第五单元第3课时自由组合定律的发现及应用课件-2023届高三生物一轮复习

课标要求阐明有性生殖中基因的分离和自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。自由组合定律的发现及应用第3课时考点一自由组合定律的发现考点二自由组合定律的常规解题规律和方法内容索引重温高考

真题演练课时精练自由组合定律的发现考点一

1.两对相对性状杂交实验的“假说—演绎”分析(1)观察现象，提出问题①两对相对性状杂交实验的过程梳理归纳

夯实必备知识绿圆9∶3∶3∶1绿皱②对杂交实验结果的分析黄色和圆粒分离分离③提出问题F2中为什么会出现新的性状组合呢？F2中不同性状的比(9∶3∶3∶1)与一对相对性状杂交实验中F2的3∶1的数量比有联系吗？(2)提出假说，解释现象①假说内容a.两对相对性状分别由

遗传因子控制。b.F1在产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以_________。c.F1产生的雌配子和雄配子各有4种：

，且数量比为____________。d.受精时，雌雄配子的结合是

的。雌雄配子的结合方式有

，基因型有

，表型有

，且比例为

。两对自由组合YR、Yr、yR、yr1∶1∶1∶1随机16种9种4种9∶3∶3∶1②遗传图解③结果分析10/166/16(3)演绎推理——设计测交实验①方法：测交法②测交图解YRYyRr黄色皱粒1∶1∶1∶1YryRyrYyrryyRryyrr绿色圆粒绿色皱粒(4)实验验证，得出结论进行测交实验，结果与演绎结果相符，假说成立，得出自由组合定律。(1)源于必修2P9：孟德尔杂交实验中为什么要用正交和反交？提示

用正反交实验是为了证明性状的遗传是否和母本有关。(2)源于必修2P10“旁栏思考”：两对相对性状实验中9∶3∶3∶1数量比与一对相对性状实验中的3∶1有什么联系？提示

从数学角度分析9∶3∶3∶1是(3∶1)2的展开式，由此推知两对相对性状的遗传结果，是两对相对性状独立遗传结果(3∶1)的乘积——(3∶1)2。(3)源于必修2P11表1－2：孟德尔做正反交的测交实验，说明F1产生配子的情况是：____________________________________________________________________。无论F1作母本还是父本，均能产生4种类型的配子，且数量比为1∶1∶1∶1延伸应用(1)含两对相对性状的纯合亲本杂交，F2中重组类型所占比例一定是6/16吗？提示

当亲本基因型为YYRR和yyrr时，F2中重组类型所占比例是6/16；当亲本基因型为YYrr和yyRR时，F2中重组类型所占比例是10/16。延伸应用(2)F2出现9∶3∶3∶1的条件有

。①所研究的每一对相对性状只受一对等位基因控制，而且等位基因要完全显性②不同类型的雌雄配子都能发育良好，且受精的机会均等③所有后代都应处于比较一致的环境中，而且存活率相同④供实验的群体要足够大，个体数量要足够多①②③④2.自由组合定律(1)细胞学基础等位基因非同源染色体上的非等位基因(2)实质、发生时间及适用范围真核两对及两对以上有性细胞核(3)自由组合定律的验证验证方法结论自交法F1自交后代的性状分离比为

，则遵循基因的自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制测交法F1测交后代的性状比例为

，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制，则遵循自由组合定律花粉鉴定法F1若有四种花粉，比例为

，则遵循自由组合定律单倍体育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有四种表型，且比例为

，则遵循自由组合定律9∶3∶3∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶11∶1∶1∶1热图分析Ⅰ.下图中哪些过程可以体现分离定律的实质？哪些过程体现了自由组合定律的实质？据图分析自由组合定律提示

①②④⑤过程发生了等位基因分离，可以体现分离定律的实质。只有④⑤体现了自由组合定律的实质。热图分析Ⅱ.总结非等位基因的遗传规律据图分析自由组合定律49∶3∶3∶191∶1∶1∶1热图分析据图分析自由组合定律23∶12AaBb1∶1AaBb热图分析据图分析自由组合定律21∶2∶11AAbb1∶1热图分析Ⅲ.若基因型为AaBb的个体测交后代出现4种表型，但比例为42%∶8%∶8%∶42%，试解释出现这一结果的可能原因是什么？提示

