2022年高考全真模拟卷（江苏卷）01（解析版）

绝密★启用前

2022年高考全真模拟卷01【江苏卷】

物理

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1.本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考

证号填写在答题卡上。

2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，

用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3.回答第n卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷

一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题意

1.激光陀螺能精确确定运动物体的方位，其工作原理如图所示，激光器位于正三角形一边正中央，其发出

一束激光并能被分成沿相反方向传播的两束激光，两束激光相遇时会产生干涉，利用检测相位差或干涉条

纹的变化，可以测出闭合光路旋转的角速度，进而确定物体的方位。若整个装置绕垂直纸面过中心点。的

转轴顺时针转动，则（）

A.激光束A、B的频率可能不同

B.激光束A比8传播的路程大

C.随着角速度增大，读取传感器接收到明暗交替的条纹

D.无论转动的角速度多大，读取传感器始终接收到明条纹

2.如图为光电倍增管的原理图，管内由一个阴极K、一个阳极A和K、A间若干对倍增电极构成。使用

时在阴极K、各倍增电极和阳极A间加上电压，使阴极K、各倍增电极到阳极A的电势依次升高。当满足

一定条件的光照射阴极K时，就会有电子射出，在加速电场作用下，电子以较大的动能撞击到第一个倍增

电极上，电子能从这个倍增电极上激发出更多电子，最后阳极A收集到的电子数比最初从阴极发射的电子

数增加了很多倍。下列说法正确的是（）

第一倍增极D,第：倍增极D,阳极A

阴极K第二倍需极D2第血倍增极D.

A.光电倍增管适用于各种频率的光

B.保持入射光不变，增大各级间电压，阳极收集到的电子数可能增多

C.增大入射光的频率，阴极K发射出的所有光电子的初动能都会增大

D.保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强不影响阳极收集到的电子数

3.2020年12月4日，新一代“人造太阳”装置一中国环流器二号M装置（HL-2M）在成都建成并实现首次

放电，HL2M反应堆的成功对于全世界而言都有重大研究意义，它意味着中国能够掌握利用核聚变技术发

电，笊核聚变反应的方程为：：H+：Hfx+[n,已知笊核的比结合能为E,核反应中释放的核能为核

反应中发射一种y光子，该Y光子照射到逸出功为题的金属上打出的最大初动能的光电子的速度为v,已

知光电子的质量为，小光速为。，普朗克常量为〃，下列说法正确的是（）

A.裂变反应比聚变反应更难控制

B.x的比结合能为+

3

h

C.光电子的德布罗意波长为々

me

D.y光子的频率为致当

2h

4.两列沿绳传播的简谐横波（虚线表示甲波，实线表示乙波）在某时刻的波形图如图所示，M为绳上x=0.2

A.图示时刻质点用的速度为零

B.M点是振动减弱点

C.甲波的传播速度n比乙波的传播速度v2大

D.位于坐标原点的质点与M点的振动方向总是相反的

5.如图甲所示是一个“简易电动机“，一节5号干电池的正极向上，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，

将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框，线框上端的弯折位置与正极良好接触，下面弯曲的两端与磁铁

表面保持良好接触,放手后线框就会转动起来。该“简易电动机”的原理图如图乙所示。关于该“简易电动机”,

下列说法正确的是（）

A.从上往下看，该“简易电动机”能逆时针旋转

B.电池的输出功率一定等于线框转动的机械功率

C.“简易电动机”转动过程中只有两条边受到安培力

D.随转动速度的增加“简易电动机''的电流逐渐减小

6.三颗人造卫星A、B、C都在赤道正上方同方向绕地球做匀速圆周运动，A、C为地球同步卫星，某时

刻A、B相距最近，如图所示，已知地球自转周期为为，B的运行周期为乙，则下列说法不正确的是（）

A.C加速可追上同一轨道上的A

B.经过时间萨古，A、B相距最远

C.A、C向心加速度大小相等，且小于B的向心加速度

D.在相同时间内，C与地心连线扫过的面积大于B与地心连线扫过的面积

7.宁波市东部新城音乐喷泉启动一段时间稳定后可保持如图所示的迷人风姿，假设从水面四周喷出的各

水流，速度大小相等、与水平面所成夹角大小相同，不计空气阻力、水流互不干扰。则下列说法正确的是

()

