【物理】2023年广东省广州市中考物理模拟试题（解析版）

2023年广州初中物理中考模拟试题一、单选题1.在探究凸透镜成像规律的实验中，先用凸透镜甲进行实验，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，接下来不改变蜡烛和凸透镜的位置，换用焦距比凸透镜甲小的凸透镜乙继续进行实验，下列情形可能发生的是（）A.向右移光屏，光屏上能得到清晰放大的实像B.向左移光屏，光屏上能得到清晰缩小的实像C.不用移光屏，光屏上就能得到清晰的实像D.无论怎样移动光屏，光屏上都得不到清晰的像【答案】B【解析】由图知道，用焦距大的透镜甲进行实验时，物距大于像距，所以，在透镜右侧的光屏上得到清晰缩小的实像；此时光屏在透镜甲右侧大于20cm远的地方（即二倍焦距以外），若不改变蜡烛和凸透镜的位置，换用焦距比凸透镜甲小的凸透镜乙继续进行实验，由于焦距减小相当于增大了物距，故成的像会变小，像距变小，所以，要使像成在光屏上，应向左移动。故选B。2.如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉力F的作用一起向右做匀速直线运动，在突然撤去水平拉力F的情况下，下列判断正确的是（）A.木块m将向左倾倒B.木块m受到方向向右的摩擦力C.木块m对木块M的摩擦力方向向右D.木块M受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力【答案】C【解析】AB．它们在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，在突然撤去水平拉力F时，m由于惯性保持向右运动的趋势，将向右倾倒，受到方向向左的摩擦力作用，故AB错误的；C．木块m受到的摩擦力与木块m对木块M的摩擦力是相互作用力，方向相反，故方向向右，故C正确；D．木块M受到的重力和地面对它的支持力大小不等，不是一对平衡力，故D错误。故选C。3.已知被测物体的重力略超出弹簧测力计的量程，图中的方法中无法完成测量的是A. B. C. D.【答案】D【解析】A．两个相同弹簧测力计共同提着一个物体，由力的合成和力的平衡可知两个弹簧测力计的拉力之和等于物体的重力，弹簧测力计的示数等于物体的重力的一半，弹簧测力计的示数不会超过弹簧测力计的量程，不符合题意；B．动滑轮的重力远远小于物体的重力，动滑轮可以省一半力，所以弹簧测力计的示数大约等于物体重力的一半，弹簧测力计的示数不会超过弹簧测力计的量程，不符合题意；C．杠杆的质量忽略不计，由图可知动力臂大于阻力臂，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知动力小于阻力，所以弹簧测力计的示数小于物体的重力，弹簧测力计的示数不会超过弹簧测力计的量程，不符合题意；D．下面弹簧测力计的示数等于物体的重力，弹簧测力计的示数超出弹簧测力计的量程，上面测力计的示数等于物体的重力和下面测力计的重力之和，弹簧测力计的示数超出弹簧测力计的量程，符合题意．4.为充分发挥考试对增强青少年体质积极导向作用，很多城市把跳绳（如图所示）列入了初中体育学业水平测试项目。某初三学生1min完成了180次跳绳，以下相关估测不符合实际的是（）A.学生质量可能是50kgB.每次跳起的高度约为4cmC.学生1min做功约为20JD.学生做功的功率约为70W【答案】C【解析】A．成年人的质量约为60kg，大多数初三学生的质量约为50kg，符合实际，故A不符合题意；B．跳绳每次起跳的高度约为4cm～5cm，符合实际，故B不符合题意；C．学生1min跳绳180次，跳一次做的功约为W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×4×10﹣2m=20J跳180次做的功为W总=nW=180×20J=3600J不符合实际，故C符合题意；D．学生做功的功率为60W与70W相差不大，符合实际，故D不符合题意。故选C。5.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片由最右端向中点滑动过程中，下列说法正确的是（）A.电压表示数不变，电流表A1示数不变B.电压表示数变大，电流表A2示数变大C.电压表示数不变，两个电流表示数的差不变D.电压表示数变小，电压表与电流表A2示数的比值不变【答案】A【解析】由电路图可知，R2与R1并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。B．