2024届广东省佛山一中、石门中学、顺德一中、国华纪中四校物理高二上期中经典试题含解析

2024届广东省佛山一中、石门中学、顺德一中、国华纪中四校物理高二上期中经典试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个较大的平行板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正负极上，开关S闭合时质量为m，带电荷量为–q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（）A．油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向aB．油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bC．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bD．油滴静止不动，电流计中无电流流过2、某电源内电路中非静电力在5s内把10C的电量从电源的负极移送到电源的正极，做功300J，则通过电源的电流和电源的电动势分别为：A．2A，60V B．10A，30V C．2A，30V D．30A，300V3、将一定电量Q分为q和(Q－q)，在距离一定时，其相互作用力最大，则q值应为（）A． B． C． D．4、下列关于物理学史的说法中错误的是A．法拉第提出了电场的观点B．美国物理学家密立根用油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量C．卡文迪许巧妙地用扭秤装置测定了静电力常量D．美国科学家富兰克林发现了自然界中存在两种电荷，他把一种命名为正电荷，另一种命名为负电荷5、如图所示，光滑水平面上有A、B两物块，已知A物块的质量mA=2kg，以一定的初速度向右运动，与静止的物块B发生碰撞并一起运动，碰撞前后的位移时间图象如图所示（规定向右为正方向），则碰撞后的速度及物体B的质量分别为A．2m/s，5kgB．2m/s，3kgC．3.5m/s，2.86kgD．3.5m/s，0.86kg6、如图所示，A、B是同一条电场线上的两点，这两点电场强度的关系是A．EA>EB，方向相同 B．EA>EB，方向不同C．EA<EB，方向相同 D．EA<EB，方向不同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用相同的表头改装成两个量程不同的电流表，下列说法中正确的是（）A．将他们串联在一起，两表读数相同，量程大的偏角小.B．将他们并联在一起，偏角相同，量程大的读数小.C．将他们串联在一起，两表读数相同，量程大的偏角大.D．将他们并联在一起，偏角相同，量程大的读数大.8、虚线a、b和c是某静电场中的三个等势而，它们的电势分别为φa、φb和φc，φc＜φb＜φa．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能减少D．粒子从L到M的过程中，动能增加9、如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示。已知M=N，P=F，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则()A．点电荷Q一定不在MP的连线上B．连接PF的线段不在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做正功D．P大于M10、A，B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球（可视为点电荷）．两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的R1为光敏电阻（其阻值随所受光照强度的增大而减小），R2为滑动变阻器，R3为定值电阻．当R2的滑片P在中间时闭合电键S，此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ．电源电动势E和内阻r一定，下列说法中正确的是（）A．若将R2的滑动触头P向a端移动，则θ变小B．若将R2的滑动触头P向b端移动，则I减小，U减小C．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到稳定后θ变小D．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标为20分度的卡尺测量物体的长度如图所示，由图可知其长度为_________mm；(2)用螺旋测微器测量物体直径如图，由图可知其直径为_________mm；12．（12分）研究影响平行板电容器电容大小的因素”的实验过程及现象如下图所示，本实验采用的实验方法是____。实验过程中电容器的电荷量Q保持不变，保持d不变，减小两板间正对面积S，观察到静电计指针偏角增大，即电势差U_______（“变大”，“变小”），则电容C________（“变大”，“变小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两个完全相同的平行金属板电容器A、B并排放置，A、B间的空隙很小可忽略不计。两电容器板长均为L，极板间距均为d，板间电压均为U，电容器A上板带正电，B上板带负电。一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子（不计重力），从电容器A左侧以初速度v0平行于极板进入电场，粒子最终从电容器B的右侧飞出。求整个过程中，粒子的速度方向与极板的最大夹角的正切值。14．（16分）如图所示，一束电子从静止开始经加速电压U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，金属板长为l，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压U2时，光点偏离中线，打在荧光屏的P点，求15．（12分）如图所示，电场中某一条电场线为一直线，线上有A、B、C三个点．正电荷q1＝+10-8C从B点移到A点时克服电场力做了10-7J的功；负电荷q2＝-10-8C，在C点的电势能比在B点时大10-7J．（1）判断电场线的方向；（2）求出A、B两点间的电势差和B、C两点间的电势差；（3）若设B点的电势为零，求电荷q2在A点的电势能．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电压不变，则由知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有的电流．由于电容器板间电压和距离不变，则由，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故C正确考点：考查了电容器的动态分析2、C【解题分析】

