2023年江苏省南通市高考物理适应性试卷（二）及答案解析

第=page11页，共=sectionpages11页2023年江苏省南通市高考物理适应性试卷（二）1.当分子间距离为r0时，分子间的作用力为0，则分子间的距离从0.9r0增大到10rA.分子间的作用力先减小后增大 B.分子间的作用力先增大后减小

C.分子势能先减小后增大 D.分子势能先增大后减小2.铁环上绕有绝缘的通电导线，电流方向如图所示，若在铁环中心O点处放置垂直纸面的电流元，电流方向向外，则电流元受到的安培力方向为(

)A.① B.② C.③ D.④3.如图所示，从地面上同一位置同时抛出两小球A、B，分别落在地面上的M、N点，已知两球运动的最大高度相同，空气阻力不计，则上述运动过程中(

)A.B相对A做匀速直线运动 B.B的速度变化率逐渐增大

C.B的速率始终比A的小 D.B的初动量比A的大4.如图所示，轻弹簧一端连接小球，另一端固定于O点，现将球拉到与O点等高处，弹簧处于自然状态，小球由静止释放，轨迹如虚线所示，上述运动过程中(

)A.小球的机械能守恒

B.小球的重力势能先减小后增大

C.当球到达O点的正下方时，弹簧的张力最大

D.当球到达O点的正下方时，重力的瞬时功率为0

5.双缝干涉的实验装置如图所示，激光光源在铁架台的上端，中间是刻有双缝的挡板，下面是光传感器，光照信息经计算机处理后在荧光屏上显示出来，下列说法中正确的是(

)A.用激光替代普通光源来做本实验，最主要是利用了激光相干性高的特点

B.应在光源与双缝之间加一个单缝，实验才能成功

C.仅下移光源，干涉条纹间距减小

D.仅下移挡板，干涉条纹间距增大6.如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C、D后又回到状态A，其中A→B和C→D为等温过程，B→C和A.在A→B过程中，密度不变

B.在B→C过程中，分子的速率分布曲线不发生变化

C.在B→C和7.如图所示，图中阴影部分ABC为一折射率n=2的透明材料做成的柱形光学元件的横截面，AC为一半径为R的14圆弧，在圆弧面圆心D处有一点光源，ABCD构成正方形。若只考虑首次从AC直接射向A.从AB、BC面有光射出的区域总长度为233R

B.从AB、BC面有光射出的区域总长度为R

C.点光源发出的光射到AB8.如图所示，电荷量为+q的点电荷固定在正方形ABCD的顶点A上，先将另一电荷量为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到O点，此过程电场力做的功为−W，再将Q1从O点移到B点并固定，最后将一带电荷量为−A.Q1移入之前，O点的电势为−Wq

B.Q1从O点移到B点的过程中，电场力做负功

C.Q2在移到C点后的电势能小于−4W

9.甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿x轴正向和负向传播，两列波在t=0时的部分波形曲线如图所示，已知甲波的波速为2.5cmA.x轴上振动加强和减弱的质点的位置是固定的

B.t=0时，x=0处的质点向y轴正方向运动

C.t=0时，x=−2510.如图所示，竖直向下的匀强磁场中水平放置两足够长的光滑平行金属导轨，导轨的左侧接有电容器，金属棒静止在导轨上，棒与导轨垂直。t=0时，棒受到水平向右的恒力F作用，t=t0时，撤去F，则棒的速度v、电容器所带的电荷量q、棒中安培力的冲量I、棒克服安培力做的功W与时间tA. B.

C. D.11.某实验小组需测定电池的电动势和内阻，器材有：一节待测电池、一个单刀双掷开关、一个定值电阻(阻值为R0)、一个电流表(内阻为RA)、一根均匀电阻丝(电阻丝总阻值大于R0，并配有可在电阻丝上移动的金属夹)、导线若干。由于缺少刻度尺，无法测量电阻丝长度，但发现桌上有一个圆形时钟表盘。某同学提出将电阻丝绕在该表盘上，利用圆心角来表示接入电路的电阻丝长度，主要实验步骤如下：

(1)将器材按如图甲连接，已接入电路的导线(不含金属夹所在的导线)有一处错误，请在该导线上画“×”，并重新画出该导线的正确连接方式。

(2)改变金属夹夹在电阻丝上的位置，闭合开关，记录每次接入电路的电阻丝对应的圆心角θ和电流表示数I，得到多组数据，整理数据并在坐标纸上描点绘图，所得图像如图乙所示，图线斜率为k，与纵轴截距为d，设单位角度对应电阻丝的阻值为r0，则该电池电动势可表示为E=______，内阻可表示为r=______。