A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，且部分初级性母细胞在四分体时期，同源染色体的非姐妹染色单体发生互换，产生4种类型配子，其比例为42%∶8%∶8%∶42%。据图分析自由组合定律3.孟德尔获得成功的原因假说—演绎豌豆统计学考向一两对相对性状杂交实验过程1.D、d和T、t是两对独立遗传的等位基因，控制两对相对性状。若两个纯合亲本杂交得到F1的基因型为DdTt，F1自交得到F2。下列叙述不正确的是A.F1自交时，雌配子与雄配子是随机结合的B.F2中重组类型占3/8C.F2中能稳定遗传的个体占1/4D.F2中有9种基因型，在双显性状中，杂合子占8/9√考向突破强化关键能力F1的基因型为DdTt，亲本的基因型组合为DDTT×ddtt或DDtt×ddTT，故F2中重组类型占3/8或5/8，B错误。2.(2022·沈阳高三模拟)孟德尔在两对相对性状的豌豆杂交实验中，用纯种黄色圆粒豌豆和纯种绿色皱粒豌豆杂交获得F1，F1自交得F2。下列有关叙述正确的是A.黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗

传遵循自由组合定律B.F1产生的雄配子总数与雌配子总数相等，是F2出现9∶3∶3∶1性状分

离比的前提C.从F2的绿色圆粒植株中任取两株，这两株基因型不同的概率为4/9D.若自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，后代出现绿色皱粒的概

率为1/81√连锁的两对等位基因也都遵循分离定律，故不能依据黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，得出这两对性状的遗传遵循自由组合定律的结论，A错误；F1产生的雄配子总数往往多于雌配子总数，B错误；从F2的绿色圆粒植株yyRR或yyRr中任取两株，这两株基因型相同的概率为1/3×1/3＋2/3×2/3＝5/9，故不同的概率为4/9，C正确；若自然条件下将F2中黄色圆粒植株混合种植，由于豌豆是自花传粉植物，只有基因型为YyRr的个体才会产生yyrr的绿色皱粒豌豆，故后代出现绿色皱粒的概率为4/9×1/16＝1/36，D错误。考向二自由组合定律的实质及验证3.棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现了苏云金杆菌中的毒蛋白基因B和豇豆中的胰蛋白酶抑制剂基因D，均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制，研究者获得了多个基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株，AaBD植株自交得到F1(不考虑减数分裂时同源染色体非姐妹染色单体的互换)。下列说法错误的是A.若F1表型比例为9∶3∶3∶1，则果枝基因和抗虫基因分别位于两对同

源染色体上B.若F1中短果枝抗虫∶长果枝不抗虫＝3∶1，则B、D基因与A基因位于

同一条染色体上C.若F1中短果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝抗虫＝2∶1∶1，则基因

型为AaBD的短果枝抗虫棉植株产生配子的基因型为A和aBDD.若F1中长果枝不抗虫植株比例为1/16，则基因型为AaBD的短果枝抗虫

棉植株产生配子的基因型为AB、AD、aB、aD√已知B、D位于一条染色体上。如果短果枝基因A和抗虫基因分别位于两对同源染色体上，则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株自交，子代中短果枝(A_)∶长果枝(aa)＝3∶1，抗虫(BD)∶不抗虫＝3∶1，因此F1表型及其比例为短果枝抗虫∶长果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝不抗虫＝9∶3∶3∶1，A正确；如果B、D基因与A基因位于同一条染色体上，则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉产生的配子及其比例为ABD∶a＝1∶1，其自交所得F1中短果枝抗虫∶长果枝不抗虫＝3∶1，B正确；如果B、D基因与a基因位于同一条染色体上，则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉产生的配子及其比例为aBD∶A＝1∶1，其自交所得F1的基因型及比例是AaBD∶AA∶aaBBDD＝2∶1∶1，表型及其比例为短果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝抗虫＝2∶1∶1，C正确；由于B、D位于同一条染色体上，如果不考虑同源染色体非姐妹染色单体互换，则不会产生基因型为AB、AD、aB、aD的四种类型的配子，D错误。若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为A.①×④