电源电压不变，则滑片移动过程中电压表示数不变，故B错误；AC．滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；并联电流互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变；根据并联电流的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表A2示数变大，两个电流表示数的差变大，故A正确，C错误；D．电压表V的示数不变，电流表A2示数变大，其比值变小，故D错误。故选A。6.如图所示为测试飞机滑跑阶段动力性能的监控屏幕截图，图中秒表（格式“时：分：秒“）表示飞机到达感光装置的时刻，监控显示在这段时间内飞机滑跑的平均速度为人正常步行速度的36倍，结合图片信息，估算飞机的长度约（）A.5m B.20m C.50m D.80m【答案】B【解析】人正常步行速度约为1m/s，在这段时间内飞机滑跑的平均速度为人正常步行速度的36倍，则飞机的速度为v＝1m/s×36＝36m/s由图可知飞机的运动时间为4s，这段时间内飞机滑跑的路程为s＝vt＝36m/s×4s＝144m这段距离大约是飞机长度的7倍，飞机的长度为144m÷7≈20.6m四个选项中最接近的是20m。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。7.如图所示是指甲剪的示意图，F是剪指甲时施加的一个力，则下列关于指甲剪的说法正确的是（）A.指甲剪只由一个杠杆组成B.指甲剪由两个杠杆组成C.对杠杆ABC，若以B为支点，则动力臂是LD.对杠杆ABC，若以B为支点，则动力臂是BC【答案】C【解析】(1)根据杠杆的定义分析指甲剪有几个杠杆组成；(2)根据力臂的定义分析动力臂。AB．由图可知，杠杆ABC的下面由两个杠杆组成，这两个杠杆的支点在最右侧，所以指甲剪有三个杠杆组成，故AB错误；CD．对杠杆ABC，若以为支点，动力臂为支点到动力的作用线的距离，所以为动力臂，故C正确，D错误。故选C。本题考查了杠杆的定义、力臂的定义，属于基础知识，要熟记。8.．用同一把钢尺测物理书的宽，夏天测得数值比冬天测得数值（）A.偏大 B.偏小 C.一样 D.无法确定【答案】B【解析】钢尺热胀冷缩，同一把钢尺夏天比冬天长，所以作为测量工具用钢尺夏天测得数值比冬天测得数值偏小。

故选B。9.如图所示，图中力的作用效果的事例中不是由于弹力造成的是A.拉力器B.跳水C.射箭D.磁铁改变铁球运动方向【答案】D【解析】A．人拉弹簧拉力器时，弹簧变长发生形变，会产生弹力，故A不符合题意；B．跳板在人的压力作用下弯曲，发生形变，会产生弹力的作用，故B不符合题意；C．拉弓射箭时，弓发生形变，会产生弹力作用，故C不符合题意；D．磁铁对小球的引力是磁场力，不是弹力，在该事例中不存在弹力，故D符合题意为答案．10.今年三月份全国多地出现日晕现象（如图所示），该现象是由太阳照射在由冰晶构成的卷层云后，阳光被分解成了红、黄、绿、紫等多种颜色，这样太阳周围就出现一个巨大的彩色光环。据此推测“日晕”现象的原理与下列光学现象相同的是（）A.平面镜成像 B.海市蜃楼C.雨后彩虹 D.日食形成【答案】C【解析】A．平面镜成像，其形成原理是光的反射，故A不符合题意；B．海市蜃楼是光经过不同密度的空气层后发生折射，使远处景物显示在半空中或地面上的奇异幻景，不是光的色散现象，故B不符合题意；C．雨后天空出现彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，是光的色散现象，故C符合题意；D．日食的形成，是光的直线传播现象，故D不符合题意。故选C。11.穿轮滑的小明用手推了一下墙，自己向后运动了，关于这一现象，下列说法中正确的是（）A.墙的推力对小明做了功B.小明对墙的推力改变了墙的运动状态C.小明推墙的同时也受到墙对他的推力D.小明向后运动的原因是人推墙的力小于墙推人的力【答案】C【解析】A．小明用手推了一下墙，自己向后运动过程墙不再对小明有力的作用，推力对小明不再做功，故A错误；B．墙未动，说明其运动状态未变，故B错误；C．由于力的作用是相互的，所以小明推墙的同时也受到墙对他的推力，故C正确；D．人推墙和墙推人是一对相互作用力，其大小相等，同学向后运动的原因是人的质量较小，所以惯性较小，运动状态容易改变，故D错误。故选C。12.如图所示，闭合开关后，下列说法不正确的是（）A.电铃利用电流热效应工作B.电源用来提供电能C.导线用来连接电路元件D.开关用来控制电流通断【答案】A【解析】A．电铃的重要部件是电磁铁，利用电流的磁效应工作的，故A错误，A符合题意。