A.水落回水面的速度都相同

B.初速度加倍，水在空中飞行时间加倍

C.初速度加倍，水的水平射程加倍

D.空中上升过程的水，处在超重状态

8.某种除颤器的简化电路，由低压直流电源经过电压变换器变成高压电，然后整流成几千伏的直流高压电，

对电容器充电，如图甲所示。除颤时，经过电感等元件将脉冲电流（如图乙所示）作用于心脏，实施电击

治疗，使心脏恢复窦性心律。某次除颤过程中将电容为20RF的电容器充电至6.0kV,电容器在时间办内放

电至两极板间的电压为0。其他条件不变时，下列说法正确的是（）

电

高

压

压

低压直变

整

流电源换

流

器

A.线圈的自感系数L越大，放电脉冲电流的峰值越小

B.线圈的自感系数L越小，放电脉冲电流的放电时间越长

C.电容器的电容C越小，电容器的放电时间越长

D.在该次除颤过程中，流经人体的电荷量约为120c

9.某同学设计了飞船登陆地外星球的电磁阻尼缓冲装置，其模拟器如图所示。模拟器由船舱主体、光滑导

轨、缓冲弹簧、绝缘缓冲底座、绝缘缓冲底座上的线圈以及固定在船舱主体上的超导线圈（图中未画出）

组成。其中导轨固定在船舱主体下端，绝缘缓冲底座上的线圈为竖直绕在绝乐彖底座上的单匝闭合线圈，超

导线圈产生水平方向的磁场。已知绝缘底座与地面接触后速度迅速减为零，导轨与线圈接触良好，则关于

电磁阻尼缓冲装置分析正确的是（）

/船舱主体\

NM'

