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文档简介
2022年至2022年高一上期期末考试物理试
卷(安徽省黄ft市)
选择题
下列说法中正确的是()
A.物体运动的方向和受力的方向总是相同的
B.作用カ和反作用カー定是同时产生同时消失
c.摩擦力的大小一定与物体所受的重力大小成比
D.合力ー定大于分力
【答案】B
【解析】
物体运动的方向和受力的方向可以不同,如平抛运动,故A错误;
作用カ和反作用カー定是同时产生同时消失,故B正确;摩擦力的大
小不一定与物体所受的重力大小成比,比如:用手按住一个物体在天花
板し滑动,故C错误;合力大小可以等于、小于或大于分力的大小,故
D错误。所以B正确,ACD错误。
选择题
ー个石子从高处释放,做自由落体运动,已知它在第:1s内的位
移大小是X,则它在第3s内的位移大小是()
A.5xB.7xC.9xD.3x
【答案】A
1
【解析】
运用初速度为零的匀变速直线运动的推论直接求解。
石子做自由落体运动,自由落体运动是初速度为零的匀加速直线
运动;初速度为零的匀加速直线运动,在第1T、第2T、第3T时间内
的位移之比为1:3:55已知始终在第1s内的位移大小是X,则它在
第3s内的位移大小是5x,故A正确,BCD错误。
选择题
汽车在平直公路上v0=10m/s的速度行驶,因前方有路障,即以
大小为a=2m/s2的加速度刹车,经过6s汽车的位移为()
A.24mB.30mC.96mD.25m
【答案】D
【解析】
试题汽车速度减为零的时间£=丁=h=56,则汽车在65内的
位移等于5s内的位移,*=”=アメ5m=25m,故选项D正确。
选择题
如图所示,细绳下悬挂由轻弹簧连接的物体A和B,质量均为m。
系统处于静止状态,绳和弹簧质量不计。则剪断绳的瞬时,物体A
和B的加速度aA、aB大小分别为()
A.aA=g,aB=gB.aA=0,aB=0
2
C.aA=g,aB=0D.aA=2g,aB=0
【答案】D
【解析】
剪断绳前,根据共点カ平衡条件求出弹簧弹カ的大小,剪断轻绳
的瞬间,弹簧的弹カ不变,然后根据牛顿第二定律分别求出A、B的
加速度大小。
剪断绳前,以B为研究对象,可得弹簧的弹カF=mg,剪断细
绳的瞬间,弹簧的弹カ不变,对A分析,根据牛顿第二定律得,A的
加速度aん=F—=2。,方向竖直向下。对B分析,B所受的合力仍
为零,加速度为零,故D正确,ABC错误。
选择题
ー质量为m的人站在电梯中,电梯加速上升,加速大小为g,3,
g为重力加速度。人对电梯底部的压カ为()
A.mg/3B.2mgC.mgD.4用g/3
【答案】D
【解析】解:对人分析,根据牛顿第二定律得,N-mg=ma,解
44
得N=ラ脇,所以人对电梯底部的压カ为ラ琥.故D正确,A、B、C错
误.