B．在电路中，电源是用来提供电能的，将其他形式的能转化成电能，故B正确，B不符合题意。

C．在电路中，导线具有良好的导电性，导线用来连接电路中的各个元件，使电路构成回路，故C正确，C不符合题意。

D．在电路中，用开关来控制电路的通断，故D正确，D不符合题意。

故选A。13.小明家买了一台家庭投影仪，利用投影仪将画面投射到银幕上。下列说法正确的是（）A.投影仪的成像原理是光的直线传播B.银幕上的像是放大的实像C.银幕上的丰富色彩由红、黄、蓝三种色光混合而成D.从各个角度都能看见画面是因为银幕发生了镜面反射【答案】B【解析】A．投影仪的镜头是凸透镜，成像原理利用了光的折射，故A错误；B．投影仪利用物体在凸透镜一倍焦距和二倍焦距之间成倒立、放大实像的原理制成的，故B正确；C．光的三原色是红、绿、蓝，银幕上的丰富色彩由红、绿、蓝三种色光混合而成，故C错误；D．从各个角度都能看见画面是因为银幕发生了漫反射，故D错误。故选B。14.把甲、乙两个体积相等的物体放入水中，它们静止时的情况如图所示，下列说法中正确的是（）A.甲物体受到的浮力等于乙物体受到的浮力B.甲物体受到的浮力小于乙物体受到的浮力C.甲物体受到的浮力大于乙物体受到的浮力D.无法判断谁受到的浮力大【答案】B【解析】甲、乙体积相等，则由图可知，乙排开水的体积更大，由可知，甲物体受到的浮力小于乙物体受到的浮力，故ACD错误，B正确。故选B。15.足球赛场上，会经常看见队医为受伤运动员喷一种药剂疗伤．这种药剂是氯乙烷，喷在皮肤表面会迅速汽化，使受伤部位表层骤然变冷而暂时失去痛感．这个现象利用了氯乙烷的（）A.温度低，汽化放热 B.熔点高，汽化吸热C.凝固点低，汽化放热 D.沸点低，汽化吸热【答案】D【解析】由题意可知，氯乙烷能在常温下汽化，说明它的沸点较低，受伤部位会变冷说明氯乙烷汽化时会吸热，故应选D．二、多选题16.如图所示，电源电压不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片自a向b移动的过程中，下列说法正确的是（）A.电压表的示数不变B.电压表的示数变大C.电压表示数的变化量与电流表A示数的变化量之比的绝对值变小D.电压表示数的变化量与电流表A示数的变化量之比的绝对值不变【答案】BD【解析】AB．上图中，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2的电压，滑动变阻器的滑片自a向b移动的过程中，滑动变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电阻的规律，电路的电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，由U=IR可知，电压表示数变小，根据串联电路电压的规律，电压表的示数变大，故A错误，B正确；C．由欧姆定律，变阻器滑片移动前电压表示数U11=I11R1滑片移动后电压表示数U12=I12R1两式相减得故有即电压表示数的变化量与电流表A示数的变化量之比的绝对值不变，故C错误；D．串联电路中用电器两端的电压和等于电源两端的电压（保持不变），故电压表示数的变化量的绝对值等于电压表示数的变化量的绝对值，结合选项C可知，电压表示数的变化量与电流表A示数的变化量之比的绝对值不变，故D正确。故选BD。本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。17.如图甲所示，滑轮组悬挂在水平支架上。两次分别匀速提升物体A、B时，卷扬机拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线分别为图乙中的a、b、已知两个滑轮的质量相等，两次提升时物体上升的速度均为0.2m/s，物体A的质量为180kg，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A.物体B的质量为80kgB.提升物体A时滑轮组的机械效率为80%C.提升物体A时支架受到定滑轮的拉力为3200ND.相同时间内，滑轮组提升物体A时做的额外功大于提升物体B时做的额外功【答案】AC【解析】A．由题意知，物体A的重力为由图乙可知，拉物体A时拉力的功率为提升重物的绳子有两段，由P=Fv，可知，提升物体A时，绳端的拉力为动滑轮的重力为拉物体B时，拉力的功率为提升物体B时，绳端的拉力为动滑轮的重力为200N，则物体B的重力为则物体B的质量为故A正确；B．由可知，提升物体A时滑轮组的机械效率为故B错误；C．