B.①×②C.②×③

D.②×④4.现有①～④四个纯种果蝇品系，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：√品系①②③④隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体Ⅱ、ⅢⅡⅡⅢ要验证自由组合定律，必须满足两对或多对控制相对性状的等位基因在非同源染色体上，只有D符合要求。考向三孟德尔遗传规律的应用5.频率极低的孟买血型是由位于9号染色体上的复等位基因IA、IB、i及位于19号染色体上的等位基因H、h相互作用产生的，使ABO血型的表型发生改变，其相关基因型如表所示：血型A型血B型血AB型血O型血基因型HHIAIA、HHIAi、HhIAIA、HhIAiHHIBIB、HHIBi、HhIBIB、HhIBiHHIAIB、HhIAIBhhIAIA、hhIAi、hhIBIB、HHii、hhIBi、hhIAIB、hhii、Hhii以下分析正确的是A.位于9号染色体上的复等位基因IA、IB、i在遗传时遵循自由组合定律B.若父母均为AB型血，可能会生出O型血的孩子，因此根据ABO血型不

能准确判断亲子关系C.父母基因型分别是HhIAi、HhIBi，生出O型血孩子的概率是3/16D.孟买血型说明表型是基因和环境共同作用的结果√等位基因IA、IB、i在遗传时遵循基因分离定律，A错误；如果父母的基因型均为HhIAIB，则子代会出现hh__，表现为O型血，所以根据ABO血型不能准确判断亲子关系，B正确；父母基因型分别是HhIAi、HhIBi，生出O型血孩子(1/4hh__＋3/16H_ii)的概率为7/16，C错误；表中只能说明血型受到基因的控制，不能说明其受到环境影响，D错误。6.家兔的毛色由两对基因决定。A、a是控制颜色分布的基因，A基因控制颜色分布不均匀，体色均为野鼠色，a基因控制颜色分布均匀，体色表现为具体颜色。B、b为控制颜色的基因，B基因控制黑色，b基因控制褐色。用纯系亲本进行杂交实验，结果如下。分析回答下列问题：(1)野鼠色兔的基因型有___种。6由题意可知，野鼠色兔的基因型为A___，共有6种，即AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb。1/6野鼠色兔∶黑色兔∶褐色兔＝2∶1∶1实验一中，由F2的表型及比例为12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变形，可知F1的基因型为AaBb，且两对基因符合自由组合定律，由题意及实验结果可知褐色兔基因型为aabb，黑色兔基因型为aaB_，因此F2野鼠色兔A___中纯合子(AABB、AAbb)占2/12即1/6；F1(AaBb)与褐色兔(aabb)交配，其后代表型及比例为野鼠色兔∶黑色兔∶褐色兔＝2∶1∶1。(3)实验二中，F1黑色兔基因型为_____，F2黑色兔自由交配，产生的后代中黑色兔占____。aaBb8/9实验二中未出现野鼠色兔，且F2中黑色兔∶褐色兔＝3∶1，推知F1黑色兔基因型为aaBb，F2黑色兔(1/3aaBB、2/3aaBb)自由交配，产生配子的概率为1/3b、2/3B，自由交配产生的后代中褐色兔aabb占1/3×1/3＝1/9，因此黑色兔占8/9。(4)实验二F2中一只黑色雄兔与实验三F2中一只野鼠色雌兔进行交配，产生的后代为黑色兔的概率为____。1/3实验二F2中一只黑色雄兔(1/3aaBB、2/3aaBb)与实验三F2中一只野鼠色雌兔(1/3AABB、2/3AaBB)进行交配，产生黑色兔(aaB_)的概率为2/3×1/2×1＝1/3。(5)现有一只野鼠色兔，可否通过测交实验来检测其是否纯合？并简要说明理由：_____________________________________________________________________________。不可。野鼠色兔中纯合子AABB、AAbb和杂合子AABb的测交后代均为野鼠色兔由于野鼠色兔中纯合子AABB、AAbb和杂合子AABb的测交后代均为野鼠色兔，所以不可通过测交实验来检测其是否纯合。自由组合定律的常规解题规律和方法考点二