(3)为进一步确定结果，还需要测量单位角度对应电阻丝的阻值r0。

①利用现有器材设计实验，在图丙方框中补全实验电路图(电阻丝用滑动变阻器符号表示)。

②先将单刀双掷开关闭合到一端，记录电流表示数I012.氢原子能级示意图如图所示。用大量处于n=2能级的氢原子跃迁到基态时发射出的光去照射某光电管阴极K，测得光电管中的遏止电压为8.6V，已知光子能量在1.63eV～3.10eV的光为可见光。

(1)求阴极K13.宇航员从空间站上释放了一颗质量为m的探测卫星，该卫星通过一条柔软的细轻绳与空间站连接，稳定时卫星始终在空间站的正下方，到空间站的距离为l，已知空间站绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r，地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，在好品质的照片上，可以看清地球表面不动物体的线度为曝光时间内空间站相对地球的位移，忽略地球的自转。

(1)忽略卫星拉力对空间站轨道的影响及卫星与空间站的引力，求卫星所受轻绳的拉力大小F；

(2)拍照的曝光时间为Δt(很短14.如图所示，在第二象限内有一抛物线的边界A1O，其方程为y=x22l(−l≤x<0)，在抛物线的上方存在一竖直向下的匀强电场。在抛物线A1O每个位置上连续发射质量为m、电荷量为+q的粒子，粒子均以大小为v0的初速度水平向右射入电场，所有粒子均能到达原点O，第四象限内有一边长为l、其中两条边分别与x轴、y轴重合的正方形边界，边界内存在垂直于纸面向外、磁感应强度大小为2mv015.质量为m、直径为D的篮球摆放在宽度为d(D>d)的水平球架上，侧视图如图甲所示，该篮球从离地高度为H处由静止下落，与地面发生一次非弹性碰撞后反弹至离地高度为h(h<H)的最高处。设篮球在运动过程中所受空气阻力的大小是篮球所受重力的λ倍(λ为常数，且0<λ<H−hH+h)且篮球每次与地面碰撞的碰后速率与碰前速率的比值相同，重力加速度为g。

(1)求球架一侧的横杆对篮球的弹力大小F1；

(2)求篮球下降H和上升答案和解析1.【答案】C

【解析】解：当分子间距离由0.9r0增大到10r0的过程中，如图所示：

分子间的作用力先变小后变大再变小；当分子间距离由0.9r0增大到r0的过程中，分子力表现为斥力，斥力做正功，分子势能减小，由r0增大到10r0的过程中，分子力表现为引力，引力做负功，分子势能变大，故C正确，ABD错误。

故选：C。2.【答案】B

【解析】解：根据右手螺旋法则可知，铁环上方是N极，铁环内的磁场方向由上到下，

再根据左手定则可知，电流元受到的安培力方向为水平向右。

故B正确，ACD错误。

故选：B。

通电螺线管中的安培定则：右手握住通电螺线管，四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。

则根据右手螺旋定则可知，铁环上方是N极，则铁环内的磁场方向由上向下，

再根据左手定则可判断电流源受到的安培力的方向。

本题考查安培定则和左手定则。解题关键是能正确运用安培定则与左手定则，题目较简单。

3.【答案】A

【解析】解：A.两小球均做斜抛运动，加速度相同，故B相对A做匀速直线运动。故A正确；

B.根据g=ΔvΔt，B的速度变化率不变。故B错误；

CD.根据vy2=2gH，H相同，两球抛出时初速度竖直分速度相同。又vy=gt，即两球在空中运动时间也相同，根据x=vxt，球A抛出时初速度的水平分速度较小。根据v=vx2+vy2，球B的初速度比球A的大。根据p=mv可知两球质量关系未知，无法判断初动量大小。

同理两小球在运动过程中，竖直方向分速度始终相同，水平方向分速度A球小于B球，所以B速率始终比A大。故CD错误。

故选：4.【答案】B

【解析】解：A.小球运动过程中受到弹簧弹力做功，则小球的机械能不守恒，故A错误；

B.下摆过程中小球的重力做正功，重力势能减小；通过最低点后小球上升时重力做负功，重力势能增大，故B正确；

C.下摆过程中，弹簧的伸长量逐渐增大，小球运动的最低点在O点正下方左侧，即张力最大位置在O点正下方左侧，故C错误；

D.当小球到达O点的正下方时，小球的速度方向为左下方，速度方向与重力方向不垂直，则重力的瞬时功率不为零，故D错误。

故选：B。

小球和弹簧组成的系统机械能守恒，小球自身的机械能不守恒；不守恒重力一定的情况下，重力势能与高度有关；弹力最大即形变量最大，由P=Fv5.【答案】A

【解析】解：A.用激光替代普通光源来做本实验，最主要是利用了激光相干性高的特点，故A正确；

B.激光相较普通光源相干性高，因此无需在光源与双缝之间加一个单缝，故B错误；

CD.根据双缝干涉条纹间距公式Δx=Ldλ可知光源和双缝间距离不影响干涉条纹间距，因此仅下移挡板，干涉条纹间距不变，故C错误；仅下移挡板，双缝到光传感器的距离减小，即公式中L减小，干涉条纹间距减小，故D错误；