由图甲可知，定滑轮上有3根绳子，每根绳子的拉力为1000N，两个滑轮的质量相等，则提升物体A时支架受到定滑轮的拉力为故C正确；D．不计绳重与摩擦，提升物体做的额外功等于动滑轮做的功，动滑轮的重力不变，两次提升物体上升的速度相等，则相同时间内，动滑轮被提升的高度相同，则额外功相同，故D错误。故选AC。18.如图所示，电源电压不变，，滑动变阻器的滑片位于中点。当闭合，、断开时，电压表V的示数为；当、闭合，断开时，电流表A1的示数为；当、、都闭合时，电流表A2的示数为；保持、、闭合，将滑片移到端，则（）A.的电功率大于的电功率 B.电流表A1的示数为C.电流表A2的示数为 D.电压表V的示数为【答案】BC【解析】当闭合，、断开时，R1与R2与R3串联，电压表测量电阻R2电压，电压表V的示数为；当、闭合，断开时，R1与R2被短路，只有滑动变阻器接入电路，电流表A1的示数为，则电源电压为当、、都闭合时，电流表A2的示数为，此时R1与R2、R3并联，电流表A2测量R1和R2的电流，电流表A1测量R2和R3的电流，则通过R1的电流为，通过R2的电流，由于，则则电源电压为联立以上关于电源电压的两式，可以得出保持、、闭合，将滑片移到端，R1与R2、R3并联，且滑动变阻器全部接入。A．此时三电阻并联，各电阻两端电压相同，根据可知，由可知，的电功率小于的电功率，故A不符合题意；B．电流表A1的示数是测量R2和R3的电流，故电流表示数为故B符合题意；C．由于三电阻并联，电阻R1两端的电压不变，电阻R1的阻值不变，故通过的电流不变，同理通过电阻R2的电流也不变，故电流表A2的示数仍然为，故C符合题意；D．此时电压表V的示数即为电源电压，根据当闭合，、断开时，R1与R2与R3串联，电压表测量电阻R2的电压，电压表V的示数为，，R3接入的电阻等于，因为，故电源电压为3U，即此时电压表示娄为3U，故D不符合题意。故选BC。19.下列说法中正确的是（）A.红外线能使荧光物质发光B.由于光沿直线传播，在开凿隧道时，工人们可以用激光束引导掘进方向C.内燃机的做功冲程使汽车获得动力D.用煤烧水时，煤燃烧放出的热量能够全部被水吸收【答案】BC【解析】A．红外线、紫外线都属于不可见光，紫外线能使荧光物质发光，故A错误；B．在开凿隧道时，工人们可以用激光束引导掘进方向，利用了光的直线传播，故B正确；C．内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，使汽车获得动力，故C正确；D．用煤烧水时，煤燃烧放出的热量一部分被水吸收，一部分被容器吸收，一部分散失掉了，没有全部被水吸收，故D错误。故选BC。20.如图所示是一位同学组装的提升重物的装置，他用的力在内把重的物体匀速提升。则此过程中，下列说法正确的是（）A.他做的总功是B.他做的有用功是C.他对滑轮组做功的功率是D.该滑轮组的机械效率是【答案】CD【解析】A．如图，绳子有2段，物体上升5米，绳子移动10米，拉力为80牛，拉力做功为总功故A错误；B．物体上升5米，物重120牛，有用功为故B错误；C．拉力做功为总功为800J，时间为10秒，他做功的功率为故C正确；D．机械效率为故D正确。故选CD。三、填空题21.如图所示，用滑轮组提升矿井内重为6400N的物体M，汽车匀速前进了20m。此过程中，汽车拉力F为4000N。不计绳重和摩擦。此过程拉力F总共做功_____J，物体M上升的高度是_____m。该滑轮组的机械效率为_______。【答案】①.8×104②.10③.80%【解析】[1]此过程拉力F总共做功W总=Fs=4000N×20m=8×104J[2]滑轮组的动滑轮绕2段绳，物体M上升的高度h==10m[3]有用功W有=Gh=6400N×10m=6.4×104J该滑轮组的机械效率η==80%22.定值电阻R1、R2的电流和电压关系图像如图所示。当把R1、R2并联在某一电路中时，两电阻两端的电压之比U1∶U2=______，通过两电阻的电流之比I1∶I2=______。【答案】①.1∶1②.4∶1【解析】[1]当把R1、R2并联在某一电路中时，根据并联电路的电压特点，两电阻两端的电压相等，两电阻两端的电压之比[2]由图像可知，当U1=U2=2V时，对应的电流I1=0.4A，I2=0.1A，由可得，两电阻的阻值则两电阻的阻值之比当把R1、R2并联在某一电路中时，电压之比为1∶1，通过两电阻的电流之比23.如图甲所示，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。