(物理)物理整体法隔离法解决物理试题试题类型及其解题技巧及解析

（物理）物理整体法隔绝法解决物理试题试题种类及其解题技巧及分析一、整体法隔绝法解决物理试题1．两倾斜的平行杆上分别套着a、b两相同圆环，两环上均用细线悬吊着相同的小球，如图所示。当它们都沿杆向下滑动，各自的环与小球保持相对静止时，a的悬线与杆垂直，b的悬线沿竖直方向，以下说法正确的选项是A．a环与杆有摩擦力B．d球处于失重状态C．杆对a、b环的弹力大小相等D．细线对c、d球的弹力大小可能相等【答案】C【分析】【详解】对c球独自进行受力剖析，受力剖析图以下，c球受重力和绳的拉力F，物体沿杆滑动，所以在垂直于杆的方向加快度和速度都为零，由力的合成及牛顿第二定律可知物体协力F1=mgsina=ma

a=gina

，因

a和

c球相对静止，所以

c球的加快度也为

gsina，将

a和c球以及绳当作一个整体，在只受重力和支持力的状况下加快度为

gsina，所以

a球和杆的摩擦力为零，故A错误；对球

d独自进行受力分别，只受重力和竖直方向的拉力，所以球

d的加快度为零，因为

b和d相对静止，所以

b的加快度也为零，故

d球处于均衡状态，加快度为零，不是失重状态，故

B错；细线对

c球的拉力

Tc

mgcosa

，对

d球的拉力

Td

mg

，所以不相等，故D错误；对

a和

c整体受力剖析有

Fna

ma

mc

gcosa

，对

b和

d整体受力剖析Fnb

mb

md

gcosa，因

a和b相同的环，

b和

d相同的球，所以受力相等，故

C正确。2．在以下图的电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向右挪动一段距离，待电路稳固后，与滑片挪动前比较A．灯泡L变亮B．电容器C上的电荷量不变C．电源耗费的总功率变小D．电阻R0两头电压变大【答案】C【分析】A、C、滑动变阻器的滑片向右挪动一点，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，依据闭合电路欧姆定律剖析得悉，流过电源的电流减小，则由知电源的总功率变小，且流过灯泡的电流减小，灯泡

L亮度变暗，故

A错误，C正确；B、电源的路端电压U=E-Ir增大，即电容器电压增大将充电，电荷量将增大．故B错误．D、电阻容器充放电时有短暂的电流经过，稳固状态无电流，则其两头的电压为零不变

R0只有在电，D错误；C、．故C正确．应选C．【点睛】此题电路动向变化剖析问题．关于电容器，重点是剖析其电压，电路稳准时，与电容器串连的电路没有电流，电容器的电压等于这条电路两头的电压．3．以下图，一个“V”形槽的左边挡板A竖直，右边挡板B为斜面，槽内嵌有一个质量为m的圆滑球C．“V”形槽在水平面上由静止开始向右做加快度不停减小的直线运动的一小段时间内，设挡板A、B对球的弹力分别为F1、F2，以下说法正确的选项是( )A．F1、F2都渐渐增大B．F1、F2都渐渐减小C．F1渐渐减小，F2渐渐增大D．F1、F2的合外力渐渐减小【答案】D【分析】圆滑球C受力状况以下图：F的竖直分力与重力相均衡，所以F不变；22F与F水均分力的协力等于ma，在V形槽在水平面上由静止开始向右做加快度不停减小12的直线运动的一小段时间内，加快度不停减小，由牛顿第二定律可知F112不停减小，F、F的协力渐渐减小，故D正确，A、B、C错误；应选D．【点睛】以圆滑球C为研究对象，作出圆滑球C受力状况的表示图；竖直方向上受力均衡，水平方向依据牛顿第二定律求出加快度的大小，联合加快度的变化解答．4．以下图，水平川面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上.a与b之间圆滑，a和b以共同速度在地面轨道的圆滑段向左运动.当它们刚运转至轨道的粗拙段时可能正确的选项是A．绳的张力减小，斜面对b的支持力不变B．绳的张力增添，斜面对b的支持力减小C．绳的张力减小，地面对a的支持力不变D．绳的张力增添，地面对a的支持力减小【答案】C【分析】【详解】在圆滑段运动时，物块a及物块b均处于均衡状态，对a、b整体受力剖析，受重力和支持力，二力均衡；对b受力剖析，如图，受重力、支持力、绳索的拉力，依据共点力均衡条件，有Fcosθ-FNsinθ=0①；Fsinθ+FNcosθ-mg=0②；由①②两式解得：F=mgsinθ，FN=mgcosθ；当它们刚运转至轨道的粗拙段时，减速滑行，系统有水平向右的加快度，此时有两种可能；①物块a、b仍相对静止，竖直方向加快度为零，由牛顿第二定律获得：Fsinθ+FNcosθ-mg=0③；FNsinθ-Fcosθ=ma④；由③④两式解得：F=mgsinθ-macosθ，FN=mgcosθ+masinθ；即绳的张力F将减小，而a对b的支持力变大；再对a、b整体受力剖析竖直方向重力和支持力均衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力均衡，故地面对a支持力不变.②物块b相关于a向上滑动，绳的张力明显减小为零，物体拥有向上的分加快度，是超重，支持力的竖直分力大于重力，所以a对b的支持力增大，斜面体和滑块整体拥有向上的加快度，也是超重，故地面对a的支持力也增大.综合上述议论，结论应当为：绳索拉力必定减小；地面对a的支持力可能增添或不变；对b的支持力必定增添；故A，B，D错误，C正确.应选C.