光滑

导轨

绝缘

冲

缓

缓/

座

底

弹簸

A.船舱主体下端MN必须是导体，不能与导轨绝缘

B.只增加导轨长度，可能使缓冲弹簧接触地面前速度为零

C.只增加磁场的磁感应强度，可使缓冲弹簧接触地面前速度减小

D.只增加闭合线圈电阻，可使缓冲弹簧接触地面前速度减小

10.如图甲所示，三个电量相等的点电荷位于等边三角形的三个顶点上，其中x=O处电荷带负电，其余两

电荷带正电且关于X轴对称。一试探电荷沿X轴正方向运动，所受电场力随位置的变化图像如图乙所示（以

X轴正向为电场力的正方向）。设无穷远处电势为零。则（）

A.试探电荷带负电

B.乙图中的为与甲图中的％相等

C.在X轴正半轴上，X2处电势最高

D.试探电荷在々处电势能最大

第n卷

二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的

演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

11.（15分）某实验小组用如图甲所示的电路图来测量电流表Gi的内阻。器材如下：

A.待测电流表GK量程0~5mA,内阻约为300。

B.灵敏电流计G（内阻很小可忽略）

C.定值电阻R/

D.定值电阻R2

E.滑动变阻器&（最大阻值为20。）

F.滑动变阻器以（最大阻值为1000Q）

甲乙

（1）①电源电动势是L5V,为实验过程中便于调节，滑动变阻器应选用（填写器材前对应的字

母）。

②在闭合开关前滑片应掷（填%"或"”）端，然后移动滑动变阻器的滑片使待测表的示数适当后再

不移动滑片，只调节心，发现当兄=100。时灵敏电流计的示数正好为零；将电阻箱和待测电流表位置互换，

其他不动，再次调节当R=841C时灵敏电流计的示数又正好为零，由此可知待测电流表的内阻为

_________

（2）若将Gi表改装成如图乙所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程（或分度

值）不同的档位。1、2两个档位为电流表档位，其中的大量程是小量程的10倍。

①关于此多用电表，下列说法正确的是。

A.当转换开关S旋到位置4时，是电阻档

B.当转换开关S旋到位置6时，是电流档

C.转换开关S旋到5的量程比旋到6的量程大

D.A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔

②图中的电源E'的电动势为9.0V,当把转换开关S旋到位置4,在A、8之间接900Q电阻时，G（刚好半偏。

已知操作顺序和步骤都正确，则R尸。，&=C。

12.（8分）如图，截面为等腰直角三角形A8C的玻璃砖，NB=90。，一束频率为户5/IO^HZ的光线从AS

面中点处垂直射入校镜，在AC面发生全反射，从BC面射出后，进入双缝干涉装置。已知AC长度/=0.15m,

双缝间距4=0.2mm,光屏离双缝L=1.0m,光在真空中的传播速度为c=3.0x108m求：

（1）玻璃砖的折射率的最小值”；

（2）光线在玻璃砖中传播的最短时间r；

(3)光屏上相邻亮条纹的间距Ax。

13.(8分)如图所示，P、Q是两个厚度不计的活塞，可在竖直固定的两端开口的汽缸内无摩擦地滑动，其

4

2

面积分别为S=30cm2、52=10cm,质量分别为M/=1.5kg、%=2.5kg,它们之间用一根长为的轻质细杆

连接，静止时汽缸中气体的温度。=600K,活塞P下方气柱(较粗的一段气柱)长为d=12cm,己知大气压

强po=lxl()5pa,g=10mzs2,缸内气体可看作理想气体，活塞在移动过程中不漏气。

(i)求活塞静止时汽缸内气体的压强；

(ii)若缸内气体的温度逐渐降为了72=300K,已知该过程中缸内气体的内能减小100J,求活塞下移的距离

场和气体放出的热量

14.(14分)如图所示，光滑竖直墙壁底端与四分之一光滑圆弧轨道连接，圆弧轨道半径R=0.4m,光滑

水平面上并排放两块木板B、C,两木板的上表面恰好与圆弧轨道的最低点相切，小滑块A(可视为质点)

从墙壁P点无初速度释放，P点高出圆心〃=0.4m,已知小滑块与两木板质量均为1kg,小滑块A与木板B

间的动摩擦因数必=0$,木板8的长度1m,小滑块A与木板C间的动摩擦因数随距离而变化，满足

1V

〃2=百-西,X为距木板C左端的距离，木板C的长度4=2m,重力加速度g=10m/s2,求：

(1)小滑块A对轨道最低点的压力；

(2)木板B获得的最大速度；

(3)求小滑块A的最终速度，若小滑块A脱离木板C,求木板C的最终速度；若小滑块A不脱离木板C,求

出小滑块与木板C相对静止的位置。

15.（15分）如图为一种新型粒子收集装置，一个绕竖直轴以速度o=20mad/s逆时针转动的粒子源放置

在边长为L=0.1m的立方体abcda'b'c'd'的中心，立方体四个侧面均为荧光屏，上下底面aa'H'、cc'dd'为空，

立方体处在竖直向下的磁感应强度8=0.2T匀强磁场中。在r=0时刻，粒子源的发射方向恰好水平向右指

向仍'cd的中心，并发射一种比荷为"=lxK）8c/kg带正电粒子。已知每秒发射粒子总数为%,粒子源发射

的粒子数量随速度均匀分布，即不同速度的粒子数量相同。粒子打到荧光屏上后被荧光屏所吸收，不考虑

粒子间的相互作用和荧光屏吸收粒子后的电势变化，不考虑粒子源的尺寸大小，重力忽略不计。

（1）若无粒子打到荧光屏上，求粒子源发射的粒子的速度大小范围；

（2）若使粒子源发射粒子全部打在荧光屏上，求粒子源发射粒子的速度大小范围；

（3）撤去磁场，在立方体内施加一个竖直向下的匀强电场，电场强度为E=750N/C,若粒子源发射的粒子

速度范围为5x10'm/s,求每秒打在荧光屏上的粒子数量小

全解全析

2022年高考全真模拟卷01【江苏卷】

物理

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1.本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考