则电源电压为___________V，灯的额定功率为___________；在某次正常调节中，R的阻值变化量比L的阻值变化量大，则滑片P的移动方向是___________（选填“一定向左”“一定向右”或“向左、向右均可”）。【答案】①.10②.5.6W③.向左、向右均可【解析】[1]由甲图可知，闭合S后，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片在最右端时，滑动变阻器接入阻值最大，电路中的总电阻最大，根据可知，此时电路中电流最小，滑动变阻器两端电压最大，灯泡两端的电压最小。由乙图可知，最小电流I小=0.2A，灯泡两端电压UL=1V，滑动变阻器两端电压U滑=9V，由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压为U=UL+U滑=1V+9V=10V[2]根据题意可知，当电流表示数最大时，灯泡正常发光，由图乙可知，此时电路电流为I大=0.8A，滑动变阻器两端电压为3V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡的额定电压为U额=U-U滑′=10V-3V=7V灯泡的额定功率为P额=U额I大=7V×0.8A=5.6W[3]若滑片左移，R的阻值变小，分压减小，L的分压增大，通过它的电流增大，L的阻值变大，根据，I增大，可知总阻值变小，故R的阻值变化量大于L的阻值变化量；同理若滑片右移，电路中电流变小，总阻值变大，R的阻值变化量大于L的阻值变化量，故滑片P的移动方向是向左、向右均可。24.如图所示，串联的两电阻丝（R1＜R2），封闭在两个完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与相同的气球相连。闭合开关，通过两电阻丝的电流______（选填“相等”或“不相等”），一段时间后，密闭烧瓶内的空气被加热，观察到______（选填“A”或“B”）气球先鼓起来。【答案】①.相等②.B【解析】[1]根据串联电路的电流处处相等可知，因为两电阻丝串联，则闭合开关，通过两电阻丝的电流相等。[2]因为流经两电阻丝的电流相等，R1＜R2，根据Q=I2Rt，所以R2产生的热量较多，B气球先鼓起来。25.如图，放有铁块的杯子漂浮在水面上，如果把铁块用细线悬挂在杯底，杯子和铁块受到的浮力将______，水对容器底部的压强将______。（填增大、减小或不变）如果把细线断了，水面将______。【答案】①.不变②.不变③.下降【解析】[1]把铁块和杯子看做一个整体，根据漂浮状态下F浮=G物，由于铁块和杯子的重力和始终不变，所以杯子和铁块受到总浮力不变。[2]由阿基米德原理知，杯子和铁块受到的浮力为F浮=ρ液gV排，因为总F浮一直保持不变，且ρ液和g均不变，所以V排也不变，因此前后水面的高度h是不变的，又因为p底=ρ液gh，ρ液gh始终不变，所以水对容器底的压强不变。[3]如果把细线断了，杯子漂浮，铁块下沉，则它们受到的浮力减小，由阿基米德原理知，且ρ液和g均不变，所以V排′减小，因此水面下降。四、实验题26.小强同学在昆明利用粉末状的海波探究“海波熔化时温度的变化规律”。（1）需要的测量工具是秒表和________，加热时需要不断观察海波的________；（2）他将装有海波试管直接放在酒精灯上加热，发现底部的海波已经熔化了，而上面的海波还没有开始熔化，这是由于海波________不均匀的缘故。为了避免这种情况发生，你的办法是________（3）小强改进实验方法后，每隔20s记录一次数据并填入下表记录时刻1234567温度45.345.746.246.746.947.147.1记录时刻891011121314温度47.147.147.147.147.447.7…….由表中数据可知，海波第7个记录时刻处于________状态；（4）实验测量出海波的熔点是_____℃，小强发现与课本中列出的海波熔点48℃略有不同，原因可能是________；【答案】①.温度计②.状态③.受热④.采用水浴法加热⑤.固液共存⑥.47.1⑦.海波中有杂质【解析】（1）[1][2]要完成该探究实验，需要用温度计测量温度，秒表测量时间，加热时需要观察海波的物态变化情况。（2）[3]在加热过程中，底部的海波已经熔化了，而上面的海波还没有开始熔化，这是因为实验中从底部对海波进行加热，底部的海波温度高，上面的温度低，是由于海波受热不均匀引起的。[4]为了避免题中的情况发生，可以采用水浴法进行加热，即用酒精灯加热烧杯中的水，利用烧杯中的水给试管里的物质加热，这样可以使试管中的物质受热均匀。