题型一已知亲代推子代1.思路将多对等位基因的自由组合分解为若干分离定律分别分析，再运用乘法原理进行组合(拆分组合法)。2.方法题型分类示例解题规律种类问题配子类型(配子种类数)AaBbCCDd产生配子种类数为8(种)(即：

＝8)2n(n为等位基因对数)配子间结合方式AABbCc×aaBbCC，配子间结合方式种类数为

(种)配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积2×2×1×28种类问题子代基因型(或表型)种类AaBbCc×Aabbcc，子代基因型种类数为___(种)，表型为

(种)双亲杂交(已知双亲基因型)，子代基因型(或表型)种类等于各性状按分离定律所求基因型(或表型)种类的乘积概率问题某基因型(或表型)的比例AABbDd×aaBbdd，F1中AaBbDd所占比例为____按分离定律求出相应基因型(或表型)的比例，然后利用乘法原理进行组合128概率问题纯合子或杂合子出现的比例AABbDd×AaBBdd，F1中纯合子所占比例为___按分离定律求出纯合子的概率的乘积为纯合子出现的比例，杂合子概率＝1－纯合子概率1.(2022·广东高三模拟)假定4对等位基因(均为完全显性关系)分别控制4对相对性状，且4对等位基因的遗传遵循自由组合定律，基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，F1再自交得到F2，则F2中与亲本表型相同的个体所占的比例为题型突破√题型突破基因型为AABBCCDD和aabbccdd的植株杂交得到F1，则F1的基因型为AaBbCcDd，因此F1再自交得到F2，在F2中与AABBCCDD表型相同的基因型是A_B_C_D_，所以该类型占F2中个体的比例为(3/4)4＝81/256，而在F2中与aabbccdd表型相同的个体所占的比例为(1/4)4＝1/256，因此F2中与亲本表型相同的个体所占的比例为81/256＋1/256＝41/128，D正确。2.(2022·天津河东区高三模拟)番茄红果对黄果为显性，二室果对多室果为显性，长蔓对短蔓为显性，三对性状独立遗传。现有红果、二室、短蔓和黄果、多室、长蔓的两个纯合品系，将其杂交种植得F1和F2，则在F2中红果、多室、长蔓所占的比例及红果、多室、长蔓中纯合子的比例分别是题型突破√题型突破题型二已知子代推亲代(逆向组合法)1.基因填充法根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据子代表型将所缺处补充完整，特别要学会利用后代中的隐性性状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。2.分解组合法根据子代表型比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如：(1)9∶3∶3∶1→(3∶1)(3∶1)→(Aa×Aa)(Bb×Bb)→AaBb×AaBb。(2)1∶1∶1∶1→(1∶1)(1∶1)→(Aa×aa)(Bb×bb)→AaBb×aabb或Aabb×aaBb。(3)3∶3∶1∶1→(3∶1)(1∶1)→(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)→AaBb×Aabb或AaBb×aaBb。3.(2022·辽宁高三模拟)豌豆的花腋生和花顶生(受基因A、a控制)，半无叶型和普通叶型(受基因F、f控制)是两对相对性状。现利用花腋生普通叶型植株甲、花顶生普通叶型植株乙和花腋生半无叶型植株丙进行杂交实验，实验结果如下表所示。则甲、乙、丙的基因型分别是题型突破A.AaFF、aaFF、AAff B.AaFf、aaFf、AAffC.AaFF、aaFf、AAff D.AaFF、aaFf、Aaff√亲本组合F1的表型及其比例甲×乙花腋生普通叶型∶花顶生普通叶型＝1∶1乙×丙花腋生普通叶型∶花腋生半无叶型＝1∶1甲×丙全部表现为花腋生普通叶型4.水稻的高秆(D)对矮秆(d)是显性，抗锈病(R)对不抗锈病(r)是显性，这两对基因自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其后代四种表型的比例是3∶3∶1∶1，则乙水稻的基因型是A.Ddrr或ddRr B.DdRRC.ddRR D.DdRr题型突破√题型突破甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其后代四种表型的比例是3∶3∶1∶1，3∶3∶1∶1可以分解成(3∶1)×(1∶1)，说明控制两对相对性状的基因中，有一对均为杂合子，另一对属于测交类型，所以乙水稻的基因型为Ddrr或ddRr。题型三多对等位基因的自由组合n对等位基因(完全显性)分别位于n对同源染色体上的遗传规律亲本相对性状的对数12nF1配子种类和比例2种(1∶1)122种(1∶1)22n种(1∶1)nF2表型种类和比例2种(3∶1)122种(3∶1)22n种(3∶1)nF2基因型种类和比例3种(1∶2∶1)132种(1∶2∶1)23n种(1∶2∶1)nF2全显性个体比例(3/4)1(3/4)2(3/4)nF2中隐性个体比例(1/4)1(1/4)2(1/4)nF1测交后代表型种类及比例2种(1∶1)122种(1∶1)22n种(1∶1)nF1测交后代全显性个体比例(1/2)1(1/2)2(1/2)n(1)某显性亲本的自交后代中，若全显个体的比例为(3/4)n或隐性个体的比例为(1/4)n，可知该显性亲本含有n对杂合基因，该性状至少受n对等位基因控制。(2)某显性亲本的测交后代中，若全显性个体或隐性个体的比例为(1/2)n，可知该显性亲本含有n对杂合基因，该性状至少受n对等位基因控制。