2024届海口市重点中学物理高二上期中学业质量监测试题含解析

2024届海口市重点中学物理高二上期中学业质量监测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在如图所示的电场中，关于a、b两点的电场强度Ea,Eb,和电势φa和φb，下列说法正确的是()A．Ea=Eb,φa=φbB．Ea>Eb,φa<φbC．Ea>Eb,φa>φbD．Ea<Eb,φa<φb2、关于电量的下列说法中，哪个是正确的A．物体所带的电量可以是任意实数B．物体的带电量不可能小于1.6×10﹣19CC．某物体带1.6×10﹣19C的正电，是因为物体失去了1.6×10﹣19个电子D．任何物体的电量不可能少于1C3、一带电粒子射入一正点电荷q的电场中，运动轨迹如图，粒子从M运动到N，则粒子A．带正电B．速度一直变大C．电势能先变大再变小D．加速度先变大后变小4、一个点电荷对另一个放在相距10cm处的点电荷的静电力为F，如果两个点电荷的电荷量都减少为原来的一半，距离减小到5cm，此时它们之间的静电力为A．F B．2F C．4F D．F/25、如图所示是电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域.现在把电阻R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别为P1和P2，并联的总电阻设为R，下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线所在的区域正确的是A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P26、如图所示，有一带电的微粒，在电场力的作用下沿曲线从M点运动到N点，则微粒（）A．带负电，电势能增加B．带负电，电势能减少C．带正电，电势能增加D．带正电，电势能减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在质量为M的小车中挂着一个单摆，摆球的质量为，小车（含单摆）以恒定的速度u沿光滑的水平面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞时间极短，在此碰撞进行的过程中过程中，下列说法可能正确的是（）A．小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别变为、、，满足：B．摆球的速度不变，小车和木块的速度变为和，满足C．摆球的速度不变，小车和木块的速度变为v，满足：D．小车和摆球的速度都变为，木块的速度为，满足：8、如图是一定质量的理想气体的p－V图，气体状态从A→B→C→D→A完成一次循环，A→B（图中实线）和C→D为等温过程，温度分别为T1和T2.下列判断正确的是A．D→A过程为等容过程、B→C为等压过程B．T1>T2C．A→B过程中，若VB=2VA,则PB=2PA（VA、PA、VB、PB分别为A、B两点的体积和压强）D．若气体状态沿图中虚线由A→B，则气体的温度先升高后降低9、如图所示为某一电路的一部分，其中R1＝10Ω，R2＝R3＝20Ω，下列关于R1、R2、R3消耗电功率P1、P2、P3，以及R1、R2、R3两端的电压U1、U2、U3的关系正确的是()A．U1∶U2∶U3＝1∶2∶2B．U1∶U2∶U3＝1∶1∶1C．P1∶P2∶P3＝2∶1∶1D．P1∶P2∶P3＝1∶2∶210、如图甲所示，一长直导线沿南北方向水平放置，在导线下方有一静止的灵敏小磁针．现在导线中通以图甲所示的恒定电流，测得小磁针偏离南北方向的角度θ的正切值tanθ与小磁针离开导线的距离之间的关系如图乙所示．若该处地磁场的水平分量为B0，则下列判断中正确的是（）A．通电后，小磁针的N极向纸里偏转B．通电后，小磁针静止时N极所指的方向即为电流在小磁针处产生的磁场方向C．电流在x0处产生的磁场的磁感应强度大小为B0D．x0处合磁场的磁感应强度大小为2B0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，提供以下实验器材：小灯泡L(额定电压3.8V，额定电流0.32A)电压表V(量程3V，内阻3kΩ)电流表A(量程0.5A，内阻约0.5Ω)电阻箱R0(0～9999.9Ω)滑动变阻器R1(阻值0～5Ω，2A)滑动变阻器R2(阻值0～200Ω，1A)学生电源E(电动势4V，内阻不计)开关S及导线若干．（1）关于控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择_______A．分压式连接B．限流式连接（2）为了减小系统误差，关于测量电路中电压表和电流表的连接方式，应选择________A．电流表内接法B．电流表外接法（3）实验提供的电压表量程小于小灯泡的额定电压，需要把电压表的量程扩大到4伏，改装电压表时，应将电阻箱阻值调至_________Ω，并与题中所给电压表___________。(选填“串联”或“并联”)（4）请在方框中画出该实验的电路图________。（5）为操作方便，实验中滑动变阻器应选择___________(选填R1或R2)．你的选择理由是_________________.12．（12分）为描绘小灯泡的伏安特性曲线，实验室备有下列器材：A．小灯泡（额定电压约为2.5V，额定电流约为500mA）B．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电流表A2（量程0~3A，内阻约为0.1Ω）D．电压表V（量程0~3V，内阻约为10kΩ）E．滑动变阻器R1（0~10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0~100Ω，1.5A）G．直流电源E（电动势为3V，内阻不计）H．开关、导线若干（1）实验中电流表应选用_____，滑动变阻器应选用___（以上均填器材代号）；（2）在尽量提高测量精度的情况下，根据以上器材，用笔画线代替导线将图中实物图补充完整；（_______）（3）在实验中用电流表和电压表测得数据并记录在下表中，请根据表格中的数据在如图所示方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线；（______）U/V00.51.01.52.02.5I/A00.170.300.390.450.49（4）将一个电动势为2.0V，内阻为4Ω的电源直接接在该小灯泡的两端，则该小灯泡的实际功率为________W（结果保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L．若将电荷量均为＋q的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量为k，求：(1)两点电荷间的库仑力大小；(2)C点的电场强度.14．（16分）如图所示电路中，R1=6Ω，R2=12Ω，R3=3Ω，C=30μF，当开关S断开，电路稳定时，电源总功率为4W，当开关S闭合，电路稳定时，电源总功率为8W，求：(1)电源的电动势E和内电阻r；(2)在S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？15．（12分）如图所示，在匀强电场中有abc三点，ab相距4cm，bc相距10cm，将一个带电荷量为2×10-8C的电荷从a点移到b点时，电场力做功为4×10-6J．将此电荷从b点移到c点时电场力做功为多少？，a、c间电势差为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