（3）[5]由表格中数据可知，从6～11min过程中，温度保持47.1℃不变，即熔点为47.1℃，故该物质为晶体，则第7min时，物质处于熔化过程中，物质为固液共存状态。（4）[6]从6～11min过程中，温度保持47.1℃不变，即熔点为47.1℃。[7]课本中海波熔点48℃，实际测量熔点是47.1℃，可能是海波中有杂质，使海波的熔点略有变化。27.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜（焦距f为10cm）、光屏放在光具座上，如图所示．若凸透镜位置保持不变，依次把蜡烛放在A、B、C、D四点，并分别调整光屏的位置．则：（1）在凸透镜右侧主光轴上画出焦点F的位置．（2）画出光线a经过凸透镜后的径迹．_______（3）当光屏上出现放大的像时，蜡烛位于图中_______点；当蜡烛位于_______点时，无论怎样移动光屏，在光屏上看不到清晰的像．（以上两空均选填“A”、“B”、“C”或“D”）（4）如图所示，在我国首次“太空授课”中，女航天员王亚平制造了一个小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”．水球相当于_____（选填“平面镜”、“凸透镜”、“凹透镜”），王亚平到水球的距离是_______（选填“1倍焦距以内”，“1倍焦距和2倍焦距之间”或“大于2倍焦距”）．【答案】①.②.B、C③.D④.凸透镜⑤.大于2倍焦距【解析】（1）焦点F的位置：（3）根据凸透镜成像规律，当物距大于2倍焦距时，成倒立缩小的实像，像在一倍焦距和二倍焦距之间；当物距大于一倍焦距，小于二倍焦之间时，像在二倍焦距之外，特点是倒立放大的实像；当物体在一倍焦距之内时，成像在物体的同侧，特点是正立放大的虚像；因此当光屏上出现放大的像时，说明物体在一倍焦距和二倍焦距之间，蜡烛位于图中B或C点或B、C点；当蜡烛位于D点时，成像是虚像，不能利用光屏承接，因此无论怎样移动光屏，在光屏上看不到清晰的像。（4）水球中间厚边缘薄，相当于凸透镜，王亚平成倒立缩小的实像，因此她距离水球大于2倍焦距。五、计算题28.两个物体甲、乙置于水平桌面上，实心均匀圆柱体甲质量为6千克、底面积为5×10-3米2，内装一定量水的薄壁圆柱形容器乙底面积为2×10-3米2。①求甲对桌面的压力F甲；②求乙容器中水面下0.1米处的压强p；③将质量为M的物体A放在甲物体上方，甲对桌面压强的变化量为Δp甲，将物体A浸没在乙容器的水中（水未溢出），水对容器底压强的变化量为Δp乙。若Δp甲=Δp乙，求物体A的密度ρA。【答案】①58.8牛；②980帕；③2.5×103千克/米3【解析】解：①甲对桌面的压力为②根据p=ρgh可得，乙容器中水面下0.1米处的压强为③根据可得，物体A放在甲物体上方，甲与桌面的接触面积不变，故甲对桌面压强的变化量为将物体A浸没在乙容器的水中（水未溢出），排开水的体积等于物体A的体积，容器水面上升的高度为水对容器底压强的变化量为因为Δp甲=Δp乙，则有则物体A的密度为答：①求甲对桌面的压力为58.8牛；②求乙容器中水面下0.1米处的压强p等于980帕；③物体A的密度ρA为2.5×103千克/米3。29.如图所示，电源电压保持不变．将滑动变阻器滑片P置于c点时，ac部分的阻值是最大阻值的1/3，此时电压表的示数为6V，小灯泡消耗的功率为12W．当滑片P置于b端时电压表示数为9V．求：（1）小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比；（2）电源电压；（3）小灯泡的阻值．【答案】（1）1：3；（2）12V；（3）3Ω．【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．（1）由可得，滑片位于c点和b端时电路中的电流之比：；因电源的电压不变，所以，，整理可得：，即小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比为1：3；（2）将滑动变阻器滑片P置于c点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U＝Ic（Rac+RL）＝Ic（Rac+Rab）＝Ic（Rac+×3Rac）＝2Uc＝2×6V＝12V；（3）将滑动变阻器滑片P置于c点时，此时电压表的示数为6V，小灯泡消耗的功率为12W，由可得，灯泡的电阻：答：（1）小灯泡的阻值与滑动变阻器最大阻值之比为1：3；（2）电源电压为12V；（3）小灯泡的阻值为3Ω．六、作图题30.如图所示，一条光线从空气射到