(3)若F2中子代性状分离比之和为4n，则该性状由n对等位基因控制。逆向思维5.某哺乳动物的毛色由3对位于常染色体上、独立遗传的等位基因决定。A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素，B基因编码的酶可使褐色素转化为黑色素，D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则下列说法错误的是A.亲本组合是AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbddB.F2中表型为黄色的个体基因型有21种C.F2褐色个体相互交配会产生一定数量的黑色个体D.F2褐色个体中纯合子的比例为1/3题型突破√题型突破结合题意分析可知，要使F2中毛色表型出现“黄∶褐∶黑＝52∶3∶9”(之和为64)，则F1的基因型只能为AaBbDd。纯合黄色个体的基因型有AABBDD、AAbbDD、aaBBDD、aaBBdd、aabbDD、aabbdd，亲本AAbbDD×aaBBdd和亲本AABBDD×aabbdd杂交子一代基因型均为AaBbDd，满足题意条件，A正确；根据题意分析可知，A___D_、aa____都表现为黄色，所以黄色个体的基因型有2×3×2＋1×3×3＝21(种)，B正确；题型突破F2褐色个体的基因型为Aabbdd与AAbbdd，A_B_dd表现为黑色，褐色个体交配后代毛色为褐色和黄色，不会产生黑色个体，C错误；F2褐色个体的基因型为Aabbdd与AAbbdd，纯合子的比例为1/3，D正确。6.(2022·太原高三月考)某种雌雄同株的植物，植株有抗病和易感病一对相对性状，花色有红色和白色一对相对性状。现用红花抗病植株和白花易感病植株杂交，F1都是红花抗病植株，F1个体自交得F2，F2中红花抗病∶白花抗病∶红花易感病∶白花易感病＝54∶42∶18∶14。请回答下列问题：(1)该植物的花色至少受____对基因控制，遵循孟德尔_________定律，原因是_______________________________________________________________________。题型突破F2中红花∶白花＝9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，因此遵循孟德尔自由组合定律两自由组合(2)F2中白花抗病有____种基因型，红花抗病中纯合子所占比例为______。题型突破101/27假设花色相关基因用Y、y和R、r表示，基因型为Y_R_的个体，表现为红花，其余基因型表现为白花，故F2中白花基因型有YYrr、yyRR、Yyrr、yyRr、yyrr共5种；抗病植株和易感病植株杂交，F1都是抗病植株，F1个体自交得F2，F2中抗病∶易感病＝96∶32＝3∶1，故F2抗病植株基因型有2种，两相组合，则白花抗病基因型有5×2＝10(种)。F2中红花抗病植株占9/16×3/4＝27/64，其中纯合子占F2的1/64，故F2的红花抗病植株中纯合子占1/27。(3)请选取题干中涉及的植株设计实验，证明两对相对性状是否遵循自由组合定律，请写出实验思路，并预测实验结果，得出相应结论。实验思路：___________________________________________________________________________。预测结果及结论：_______________________________________________________________________________________________________________________________。题型突破选择F1红花抗病植株和亲代中的白花易感病植株进行测交，统计子代的表型及比例子代表型及比例若为红花抗病∶红花易感病∶白花抗病∶白花易感病＝1∶1∶3∶3，遵循自由组合定律，否则，则不遵循自由组合定律题型四自由组合中的自交、测交和自由交配问题纯合黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯合绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交后得F1，F1再自交得F2，若F2中绿色圆粒豌豆个体和黄色圆粒豌豆个体分别进行自交、测交和自由交配，所得子代的表型及比例分别如下表所示：项目表型及比例yyR_(绿圆)自交绿色圆粒∶绿色皱粒＝5∶1测交绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1自由交配绿色圆粒∶绿色皱粒＝8∶1Y_R_(黄圆)自交黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝25∶5∶5∶1测交黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝4∶2∶2∶1自由交配黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝64∶8∶8∶17.在孟德尔两对相对性状的杂交实验中，用纯合的黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本杂交得F1，F1全为黄色圆粒，F1自交得F2。在F2中，①用绿色皱粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；②用绿色圆粒人工传粉给黄色圆粒豌豆；③让黄色圆粒自交，三种情况独立进行实验，则子代的表型比例分别为A.①4∶2∶2∶1