由题意可知考查电流、电动势计算，根据相关概念、公式计算可得。【题目详解】由电流强度的定义式可得由电动势的定义式可得由以上分析可知C正确，ABC错误，故选择C。【题目点拨】电流强度在数值上等于单位时间内流过截面的电量，方向与正电荷定向移动方向相同，电动势表征电源把其它能转化为电能本领的大小，在数值上等于移动单位正电荷非静电力做的功。3、A【解题分析】

由库仑定律可知数学关系得：当，时库仑力最大，故A正确。4、C【解题分析】A、法拉第首先引入“场”的概念用来研究电和磁现象，不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象．故A正确．B、美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量；故B正确；C、卡文迪许利用扭秤实验测出万有引力常量，库伦得到点电荷之间的作用力大小与距离的平方成反比的规律，故C错误；D、自然界的电荷只有两种，美国科学家富兰克林将其命名为正电荷和负电荷，故D正确．本题选错误的故选C.【题目点拨】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.5、B【解题分析】由图象可知，碰前A的速度为：，碰后AB的共同速度为：，A、B碰撞过程中动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，选B.【题目点拨】由图象求出碰撞前后物体的速度，然后由动量守恒定律求出物体B的质量．6、B【解题分析】

根据图象可知，A点电场线比B点电场线密集，根据电场线的疏密程度比较场强大小可知，EA＞EB，电场线的切线方向表示场强方向，则AB场强方向不同，故B正确，ACD错误．故选B．【题目点拨】解决本题的关键是掌握电场线的特点：疏密表示场强的大小，切线方向表示场强方向，难度不大，属于基础题．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

将表头改装成电流表时，应并联一个小电阻，此时表头中刻度表示流过表头及小电阻的总电流；AC.若将两电表串联，则流过G表及小电阻的电总电流相等故示数相等，但由分流关系可知，流过表头G的电流不相等，故偏角不等，量程越大，则小电阻分流越多，流过G表的电流越少，指针偏角越小，即将它们串联在一起时，两表读数相同，量程大的偏角小，故A正确，C错误；BD.若将两表并联，则可以看作四个用电器并联，则各用电器两端的电压相等，故流过表头的电流相等，故偏角一定相等，但示数不同，量程越大的电流表内阻越小，在电压相等时，通过电流表的电流越大，示数越大，即：将它们并联在一起时，偏角相同，量程大的读数越大，故B错误，D正确。8、AD【解题分析】试题分析：根据三个等势面的电势关系a>b>c，可知此电场是正的点电荷形成，故根据粒子的运动轨迹可知，粒子带正电，选项A错误；粒子从K到M的过程中，电势先升高后降低，电势能先变大后减小，电场力先做负功后做正功，选项B错误；粒子从K到L的过程中，电势升高，则电势能增加，选项C正确；粒子从L到M的过程中，电势降低，电势能减小，则动能增加，选项D正确；故选CD.考点：带电粒子在电场中的运动9、BCD【解题分析】

A．点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，如图所示：故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，点电荷Q一定在MP的连线上，故A错误；B．因φP=φF，则线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B正确；C．在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C正确；D．在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确。10、CD【解题分析】

设金属板两端的电压为u，距离为d，小球质量为m则，滑动变阻器是分压接法，可以分为，两部分，与金属板串联，并和并联，然后它们再与，串联，电路图可以简如图所示，电压表测得是路端电压，电流表测得是电流总电流I．因为金属板不通电，可以将它和看作两端的电压表．若将R2的滑动触头P向a端移动，则减小，总电阻减小，则总电流增大，即两端的电压增大，所以金属板两端的电压u增大，由公式得，θ增大，A错误．将若将R2的滑动触头P向b端移动时，增大则总电阻增大，总电流I减小，路端电压增大即U增大，所以B错误．当用较强的光照射时，减小，则总电阻减小，路端电压减小，总电流增大，可推出两端电压减小即金属板两端的电压减小，由得θ减小，C正确．所以，D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、49.101.772【解题分析】

(1)20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为49mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.05mm=0.10mm，所以最终读数为：49mm+0.10mm=49.10mm.(2)螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为27.2×0.01mm=0.272mm，所以最终读数为1.5mm+0.272mm=1.772mm(1.771~1.775).12、控制变量法变大变小【解题分析】

[1]本实验中，研究每一个要素的影响，须让其它的量不变，所以采用的是控制变量法；[2][3]实验过程中电容器的电荷量Q保持不变，保持d不变，减小两板间正对面积S，观察到静电计指针偏角增大，即电势差U变大，则根据可知，电容C变小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、粒子的速度方向与极板的最大夹角的正切值【解题分析】

由题意可知，粒子从电容器A飞出时偏转角最大，联立解得：14、U2【解题分析】【分析】据动能定理求电子在加速场中获得的速度，然后