Fy＝mg，小球从B运动到C的过程中，由动能定理得：－Fx·2R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,C)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)小球从管口C处脱离管后，做类平抛运动，由于经过A点，有y＝4R＝vCtx＝2R＝eq\f(1,2)axt2＝eq\f(Fx,2m)t2联立解得：Fx＝mg电场力的大小为：qE＝eq\r(F\o\al(2,x)＋F\o\al(2,y))＝eq\r(2)mg.(3)小球经过管口C处时，向心力由Fx和圆管的弹力N提供，设弹力N的方向向左，则Fx＋N＝eq\f(mv\o\al(2,C),R)，解得：N＝3mg根据牛顿第三定律可知，小球经过管口C处时对圆管的压力为N′＝N＝3mg，方向水平向右．(动能定理优选法)答案：(1)eq\r(8gR)(2)eq\r(2)mg(3)3mg水平向右沁园春·雪<毛泽东>北国