证号填写在答题卡上。

2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，

用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。

3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷

一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项最符合题意

1.激光陀螺能精确确定运动物体的方位，其工作原理如图所示，激光器位于正三角形一边正中央，其发出

一束激光并能被分成沿相反方向传播的两束激光，两束激光相遇时会产生干涉，利用检测相位差或干涉条

纹的变化，可以测出闭合光路旋转的角速度，进而确定物体的方位。若整个装置绕垂直纸面过中心点。的

转轴顺时针转动，则（）

A.激光束A、B的频率可能不同

B.激光束A比8传播的路程大

C.随着角速度增大，读取传感器接收到明暗交替的条纹

D.无论转动的角速度多大，读取传感器始终接收到明条纹

【答案】C

【解析】由于两束激光出现干涉现象，说明两光束的频率相等，A错误；整个装置顺时针方向转动，A束激

光到达光电探测器的路程比8传播的路程小，B错误；随着角速度增大，两束激光到达光电探测器的光程

差逐渐增大，谈取传感器接收到明暗交替的条纹，C正确，D错误。故选C。

2.如图为光电倍增管的原理图，管内由一个阴极K、一个阳极A和K、A间若干对倍增电极构成。使用

时在阴极K、各倍增电极和阳极A间加上电压，使阴极K、各倍增电极到阳极A的电势依次升高。当满足

一定条件的光照射阴极K时，就会有电子射出，在加速电场作用下，电子以较大的动能撞击到第一个倍增

电极上，电子能从这个倍增电极上激发出更多电子，最后阳极A收集到的电子数比最初从阴极发射的电子

数增加了很多倍。下列说法正确的是（）

第一倍增极D|第二倍增极D、用极A

阴极K第二倍需极D2第血倍增极D,

A.光电倍增管适用于各种频率的光

B.保持入射光不变，增大各级间电压，阳极收集到的电子数可能增多

C.增大入射光的频率，阴极K发射出的所有光电子的初动能都会增大

D.保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强不影响阳极收集到的电子数

【答案】B

【解析】只有满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，从而逸出光电子，可知光电倍增管并不是适用

于各种频率的光，选项A错误；保持入射光不变，增大各级间电压，则打到倍增极的光电子的动能变大，

则可能有更多的光电子从倍增极逸出，则阳极收集到的电子数可能增多，选项B正确；增大入射光的频率，

阴极K发射出的光电子的最大初动能变大，并不是所有光电子的初动能都会增大，选项C错误；保持入射

光频率和各级间电压不变，增大入射光光强，则单位时间逸出光电子的数目会增加，则阳极收集到的电子

数会增加，选项D错误。故选B。

3.2020年12月4日，新一代“人造太阳'’装置一中国环流器二号M装置（HL-2M）在成都建成并实现首次

放电，HL-2M反应堆的成功对于全世界而言都有重大研究意义，它意味着中国能够掌握利用核聚变技术发

电，笊核聚变反应的方程为：；H+jHfx+B，已知笊核的比结合能为E,核反应中释放的核能为△E,核

反应中发射一种7光子，该Y光子照射到逸出功为1%的金属上打出的最大初动能的光电子的速度为办已

知光电子的质量为，〃，光速为c,普朗克常量为人，下列说法正确的是（）

B.裂变反应比聚变反应更难控制

4

B.x的比结合能为+

3

C.光电子的德布罗意波长为幺

me

D.y光子的频率为竺?尹

2h

【答案】D

4AF

【解析】聚变反应比裂变反应更难控制，A错误；根据4E+AE=3E,,可得E,=：E+^,B错误；光电

子的德布罗意波长为心-，C错误；根据光电效应方程（帆/=妙-叱，可得y光了•的频率为吗芈，D

tnv22h

正确。故选D。

4.两列沿绳传播的简谐横波（虚线表示甲波，实线表示乙波）在某时刻的波形图如图所示，“为绳上x=0.2

m处的质点，则下列说法中正确的是（）

A.图示时刻质点M的速度为零

B.M点是振动减弱点

C.甲波的传播速度也比乙波的传播速度也大

D.位于坐标原点的质点与M点的振动方向总是相反的

【答案】D

【解析】由图可知甲、乙两波在质点例处同时向下振动，故速度不为零，又因为甲、乙两波在同一绳上传

播，速度相同，由图可知，两波波长相同，故周期相同，故M点为振动加强点，选项A、C错误，B正确；

位于原点的质点与M点相距半个波长，振动方向总是相反的，选项D正确。

5.如图甲所示是一个“简易电动机”，一节5号干电池的正极向上，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，