故选：A6.【答案】C

【解析】解：A、在A→B过程中，气体体积变大，而气体的质量不变，则气体的密度减小，故A错误；

B、B→C是绝热过程，体积变大，气体对外做功，根据热力学第一定律可知，内能减小，则温度降低，分子的速率分布曲线发生变化，故B错误；

C、A→B和C→D为等温过程，在B→C和D→A过程中，温度的变化绝对值相等，内能变化的绝对值相等，且两个过程都是绝热，根据热力学第一定律可知，两过程中对外界做功的绝对值相等，故C正确；

D、在一次循环过程中，气体内能不变，由于p−V图像与V轴所围的面积表示气体做功，结合图像可知，在一次循环过程中，整个过程气体对外做功(大小等于ABCD图像包含的面积)，可知对外做功大于外界对气体做功，即整个过程吸收的热量大于放出的热量，故D错误。

故选：C。

在A→7.【答案】A

【解析】解：AB.如图所示

沿DE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，因为临界角满足

sinC=1n

解得：C=30°

则∠ADF=30°，同理沿DG方向射到BC面上的光线刚好发生全反射，则∠CDH=30°，根据几何关系可得

AE=CG=Rtan30°

从AB、BC面有光射出的区域总长度为

L=AE+CG

解得：L=233R

故A正确；B8.【答案】D

【解析】解：A.将另一个带点量为q的正点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到O点，

此过程中电场力做的功为−W，则有：U∞O=0−φO=−W+q

可得：φO=Wq，故可知Q1移入之前，O点的电势为：Wq，故A错误；

B.电荷为正电荷，从O点到B点电势降低，可知Q1从O点移到B点的过程中，电势能减小，则电场力做正功，故B错误；

C.根据功能关系：W=qU可知，若将带电量为2q的负电荷Q2从无穷远处移到O点，则电场力做功为4W，故其在O点的电势能为−4W；而若将带电量为2q的负电荷Q2从无穷远处移到C点，则电场力做功小于4W，则在O点的电势能大于−4W，故C错误；

D.若设带电量q的正电荷在距离a(正方形的边长)处产生的电势为+φ，则可知其在B处的+q在D点的电势小于+φ，在C点的−2q在D点的电势为−2φ，即可得Q2移到C点后，D点的电势低于零，故D正确。

故选：9.【答案】C

【解析】解：A.甲波波长5cm，乙波波长6cm，波速相同，根据v=λν，则两列波频率不同，故不能产生稳定的干涉图样。故A错误；

B.t=0时，甲波x=0处质点到达正向最大位移处，乙波x=0处质点正向平衡位置处振动，根据波的叠加原理，此质点向y轴负方向运动。故B错误；

C.根据空间周期性，t=0时，甲波在x=−25cm处波形与x=0处的波形相同，乙波在x=−25cm处波形与x=−1cm处的波形相同，即两列波在x=−25cm处均为峰值，根据波的叠加原理，所以x=−25cm处的质点偏离平衡位置的位移为4cm+10.【答案】D

【解析】解：A、设某一时刻t，根据牛顿第二定律有F−F安=ma

设该时刻电流大小为i，则F安=BiL

则有F−BiL=ma

在很短时间间隔内ΔQ=iΔt

ΔQ=CΔU

ΔU=BLΔv

联立解得i=BLCa

结合前式可得F−B2L2Ca=ma

可得a=Fm+B2L2C

v=at=Ftm+B11.【答案】r0k

r0dk−【解析】解：(1)开关要能够控制电路的断开合闭合，因此开关接线柱接错，应该为

(2)设圆心角为θ时，电阻丝接入电路中的电阻为θr0，根据闭合电路欧姆定律可得：

E=U+Ir

可知E=I(RA+R0+θr0)+Ir

整理得1I=r0Eθ+RA+R0+rE

结合图像的斜率和截距满足r0E=k，RA+R0+rE=d

解得电源电动势和内阻为：

E=r12.【答案】解：(1)电子从阴极K表面逸出的最大初动能为Ekm=eUc=e×8.6V=8.6eV

从n=2能级的氢原子跃迁到基态时发射出的光子能量为hν=E2−E1=−3.4eV−(−13.6)【解析】(1)根据能级差的计算公式，结合光电效应方程列式得出阴极材料的逸出功；

(2)13.【答案】解：(1)探测卫星随空间站绕地球做匀速圆周运动，具有相同的周期T，根据合力提供向心力则有GMm(r−l)2−F=m4π2T2(r−l)

设空间站的质量为m′，根据万有引力提供向心力有GMm′r2=m′4π2T2【解析】(1)对探测卫星，根据合力提供向心力