②15∶8∶3∶1

③64∶8∶8∶1B.①3∶3∶1∶1

②4∶2∶2∶1

③25∶5∶5∶1C.①1∶1∶1∶1

②6∶3∶2∶1

③16∶8∶2∶1D.①4∶2∶2∶1

②16∶8∶2∶1

③25∶5∶5∶1题型突破√8.某植物雌雄同株，开单性花。将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体(两对等位基因独立遗传)按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F1，F1分别测交。下列相关分析正确的是A.F1共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16B.F1共有4种基因型，纯合子所占的比例为1/4C.F1中两种性状均为显性的个体所占的比例为105/256D.测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体在F1中所占的比例是9/64题型突破√题型突破由于aaBB只能产生aB的配子，因此A、a基因和B、b基因并不是完全组合的，因此本题只能用配子棋盘法来解决，可求得雌雄配子的种类及比例分别是1/8AB、1/8Ab、1/8ab、5/8aB，经过验算，BCD均错误，A正确。重温高考真题演练1.(2021·山东，6)果蝇星眼、圆眼由常染色体上的一对等位基因控制，星眼果蝇与圆眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝1∶1，星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝2∶1。缺刻翅、正常翅由X染色体上的一对等位基因控制，且Y染色体上不含有其等位基因，缺刻翅雌果蝇与正常翅雄果蝇杂交所得子一代中，缺刻翅雌果蝇∶正常翅雌果蝇＝1∶1，雄果蝇均为正常翅。若星眼缺刻翅雌果蝇与星眼正常翅雄果蝇杂交得F1，下列关于F1的说法错误的是A.星眼缺刻翅果蝇与圆眼正常翅果蝇数量相等B.雌果蝇中纯合子所占比例为1/6C.雌果蝇数量是雄果蝇的二倍D.缺刻翅基因的基因频率为1/6√12345612345假设果蝇的星眼、圆眼由基因A、a控制，果蝇的缺刻翅、正常翅由基因B、b控制。亲本星眼缺刻翅雌果蝇基因型为AaXBXb，星眼正常翅雄果蝇基因型为AaXbY，则F1中星眼缺刻翅果蝇(只有雌蝇，基因型为AaXBXb，比例为2/3×1/3＝2/9)与圆眼正常翅果蝇(1/9aaXbXb、1/9aaXbY)数量相等，A正确；雌果蝇中纯合子基因型为aaXbXb，在雌果蝇中所占比例为1/6，B正确；由于缺刻翅雄果蝇致死，故雌果蝇数量是雄果蝇的2倍，C正确；F1中XBXb∶XbXb∶XbY＝1∶1∶1，则缺刻翅基因XB的基因频率为1/(2×2＋1)＝1/5，D错误。62.(2021·浙江6月选考，3)某玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为A.1/16