将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框，线框上端的弯折位置与正极良好接触，下面弯曲的两端与磁铁

表面保持良好接触,放手后线框就会转动起来。该“简易电动机”的原理图如图乙所示o关于该“简易电动机”,

甲乙

A.从上往下看，该“简易电动机”能逆时针旋转

B.电池的输出功率一定等于线框转动的机械功率

C.“简易电动机”转动过程中只有两条边受到安培力

D.随转动速度的增加“简易电动机”的电流逐渐减小

【答案】D

【解析】线框的上下两条边受到安培力的作用而发生转动的，根据左手定则可以判断从上往下看，线框将

做顺时针转动，A错误；电池输出的电动率一部分用来用于线框的发热功率，一部分提供线框转动的机械

功率，所以电池输出的电功率大于线框旋转的机械功率，B错误；“简易电动机”转动过程中，线框会有四条

边都受到安培力的作用，C错误；一开始，线圈相当于纯电阻，电阻较小，电流较大；随转动速度的增加时，

因导线切割磁感应线，产生的感应电流逐渐增大且与电源电流方向相反，则线框电流逐渐减小，D正确。

故选D。

6.三颗人造卫星A、B、C都在赤道正上方同方向绕地球做匀速圆周运动，A、C为地球同步卫星，某时

刻A、B相距最近，如图所示，已知地球自转周期为工，B的运行周期为4，则下列说法不正确的是（）

A.C加速可追上同一轨道上的A

B.经过时间萨六，A、B相距最远

C.A、C向心加速度大小相等，且小于B的向心加速度

D.在相同时间内，C与地心连线扫过的面积大于B与地心连线扫过的面积

【答案】A

【解析】卫星C加速后做离心运动，轨道变高，不可能追上同一轨道上的A点，故A错误；卫星A、B由

2乃2万

相距最近到相距最远，圆周运动转过的角度差为乃，所以可得。B，-。/=乃，其中。B=〒，a,\-~则

经历的时间，=故B正确；根据万有引力提供向心力，可得向心加速度。=1-,可知AC的向

心加速度大小相等，且小于B的向心加速度，故C正确；绕地球运动的卫星与地心的连线在相同时间r内

扫过的面积由万有引力提供向心力，可知空丝=机E，解得=!后诟，可知，在

2rr22

相同时间内，C与地心连线扫过的面积大于B与地心连线扫过的面积，故D正确。选不正确的，故选A。

7.宁波市东部新城音乐喷泉启动一段时间稳定后可保持如图所示的迷人风姿，假设从水面四周喷出的各

水流，速度大小相等、与水平面所成夹角大小相同，不计空气阻力、水流互不干扰。则下列说法正确的是

（）

A.水落回水面的速度都相同

B.初速度加倍，水在空中飞行时间加倍

C.初速度加倍，水的水平射程加倍

D.空中上升过程的水，处在超重状态

【答案】B

【解析】速度是矢量，水落回水面的速度大小相等，方向不同，故A错误：设初速度大小为％，与水平方

向夹角为。，斜抛运动在竖直方向上的分运动为赂直上抛运动，水在空中运动的时间为，=口巴吧，水平

g

方向的射程为x=%cos0f=2%sm。cos。,由此可知，初速度加倍，水在空中飞行时间加倍，水平射程变

g

为原来的四倍，故B正确，C错误；空中上升过程的水，加速度向下，处于失重状态，故D错误。故选B。

8.某种除颤器的简化电路，由低压直流电源经过电压变换器变成高压电，然后整流成几千伏的直流高压电，

对电容器充电，如图甲所示。除颤时，经过电感等元件将脉冲电流（如图乙所示）作用于心脏，实施电击

治疗，使心脏恢复窦性心律。某次除颤过程中将电容为20RF的电容器充电至6.0kV,电容器在时间办内放

电至两极板间的电压为0。其他条件不变时，下列说法正确的是（）

电

高

压

压

低压直变

整

流电源换

流

器

A.线圈的自感系数L越大，放电脉冲电流的峰值越小