故选:
D.选择
题
如图所示,竖直放置的圆,其竖直直径为AB.小球在A点由静
3
止释放,分别沿光滑轨道AC、AD、AE运动至圆周上C、D、E点,用
4
时分别为tl、t2、t3,则()
A.tl<t2<t3B.tl>t2>t3C.tl=t2=t3D.tl<t2=t3
【答案】C
【解析】
先对任ー轨道,分析小球的受力,再根据牛顿第二定律计算出小
球沿任意一根轨道滑动的加速度,然后根据位移时间关系公式计算出
时间,对表达式分析,得出时间与各因素的关系后得出结论。
对小球分析受力,小球受重力和支持力,将重力沿杆的方向和垂
直杆的方向正交分解,根据牛顿第二定律得小球做初速度为零的匀加
mgcosG
速直线运动,加速度为。=ー『=gc°s6,(。为杆与竖直方向的夹角)
由图中的直角三角形可知,小球的位移x=dcos〇(d是圆的直径)
由x=,at2,解得:,ー后ー丿9血9ー后,所以t与。无关,即tl=t2
=t3,故C正确,ABD错误。
选择题
光滑斜面倾角为用平行于斜面向上的カF,作用在质量为m
的物体上,物体由静止开始运动时间t后,撤去カF,又经t时间,
物体恰回到出发点。则()
A.F=2mgsin9B.4F=3mgsin。C.3F=4mgsin。D.3F=mgsin
e
5
【答案】c
【解析】
将撤去F后的过程看成一个匀减速直线运动,匀加速直线运动和
这个匀减速直线运动的位移大小相等、方向相反,由位移关系和位移
时间公式列式求出加速度之比。由牛顿第二定律求F。
以物体为研究对象,对物体受カ分析,撤去F前,根据牛顿第二
定律得:F-mgsin9=mal,撤去F后根据牛顿第二定律得:mgsin
9=ma2,撤去F之前物体做匀加速直线运动,x=<2,撤去F时
速度v=alt,撤去F后,x2=vt-a2t2,物体能回到出发点x2=-xl,
联立以上各式得:a2=3al,3F=4mgsin0,故ABD错误,C正确。
选择题
下列说法正确的是()
A,研究地球绕太阳公转轨迹时,可以将地球看成是质点
B.伽利略研究自由落体运动的斜面实验“冲淡”了重力的作用,
便于小球运动时间的测量
C.北京地面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大
D.“千克”、“米”、“秒”、“牛嫂都属于国际軻立制的基本单
位
【答案】ABC
【解析】
如果研究地球公转时,地球的大小和形状可以忽略,可以看作质
点,故A正确;伽利略时代,没有先进的测量手段和工具,为了“减
6
小”重力作用,采用斜面实验,其实就是为了使物体下落时间长些,
减小实验误差,故B正确;根据重力加速度分布的特点可知,北京地
面的重力加速度比上海地面的重力加速度略大,故C正确;“千克”、
“米”、“秒”、都属于国际单位制的基本单位,“牛顿”属于导出单位,
故D错误。所以ABC正确,D错误。
选择题
下列四个图象分别描写甲、乙、丙、丁四个物体的位移、速度、
加速度和所受的合外力与时间的关系。关于四个做直线运动物体的运
动,下列说法正确的是()
A,甲物体做匀加速直线运动
B,乙物体做匀速直线运动
C.丙物体做匀减速直线运动
D.丁物体做加速度大小先减小后增大的直线运动
【答案】BD
【解析】
匀加速运动是指物体的加速度保持不变,即不但加速度的大小保
持不变,加速度的方向也要保持不变。
由于甲图是位移ー时间图象,其斜率代表物体的速度,斜率不变,
说明甲物体做匀速直线运动,故A错误;由于乙图是速度时间图象,
7
由图可知乙做匀速直线运动,故B正确;丙图是加速度时间图象,由
图可知物体的加速度随时间减小,故丙的做的是非匀变速运动,故C错
误;丁图是合外力F随时间变化的关系图象,由图可知F的大小先减
小后反向增大,故物体的加速度先减小然后反向增大,故D正确。所
以BD正确,AC错误。
选择题
如图所示,从弹簧上方某点自由下落的小球,从接触到竖直放置
的弹簧,到弹簧的压缩量最大的过程中,小球的速度及所受合力大小
的变化情况正确的是()
A,速度先变大,后变小B,速度先变小,后变大
C.合力先变大,后变小D,合力先变小,后变大