由图示可知，a处的电场线密，b处的电场线稀疏，因此a点的电场强度大，b点的场强小，即Eb＜Ea；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，由图示可知，φb＜φa，选项ABD错误，C正确；故选C。【题目点拨】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．2、B【解题分析】

A．物体所带的电量只能是元电荷的整数倍，不可以是任意实数，选项A错误；B．物体的带电量不可能小于1.6×10﹣19C，选项B正确；C．某物体带1.6×10﹣19C的正电，是因为物体失去了1个电子，选项C错误；D．物体的带电量也可能少于1C，但是必须是1.6×10﹣19C的整数倍，选项D错误；故选B.3、D【解题分析】

A.由曲线运动所受合力指向曲线的内侧可知，带电粒子受到正点电荷q的引力作用，带负电，故A错误；B.由带电粒子的轨迹可知，带电粒子与正电荷q的距离先减小后增大，正电荷q对带电粒子先做正功后做负功，带电粒子的速度先增大后减小，故B错误；C.由于正电荷q对带电粒子先做正功后做负功，带电粒子的电势能先减小后增大，故C错误；D.由于带电粒子与正电荷q的距离先减小后增大，带电粒子受力先增大后减小，加速度先变大后变小，故D正确。4、A【解题分析】

由点电荷库仑力的公式可得，电荷量都减少为原来的一半，当距离减小为原来的一半后，库仑力；所以A正确，BCD错误；故选A．5、C【解题分析】试题分析：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R1的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2考点：本题考查了I-U图像的理解以及并联电路功率的计算点评：本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6、D【解题分析】

微粒受到的电场力指向轨迹内侧，故电场力方向和电场方向相同，所以带正电，电场力和速度方向夹角为锐角，故电场力做正功，动能增加，电势能减小。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