B.线圈的自感系数L越小，放电脉冲电流的放电时间越长

C.电容器的电容C越小，电容器的放电时间越长

D.在该次除颤过程中，流经人体的电荷量约为120c

【答案】A

【解析】线圈的自感系数L越大，阻碍电流的感抗X[=2万几越大，则放电电流越小，放电脉冲电流的峰值

也越小，故A正确；振荡电路的振荡的振荡周期为7=2小〃下，电容器在时间4内放电至两极板间的电压

为0,即f=工=*叵，则线圈的自感系数L越大，放电脉冲电流的放电时间越长；电容器的电容C越大，

°42

放电脉冲电流的放电时间越长，故BC错误；电容为20/F的电容器充电至6.0kV,则电容器储存的电量为

C=Ct/=20xl0-*x6xl0,C=0.12C,故在该次除颤过程中，流经人体的电荷量约为0.12C,故D错误；故

选Ao

9.某同学设计了飞船登陆地外星球的电磁阻尼缓冲装置，其模拟器如图所示。模拟器由船舱主体、光滑导

轨、缓冲弹簧、绝缘缓冲底座、绝缘缓冲底座上的线圈以及固定在船舱主体上的超导线圈（图中未画出）

组成。其中导轨固定在船舱主体下端，绝缘缓冲底座上的线圈为竖直绕在绝^底座上的单匝闭合线圈，超

导线圈产生水平方向的磁场。已知绝缘底座与地面接触后速度迅速减为零，导轨与线圈接触良好，则关于

电磁阻尼缓冲装置分析正确的是（）

A.船舱主体下端MN必须是导体，不能与导轨绝缘

B.只增加导轨长度，可能使缓冲弹簧接触地面前速度为零

C.只增加磁场的磁感应强度，可使缓冲弹簧接触地面前速度减小

D.只增加闭合线圈电阻，可使缓冲弹簧接触地面前速度减小

【答案】C

【解析】题中缓冲装置是利用绝缘缓冲底座上的线圈感应出感应电流，与船舱主体上的超导线圈互感发生

相互作用，从而让船舱主体缓冲的，不是船舱主体下端MN切割磁感线发生感应相互作用的，所以MN无需

是导体，可以与导轨绝缘，故A错误；绝缘缓冲底座上的线圈外边切割磁感线，线圈回路磁通量变化，形

成感应电流，磁场对向边的安培力向下，根据牛顿第三定律，而边对超导线圈的力向上，超导线圈固定在

D2jl

船舱主体上，对船舱主体和导轨之"-/ng=ma,当缓冲底座着地后，船舱主体开始做加速度减小的减速

R

运动，当导轨足够长，船舱主体可能达到收尾速度，之后匀速卜.降到地面，故B错误；当船舱主体所受安

培力等于重力时，有mg二华解得丫=鬻,

可见只增加磁场的磁感应强度，可使缓冲弹簧接触地面

前速度减小（收尾速度越小）；只增加闭合线圈电阻，可使缓冲弹簧接触地面前速度增大，故c正确，D错

误。故选C。

10.如图甲所示，三个电量相等的点电荷位于等边三角形的三个顶点上，其中x=0处电荷带负电，其余两

电荷带正电且关于X轴对称。一试探电荷沿X轴正方向运动，所受电场力随位置的变化图像如图乙所示（以

X轴正向为电场力的正方向）。设无穷远处电势为零。则（）

B.试探电荷带负电

B.乙图中的4与甲图中的相等

C.在X轴正半轴上，X2处电势最高

D.试探电荷在4处电势能最大

【答案】D

【解析】在*4占时，三个点电荷时试探电荷的电场力向左，则该试探电荷带正电，故A错误；在工=与时-，

试探电荷所受电场力向左，在》=再时，试探电荷所受电场力为0,则乙图中的々与甲图中的与不相等，故

B错误；试探电荷沿x轴正方向运动，在04xM百时，试探电荷所受电场力做负功，电势能增大，在

时，试探电荷所受电场力做正功，电势能减小，则试探电荷在々处电势能最大，由电势定义。=生可知，

q

对于正电荷，电势能越大，所在位置的电势越大，则在4处电势最大。故C错误D正确。故选D。

第n卷

二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的

演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。