【答案】AD
【解析】
根据小球下落与弹簧接触过程中弹カ变化,即可求出小球合外力
的变化情况,进ー步根据牛顿第二定律得出加速度变化,从而明确速
度的变化情况。
开始阶段,弹簧的压缩量较小,因此弹簧对小球向上的弹カ小于向
下重力,此时合外力大小:F=mg-kx,方向向下,随着压缩量的增加,
弹カ增大,故合外力减小,则加速度减小,由于合外力与速度方
8
向相同,小球的速度增大;当mg=kx时,合外力为零,此时速度最大;
由于惯性物体继续向下运动,此时合外力大小为:F=kx-mg,方向向
上,物体减速,随着压缩量增大,物体合外力增大,加速度增大。即
整个过程中合外力先变小后变大,速度先变大后变小,故AD正确,
BC错误。
选择题
如图所示,材料相同,质量分别为M和m的两物体A和B靠在
ー起放在水平面上。用水平推力F向右推A使两物体ー起向右加速运
动时(图甲),A和B之间的作用カ为F1,加速度为al.用同样大小
的水平推力F向左推B加速运动时(图乙),A和B之间的作用カ为
F2,加速度为a2.贝リ()
A.Fl:F2=1:1B.Fl:F2=m:MC.al:a2=M:mD.al:
a2=1:1
【答案】BD
【解析】
分别对A和B,应用整体法可以求得系统的共同的加速度的大小,
再采用隔离法对A或B受力分析,可以求得物体之间的作用的大。
用水平推力F向右推A时,对整体由牛顿第二定律得:F-レ(M+m)
g=(M+m)al,对于B由牛顿第二定律得:Fl-umg=mal,解得:
9
旬="+小ー"。,%="+m,用水平カF向左推B时,对AB整体由牛
顿第二定律得:F-u(M+m)g=(M+m)a2,对于A由牛顿第二
「MF
定律得:F2-PMg=Ma2,解得:,’2-M+m,所以Fl:F2=m:M,
al:a2=l:1,故BD正确,AC错误。
实验题
打点计时器是用来测量的仪器。电火花式打点计时器使用
的电源是〇(选填"6V交流电源”或“220V交流电源”)
【答案】时间220V交流电源
【解析】
打点计时器是用来计时的仪器;电火花计时器的工作电源是
220V的交流电源;
实验题
某同学在做“测匀变速直线运动的加速度”的实验中,用打点计
时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况.在纸带上确定出A、B、C、D、
E、F、G共フ个计数点,相邻两点间的距离如图,每两个相邻的计数
点之间的时间间隔为0.10s.
ABCDEFG
>1
4.3Scm.5.20cm5.99cm6.80cm7.62cm
r1
(1)计算A到D的平均速度ザ=m/s
(2)计算出打下B点时小车的瞬时速度(小数点后保留两位有
效数值)vB=m/s
1
(3)试计算小车运动的加速度a=m/s2.
【答案】0.440.400.80
【解析】:(1)A至リD的平均速度:
一s.0.0362+0,0438+0.0520…,
v=—=------------------------------=044n^s
寃3x0.1;
(2)根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平
均速度可得:
00362+0.0438
=0.4<Ws
2x0.1
(3)根据匀变速直线运动的推论公式Ax=aデ可以求出加速度的
大小,
即:2ー々=3%ボ
七一ゝ二ユ%ア’
出一巧=3%ボ
°="(°1+%+%)
有以上公式可得:
0.0599+0.068040.0762-0.0362-00438-00520,
a=----------------------------------------------=08(Ws2
9x(0.以
综上所述本题答案是:(1)0.44(2).0.40(3).0.80
实验题
为了探究质量一定时加速度与力的关系,一同学设计了如图所示
的实验装置,其中M为带滑轮的小车的质量,n为砂和砂桶的质量,
(滑轮质量不计)
1
:----------------打・取用
1
mfUU
(1)实验时,一定要进行的操作或保证的条件是・
