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文档简介

2017年高考真题--立体几何部分试卷第=page11页,总=sectionpages33页试卷第=page11页,总=sectionpages33页2017年高考真题--立体几何部分学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________一、解答题1.(12分)如图,四棱锥P-ABCD中,侧面PAD为等比三角形且垂直于底面ABCD,E是PD的中点.(1)证明:直线平面PAB(2)点M在棱PC上,且直线BM与底面ABCD所成锐角为,求二面角M-AB-D的余弦值2.(12分)如图,在四棱锥P-ABCD中,AB//CD,且(1)证明:平面PAB⊥平面PAD;(2)若PA=PD=AB=DC,,求二面角A-PB-C的余弦值.3.(12分)如图,四面体ABCD中,△ABC是正三角形,△ACD是直角三角形,∠ABD=∠CBD,AB=BD.(1)证明:平面ACD⊥平面ABC;(2)过AC的平面交BD于点E,若平面AEC把四面体ABCD分成体积相等的两部分,求二面角D–AE–C的余弦值.4.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为正方形,平面PAD⊥平面ABCD,点M在线段PB上,PD//平面MAC,PA=PD=,AB=4.(I)求证:M为PB的中点;(II)求二面角B-PD-A的大小;(III)求直线MC与平面BDP所成角的正弦值.5.如图,在三棱锥P-ABC中,PA⊥底面ABC,.点D,E,N分别为棱PA,PC,BC的中点,M是线段AD的中点,PA=AC=4,AB=2.(Ⅰ)求证:MN∥平面BDE;(Ⅱ)求二面角C-EM-N的正弦值;(Ⅲ)已知点H在棱PA上,且直线NH与直线BE所成角的余弦值为,求线段AH的长.6.17.如图,几何体是圆柱的一部分,它是由矩形(及其内部)以边所在直线为旋转轴旋转得到的,是的中点.

(Ⅰ)设是上的一点,且,求的大小;

(Ⅱ)当,,求二面角的大小.

7.(本题满分15分)如图,已知四棱锥P–ABCD,△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,CD⊥AD,PC=AD=2DC=2CB,E为PD的中点.(Ⅰ)证明:CE∥平面PAB;(Ⅱ)求直线CE与平面PBC所成角的正弦值.本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。答案第=page11页,总=sectionpages22页答案第=page11页,总=sectionpages22页参考答案1.(1)详见解析(2)【解析】(1)取中点,连接、、∵、分别为、中点∴,又∵∴,∴四边形为平行四边形∴平面(2)取中点,连,由于为正三角形∴又∵平面平面,平面平面∴平面,连,四边形为正方形。∵平面,∴平面平面而平面平面过作,垂足为,∴平面∴为与平面所成角,∴在中,,∴,设,,,∴,∴在中,,∴∴,,以为坐标原点,、、分别为、、轴建立空间直角坐标系,,,,,设平面的法向量为,,∴∴,而平面的法向量为设二面角的大角为(为锐角)∴。2.(1)详见解析;(2)【解析】(1)由已知,得AB⊥AP,CD⊥PD.由于AB∥CD,故AB⊥PD,从而AB⊥平面PAD.又AB平面PAB,所以平面PAB⊥平面PAD.(2)在平面内做,垂足为,由(1)可知,平面,故,可得平面.以为坐标原点,的方向为轴正方向,为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系.由(1)及已知可得,,,.所以,,,.设是平面的法向量,则,即,可取.设是平面的法向量,则,即,可取.则,所以二面角的余弦值为.3.(1)见解析(2)二面角的余弦值为.【解析】(1)由题设可得,又是直角三角形,所以取AC的中点O,连接DO,BO,则DO⊥AC,DO=AO又由于所以(2)由题设及(1)知,两两垂直,以为坐标原点,的方向为轴正方向,为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系,则由题设知,四面体ABCE的体积为四面体ABCD的体积的,从而E到平面ABC的距离为D到平面ABC的距离的,即E为DB的中点,得E.故设是平面DAE的法向量,则可取设是平面AEC的法向量,则同理可得则所以二面角D-AE-C的余弦值为4.(I)详见解析(II)二面角为锐角的大小为.;(III)直线与平面所成角的正弦值为.【解析】解:(I)设交点为,连接.因为平面,平面平面,所以.因为是正方形,所以为的中点,所以为的中点.(II)取的中点,连接,.因为,所以.又因为平面平面,且平面,所以平面.因为平面,所以.因为是正方形,所以.如图建立空间直角坐标系,则,,,,.设平面的法向量为,则,即.令,则,.于是.平面的法向量为,所以.由题知二面角为锐角,所以它的大小为.(III)由题意知,,.设直线与平面所成角为,则.所以直线与平面所成角的正弦值为.5.(1)证明见解析(2)(3)或【解析】试题分析:试题解析:如图,以A为原点,分别以,,方向为x轴、y轴、z轴正方向建立空间直角坐标系.依题意可得A(0,0,0),B(2,0,0),C(0,4,0),P(0,0,4),D(0,0,2),E(0,2,2),M(0,0,1),N(1,2,0).(Ⅰ)证明:=(0,2,0),=(2,0,).设,为平面BDE的法向量,则,即.不妨设,可得.又=(1,2,),可得.因为平面BDE,所以MN//平面BDE.(Ⅱ)易知为平面CEM的一个法向量.设为平面EMN的法向量,则,因为,,所以.不妨设,可得.因此有,于是.所以,二面角C—EM—N的正弦值为.(Ⅲ)依题意,设AH=h(),则H(0,0,h),进而可得,.由已知,得,整理得,解得,或.所以,线段AH的长为或.6.(Ⅰ).(Ⅱ).【解析】解:(Ⅰ)因为,,,平面,,所以平面,又平面,所以,又,因此(Ⅱ)解法一:取的中点,连接,,.因为,所以四边形为菱形,所以.取中点,连接,,.则,,所以为所求二面角的平面角.又,所以.在中,由于,由余弦定理得,所以,因此为等边三角形,故所求的角为.解法二:以为坐标原点,分别以,,所在的直线为,,轴,建立如图所示的空间直角坐标系.由题意得,,,故,,,设是平面的一个法向量.由可得取,可得平面的一个法向量.设是平面的一个法向量.由可得取,可得平面的一个法向量.所以.因此所求的角为.7.(Ⅰ)见解析;(Ⅱ).【解析】本题主要考查空间点、线、面位置关系,直线与平面学科&网所成的角等基础知识,同时考查空间想象能力和运算求解能力。满分15分。(Ⅰ)如图,设PA中点为F,连结EF,FB.因为E,F分别为PD,PA中点,所以EF∥AD且EF=又因为BC∥AD,BC=EF∥BC且EF=BC,即四边形BCEF为平行四边形,所以CE∥BF,因此CE∥平面PAB.(Ⅱ)分别取BC,AD的中点为M,N.连结PN交EF于点Q,连结MQ.因为E,F,N分别是PD,PA,AD的中点,所以Q为EF中点,在平行四边形BCEF中,MQ∥CE.由△PAD为等腰直角三角形得PN⊥AD.由DC⊥AD,N是AD的中点得BN⊥AD.所以AD⊥平面PBN,由BC∥AD得BC⊥平面PBN,那么,平面PBC⊥平面PBN.过点Q作PB的垂线,垂足为H

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