11.（15分）某实验小组用如图甲所示的电路图来测量电流表Gi的内阻。器材如下：

A.待测电流表Gi：量程0~5mA,内阻约为300。

B.灵敏电流计G（内阻很小可忽略）

C.定值电阻Q

D.定值电阻生

E.滑动变阻器R（最大阻值为20Q）

F.滑动变阻器吊（最大阻值为1000Q）

G.电阻箱心（最大阻值为999.9。）

甲乙

⑴①电源电动势是1.5V,为实验过程中便于调节，滑动变阻器应选用（填写器材前对应的字

母）。

②在闭合开关前滑片应掷（填Z”或?"）端，然后移动滑动变阻器的滑片使待测表的示数适当后再

不移动滑片，只调节R、,发现当R=100。时灵敏电流计的示数正好为零；将电阻箱和待测电流表位置互换，

其他不动，再次调节&,当尺=841。时灵敏电流计的示数又正好为零，由此可知待测电流表的内阻为

_________

（2）若将Gi表改装成如图乙所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程（或分度

值）不同的档位。1、2两个档位为电流表档位，其中的大量程是小量程的10倍。

①关于此多用电表，下列说法正确的是o

A.当转换开关S旋到位置4时，是电阻档

B.当转换开关S旋到位置6时，是电流档

C.转换开关S旋到5的量程比旋到6的量程大

D.A表笔为红表笔，B表笔为黑表笔

②图中的电源E的电动势为9.0V,当把转换开关S旋到位置4,在A、8之间接900c电阻时，Gt刚好半偏。

已知操作顺序和步骤都正确，则知=序&=。。

【答案】（I）E（2分）b（2分）290（3分）（2）AD（2分）29（3分）261（3分）

【解析】（1）电源电动势较小，两个滑动变阻器都没有额定电流时认为两个都是安全的，此时为便于调节

滑动变阻器宜小不宜大，选E即可。

为确保电路安全，闭合开关前滑片应掷b端，让分压电路的电压最小。

当段=100。时电流计的示数正好为零，表明广=曾，将电阻箱和待测电流表位置互换，电流计的示数又

正好为零时有，=4,于是有此=瓦，代入数据得心=290。。

（2）当转换开关S旋到位置4时，表头与电表中的电源相连接，是电阻挡，故A正确。

当转换开关S旋到位置6时，表头与电阻串联，电阻起分压作用，是电压挡，故B错误。

转换开关S旋到5串联的电阻小于旋到6串联的电阻，可知旋到6串联的电阻大，分压作用大，电压表量

程大，故C错误。根据电流“红进黑出”可知，B表笔为黑表笔，A表笔为红表笔，故D正确。故选AD。

“测量过程操作的顺序和步骤都正确无误”，意味着之前已经将A、B短接调零了（即让表头满偏），在

A、B之间接900。电阻时，Gi刚好半偏，说明当Gi半偏时，改装后的欧姆表“4”的总内阻：^=9000,

E'9

则转换开关S在"2”时（如图。），电流表的最大测量值为/2〃=濡-=诉A=0.01A=10mA,由题意可知，转

N内vUU

换开关S在1（如图b）时，电流表的最大测量值为/彷=100mA,由GI的满偏电流为5mA、内阻为290。和

并联电路电流分配规律，可解得B=29d/?2=261Q„

12.（8分）如图，截面为等腰直角三角形A8C的玻璃砖，N8=90。，一束频率为户5xlO^Hz的光线从AB

面中点处垂直射入校镜，在AC面发生全反射，从8c面射出后，进入双缝干涉装置。已知AC长度/=0.15m,

双缝间距"=0.2mm,光屏离双缝L=1.0m,光在真空中的传播速度为c=3.0xl（）8m/s。求：

（1）玻璃砖的折射率的最小值〃；

（2）光线在玻璃砖中传播的最短时间f；

（3）光屏上相邻亮条纹的间距Av。

【解析】（1）设玻璃砖的折射率的最小值〃，sinC=4（1分）

n