___________________________________________________.A
.用天平测出砂和砂桶的质量
B,将带滑轮的长木板右端垫高,以平衡摩擦カ
C.小车靠近打点计时器,先接通电源,再释放小车,打出一条
纸带,同时记录弹簧测カ计的示数
D,改变砂和砂桶的质量,打出几条纸带
E.为减小误差,实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小
车的质量M
(2)以弹簧测カ计的示数F为横坐标,加速度为纵坐标,画出
的a-F图像是一条直线,图线与横轴的夹角为リ求得图线的斜率为k,
则小车的质量为
【答案】(1)BCD(2)k
【解析】试题分析:(1)本题拉カ可以由弹簧测カ计测出,不需
要用天平测出砂和砂桶的质量,也就不需要使小桶(包括砂)的质量
远小于车的总质量,故A错误,隹昔误;该题是弹簧测カ计测出拉カ,
从而表示小车受到的合外力,故需要将带滑轮的长木板右端垫高,以平
衡摩擦カ,同时保持弹簧测カ计及其连接线与长木板平行,故B正确;
打点计时器运用时ー,都是先接通电源,待打点稳定后再释放纸带,
该实验探究加速度与力和质量的关系,要记录弹簧测カ计的示数,故C
正确;改变砂和砂桶质量,即改变拉力的大小,打出几条纸带,研
究加速度随F变化关系,故D正确。
(3)对。-F图来说,图象的斜率表示小车质量的倒数,此题,
弹簧测カ计的示数合,故小车质量为"'=鼠
解答题
一艘快艇以2m/s2的加速度在海面上做匀加速直线运动,快艇的
初速度是6m/so求:
(1)这艘快艇在4s末的速度大小;
(2)8s内经过的位移大小。
【答案】;
(1)14m/s(2)112mo
【解析】
根据匀变速直线运动的速度时间公式求出快艇的速度,结合位移
时间公式求出快艇的位移。
(1)根据运动学公式,快艇运动t=4s时的速度
贝リvt=vO+at=6m/s+2m/s2X4s=14m/s
(2)根据运动学公式,快艇运动t=8s时的位移:
x=vot4-=6X8—gX2X82m=112in
解答题
如图所示,已知均匀球重40N,悬挂在光滑竖直墙边并处于静止
状态,绳与墙夹角为37°角,(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。求:
1
(1)轻绳对球的拉カFT;
②墙对球的支持力FNo
【答案】(1)50N方向沿绳子向上(2)30N方向水平向右。
【解析】
对球受力分析,利用合成法可关键平行四边形,由平衡条件求解
即可。
对球受力分析如图所示:
ゆ
根据物体的平衡条件可得:
(1)由几何关系得:FTcos37°=G
解得:FT=50N方向沿绳子向上
(2)FN=Gtan37°=30N方向水平向右
解答题
在平直公路上运动的汽车经过某位置时,从ー辆同向匀速运动的
自行车旁经过。以该位置为原点,自行车和汽车位移随时间的变化关
1
系是(均为国际单位):自行车xl=6t,汽车x2=10t-(4)t2.求:
¢1)经过多长时间自行车能追上汽车?
(2)自行车追上汽车时,汽车速度多大?
(3)自行车追上汽车前,二者间最大距离是多少?
【答案】(1)16s(2)2m/s(3)16m
【解析】
根据各自运动的位移时间关系,再根据追及相遇问题的条件位移
相等由公式求解即可
(D由题意知,自行车匀速运动的速度v自=6m/s,汽车做匀
减速运动,其初速度v0=10m/s,加速度大小a=0.5m/s2
自行车能追上汽车时,两者在同样的时间t内通过的位移相等。
即:
6t=10t-4f
代入数据解得:t=16s
设汽车经过汽车tO时间停止,根据运动学公式:vt=vO+at,
即:0=10m/s+(-0.5m/s2)tO,
解得:tO=20s
因为t<tO,所以经过16s自行车追上汽车
②根据运动学公式,自行车追上汽车时,
汽车速度v=v0+at=10m/s+(-0.5m/s2)X
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