AD.因碰撞时间极短，所以单摆相对小车没有发生摆动，即摆线对球的作用力原来是竖直向上的，现在还是竖直向上的没有水平方向的分力，未改变小球的动量，即单摆没有参与碰撞，单摆的速度不发生变化，故AD错误；BC.因为单摆的速度不变，所以研究对象选取小车和木块所构成的系统，若为弹性碰撞或碰后分离，水平方向动量守恒，由动量守恒定律得由于题目中并没有提供在碰撞过程中的能量变化关系，所以也有可能小车和木块发生碰撞后以同一速度运动，即故BC正确。故选BC。8、BD【解题分析】

A.

由图可知，D→A过程压强不变，为等压过程；B→C的体积不变，为等容过程，故A项错误；B.由图可知，VA>VD，PA=PD，根据盖吕萨克定律：则：T1>T2，故B项正确；C.A→B过程中，温度不变，根据玻意耳定律：若VB=2VA，则，故C项错误；D.若气体状态沿图中虚线由A→B，图象中的等温线是在第一象限的双曲线的一支。离原点越远温度越高，AB两点在同一条等温线上。所以从A到B的过程中，温度先升高，后降低，故D项正确。9、BC【解题分析】

R2和R3并联，并且它们的电阻也是相等的，设R2、R3的电流大小为I，那么R1的电流的大小为2I，所以R1的电压为U1=IR=2I×10=20I，R2、R3的电压U2=U3=IR=I×20=20I，所以U1=U2=U3；选项B正确，A错误；R1的功率为P1=（2I）2R1=（2I）2×10=40I2，R2、R3消耗电功率P2=P3=I2R2=I2×20=20I2，所以P1：P2：P3=2：1：1，所以C正确，D错误。故选BC。【题目点拨】分析清楚电路的串并联的关系，根据它们之间的电流和电压的关系，利用电压和功率的公式逐个计算可以求得它们的电压和功率的大小关系．10、AC【解题分析】

A、根据安培定则可知，通电后，小磁针的N极向纸里偏转，故A正确；B、磁场的磁感应强度是矢量，通电后，小磁针静止时N极所指的方向即为电流在小磁针处产生的磁场与地球的磁场的合磁场的方向，故B错误；C、电流在x0处产生的磁场的磁感应强度大小为BI，则：，所以：，故C正确；D、由矢量的合成可知，x0处合磁场的磁感应强度大小为，故D错误；故选AC．【题目点拨】根据安培定则判断小磁针偏转的方向；小磁针后来的指向为合磁场方向，因此根据平行四边形定则，已知某个磁场大小和方向与合磁场方向，可以求出另一个磁场大小；分析明确产生磁场与地磁场之间的关系，同时根据图象进行分析即可明确对应的结论．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AB1000.0串联R1选择R1时，移动滑片，小灯泡两端的电压示数变化比较均匀（线性关系较好）【解题分析】

（1）[1]．因要得到从零开始连续可调的多组电压，则控制电路中滑动变阻器的连接方法，应选择分压式连接，故选A。（2）[2]．小灯泡的电阻则为了减小系统误差，关于测量电路中电压表和电流表的连接方式，应选择安培表外接法，故选B。（3）[3][4]．电压表的量程为3V，内阻为3kΩ，则要把电压表的量程扩大到4伏，改装电压表时，应将电阻箱阻值调至，并与题中所给电压表串联。（4）[5]．根据以上分析可知，实验的电路图：

（5）[6]．为操作方便，实验中滑动变阻器应选择阻值较小的R1．[7]．选择理由是：选择R1时，移动滑片，小灯泡两端的电压示数变化比较均匀（或线性关系较好）。12、A1R10.24（0.22-0.27）【解题分析】

(1)[1][2]灯泡额定电流为500mA=0.5A，电流表应选A1，在保证安全的前提下，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选R1；(2)[3]由题意可知，电流与电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：(3)[4]根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图