B.1/8

C.1/4

D.1/2√12345分析题干信息可知：该玉米植株产生的配子种类及比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，其中Y∶y＝1∶1，R∶r＝1∶1，故推知该植株基因型为YyRr，若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为1/2×1/4＝1/8，B正确。63.(2021·全国Ⅱ，6)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是A.植株A的测交子代中会出现2n种不同表型的个体B.n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大C.植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D.n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数√1234561234每对等位基因测交后会出现2种表型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体，A正确；不管n有多大，植株A测交子代比为(1∶1)n＝1∶1∶1∶1……(共2n个1)，即不同表型个体数目均相等，B错误；植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确；n≥2时，植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体数为1－(1/2n)，故杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。564.(2020·浙江7月选考，23)某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1(AaBbCc)作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表：12345注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R。杂交编号杂交组合子代表型(株数)ⅠF1×甲有(199)，无(602)ⅡF1×乙有(101)，无(699)ⅢF1×丙无(795)612345用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为A.21/32 B.9/16C.3/8 D.3/4√杂交编号杂交组合子代表型(株数)ⅠF1×甲有(199)，无(602)ⅡF1×乙有(101)，无(699)ⅢF1×丙无(795)612345根据题干信息可推理如下，①野生型(AABBcc)表现为有成分R，可推知基因型为A_B_cc的个体表现为有成分R。②3个突变体能稳定遗传，所以都为纯合子，且均表现为无成分R。③分析杂交过程，杂交Ⅰ中，F1(AaBbCc)与甲杂交，后代有成分R性状和无成分R性状株数比约为1∶3，即A_B_cc的占1/4，所以甲中一定含有c基因，可推测甲的基因型为aaBBcc或AAbbcc；杂交Ⅱ中，F1(AaBbCc)与乙杂交，后代有成分R性状和无成分R性状株数比约为1∶7，即A_B_cc约占1/8，所以乙中一定含有c基因，可推测乙的基因型为aabbcc。612345用杂交Ⅰ子代中有成分R植株[(1/2AaBBcc、1/2AaBbcc)或(1/2AABbcc、1/2AaBbcc)]与杂交Ⅱ子代有成分R植株(AaBbcc)杂交，雌雄配子随机结合，理论上后代中有成分R植株所占的比例为1/2×3/4×1×1＋1/2×3/4×3/4×1＝21/32。65.(2021·湖北，19)甲、乙、丙分别代表三个不同的纯合白色籽粒玉米品种，甲分别与乙、丙杂交产生F1，F1自交产生F2，结果如表。12345根据结果，下列叙述错误的是A.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色B.若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制C.组1中的F1与甲杂交所产生玉米籽粒性状比为3红色∶1白色D.组2中的F1与丙杂交所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色√组别杂交组合F1F21甲×乙红色籽粒901红色籽粒，699白色籽粒2甲×丙红色籽粒630红色籽粒，490白色籽粒612345假定玉米籽粒颜色的相关基因由A/a，B/b，C/c表示，据表分析可知，红色为显性性状。则甲基因型可表示为AAbbCC，乙的基因型可表示为aaBBCC，丙的基因型可表示为AABBcc。若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒(AaBBCc)，两对等位基因遵循自由组合定律，则F2玉米籽粒性状比为9红色∶7白色，A正确；据分析可知若乙与丙杂交，F1全部为红色籽粒，则玉米籽粒颜色可由三对基因控制，B正确；612345据分析可知，组1中的F1(AaBbCC)与甲(AAbbCC)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，C错误；组2中的F1(AABbCc)与丙(AABBcc)杂交，所产生玉米籽粒性状比为1红色∶1白色，D正确。66.(2021·全国甲，32)植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表(实验②中F1自交得F2)。12345实验亲本F1F2①甲×乙1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮/②丙×丁缺刻叶齿皮9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮，3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮6回答下列问题：(1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是_____________。12345基因型不同的两个亲本杂交，F1分别统计，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律缺刻叶和齿皮612345实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性，齿皮对网皮为显性。6(2)甲、乙、丙、丁中属于杂合子的是_______。12345甲和乙实验亲本F1F2①甲×乙1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮/②丙×丁缺刻叶齿皮9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮，3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮612345根据已知条件，甲、乙、丙、丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮，实验①杂交的F1结果类似于测交，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1的基因型为AaBb(设有关叶形基因用A、a表示，有关果皮基因用B、b表示)