解得〃=&（1分）

（2）光线在玻璃砖中传播的最短时间，为一/—2sin45°（1分）

I-

V

光在玻璃中传播的速度为V=—（1分）

n

解得"5x10%解分）

Tc

（3）光屏上相邻亮条纹的间距Ar,=（1分），A=-（1分）

dJ

解得—=3x10F（1分）

13.（8分）如图所示，P、Q是两个厚度不计的活塞，可在竖直固定的两端开口的汽缸内无摩擦地滑动，其

4

面积分别为S/=30cm2、S2=10cm2,质量分别为M/=1.5kg、M2=2.5kg,它们之间用一根长为］”的轻质细杆

连接，静止时汽缸中气体的温度O=6（）0K,活塞P下方气柱（较粗的一段气柱）长为d=12cm,己知大气压

强po=lxl（）5pa,g=10m/s2,缸内气体可看作理想气体，活塞在移动过程中不漏气。

（i）求活塞静止时汽缸内气体的压强；

（ii）若缸内气体的温度逐渐降为了乃=300K,已知该过程中缸内气体的内能减小100J,求活塞下移的距离

力和气体放出的热量Q。

P

【答案】（i）1.2xl05pa；（ii）10cm,124J

【解析】（i）对两个活塞的整体受力分析可得（知1+加2必+外3-邑）=。3-邑）（2分）

解得p=1.2x105pa（1分）

（ii）由以上分析可知逐渐降温的过程中活塞始终受力平衡，内部气体为等压变化，则今=J（2分）

其中K=S1d+S2Td,V2=SSd-h）+S2-（^d+h）

解得〃=10cm<12cm（1分）

活塞卜降的过程对内部气体用热力学第一定律得△UnW+Q（1分）

其中w=P（s/-s2m

以上解得。=T24J,放出热量为124J。（1分）

14.（14分）如图所示，光滑竖直墙壁底端与四分之一光滑圆弧轨道连接，圆弧轨道半径R=Q4m,光滑

水平面上并排放两块木板B、C,两木板的上表面恰好与圆弧轨道的最低点相切，小滑块A（可视为质点）

从墙壁P点无初速度释放，尸点高出圆心"=0.4m,已知小滑块与两木板质量均为1kg,小滑块A与木板8

间的动摩擦因数必=0.5,木板3的长度4=1m,小滑块A与木板C间的动摩擦因数随距离而变化，满足

1V

4=百-西,X为距木板C左端的距离，木板C的长度4=2m,重力加速度g=10m/s2,求：

（1）小滑块A对轨道最低点的压力；

（2）木板B获得的最大速度；

（3）求小滑块A的最终速度，若小滑块A脱离木板C,求木板C的最终速度；若小滑块A不脱离木板C,求

出小滑块与木板C相对静止的位置。

【答案】（l）50N,方向向下；（2）lm/s；（3）1.5m/s；距木板C左端0.5m处

【解析】⑴小滑块A下滑过程中，机械能守恒，有〃琢（R+/z）=gm诏（1分）

解得%=4m/s（1分）

由牛顿第二定律得氏-,监=〃?田（1分）

R

解得8=50N（1分）

由牛顿第三定律可知，小滑块A对轨道最低点的压力尸=5ON,方向向下（1分）

（2）小滑块A滑过木板B的过程中，系统动量守恒，设小滑块A刚滑离木板B时，小滑块A的速度为匕,

木板B的速度为丫2，有mV0=mVl+2mV2（1分）

HggL、=-；机片一；x2机（（［分）

解得匕=2m/s,v2=1m/s（1分）

1V

（3）由于外=2喂，即木板C中央右侧光滑，设小滑块A刚好滑到木板C中央时达到共同速度，由动量守

恒定律，有机匕+机%=2%匕（I分）

解得匕=L5m/s

系统动能损失抽=；，”v；+；m$-；x2mv；=0.25J（1分）

〃2

1

01X

由图像可知当滑块到达木板C中点时，则X=l,由图像可知〃2丫=白?1=*（I分）

则产生内能。=〃2,咫X=gxlOx（：+O）xl=gj>AEk（1分）

即小滑块A滑到木板C中央左侧就与木板相对静止了，设停在木板C