a5．以下图，质量为

m的球置于斜面上，被一个拴在斜面上的细绳拉住。现用一个力

F推斜面，使斜面在水平面上和小球一同做加快度为

a的匀加快直线运动，忽视全部摩擦，以下说法中正确的选项是A．若加快度足够小，细绳对球的弹力可能为零B．细绳对球的弹力可能为零C．斜面和细绳对球的弹力的协力必定等于maD．当F变化时，斜面对球的弹力不变【答案】B【分析】A、B、D、对小球和斜面的整体剖析可知，推力越大整体的加快度越大，当推力达到一临界值时，斜面的加快度足够大使得小球相对斜面产生上滑趋向，此时绳索的拉力为零，故A、D错误，B正确。C、对小球受力可知重力和斜面的弹力、绳的拉力，由牛顿第二定律知三个力的协力为ma，故C错误。应选B。【点睛】此题运用正交分解法，依据牛顿第二定律研究物体的受力状况，要正确作出物体的受力争，并抓住竖直方向没有加快度，找来临界状况．6．以下图，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡，R是滑动变阻器，V12S，将滑动变阻器R的滑动片由最左端向最右端、V可视为理想电压表．闭合开关滑动，小灯泡的阻值可视为不变，以下说法正确的选项是（）A．小灯泡L1变暗，V1表的示数变小，V2表的示数变大B．小灯泡

L1变亮，

V1表的示数变大，

V2表的示数变小C．小灯泡

L2变暗，

V1表的示数变小，

V2表的示数变大D．小灯泡

L2变亮，

V1表的示数变大，

V2表的示数变大【答案】D【分析】将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器与灯泡L2并联的电阻变大，外电路总电阻增大，则路端电压随之增大，即V1表的读数变大．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L1变暗，电压表2V读数变小．灯泡L22L12增大，灯泡2变亮．故D正确．应选的电压U=E-I(r+R)增大，I减小，则ULD．【点睛】此题是电路中动向剖析问题．关于路端电压能够直接依据路端电压随外电阻增大而增大，减小而减小判断．7．直流电路以下图，电源的内阻不可以忽视不计，在滑动变阻器的滑片P由图示地点向右挪动时，电源的A．效率必定增大B．总功率必定增大C．热功率必定增大D．输出功率必定先增大后减小【答案】A【分析】由电路图可知，当滑动变阻滑片向右挪动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A、电源的效率UIR，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增EIRr大，故A正确；B、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故B错误；C、电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率PQ=I2r减小，故C错误；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，因为不知道最先滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，所以没法判断电源输出功率怎样变化，故D错误；应选A．【点睛】知道电路串并联中的电流电压关系，并娴熟应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题．8．以下图，在圆滑水平面上有一质量为M的斜壁，其斜面倾角为θ，一质量为m的物体放在其圆滑斜面上，现用一水平力F推斜劈，恰使物体m与斜劈间无相对滑动，则斜劈对物块m的弹力大小为（）①mgcosθ②mgmFmFcos③④MmcosMmsinA．①④B．②③C．①③D．②④【答案】D【分析】二者一同向左匀加快运动，对物体进行受力剖析，以下图：则依据牛顿第二定律及均衡条件可得：FNcosmgFNsinma解得：FN

mgcos将两物体看做一个整体，FMmaFNsinmamF所以解得，Mmsin综上所述此题正确答案为D。9．以下图，轻弹簧的一端固定在倾角为0的圆滑斜面的底部，另一端和质量m为θ=30的小物块a相连，质量为m的小物块b紧靠a静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0，从某时刻开始，对b施加沿斜面向上的外力F，使b一直做匀加快直线运动。经过一段时间后，物块a、b分别；再经过相同长的时间，b距其出发点的距离恰巧也为x0,弹簧的形变一直在弹性限度内，重力加快度大小为g。则（）A．弹簧的劲度系数B．弹簧恢还原长时物块a、b恰巧分别C．物块b的加快度为D．拉力F的最小值为【答案】AD【分析】【详解】A、对整体剖析，依据均衡条件可知，沿斜面方向上重力的分力与弹簧弹力均衡，则有：，解得：B、由题意可知，b经两段相等的时间位移为

，故A正确；x0，由匀变速直线运动相邻相等时间内位移关系的规律可知：，说明当形变量为时二者分别，故C、对m剖析，因分别时a、b间没有弹力，则依据牛顿第二定律可知：

B错误；，联立解得：，故C错误；D、分别前对整体剖析可知，由牛顿第二定律有，则有刚开始运动时拉力F的最小，F的最小值；分别后对b剖析可知，由牛顿第二定律有确；应选AD。

，解得

，所以拉力

F的最小值为

，故

D正【点睛】解题时必定要注意明确整体法与隔绝法的正确应用，同时注意剖析运动过程，明确运动学公式的选择和应用是解题的重点。10．以下图，质量均为M的物块A、B叠放在圆滑水平桌面上，质量为m的物块C用跨过轻质圆滑定滑轮的轻绳与B连结，且轻绳与桌面平行，A、B之间的动摩擦因数为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加快度大小为g，以下说法正确的选项是( )A．物块A运动的最大加快度为gMB．要使物块A、B发生相对滑动，应知足关系m1C．若物块A、B未发生相对滑动，物块MmgA遇到的摩擦力为2MmD．轻绳对定滑轮的作使劲为2mg【答案】AC【分析】【详解】A.A遇到的最大合外力为故A正确；当A的加快度恰巧为第二定律得：

Mg，则A的最大加快度：a=μMg/M=μgμgA、B发生相对滑动，以A、BC系统为研究对象，由牛顿时，、mg=(M+M+m)μg2MC的质量起码为2M解得：m=，要使物块A、B之间发生相对滑动，物块，故B11错误；C.若物块A、B未发生相对滑动，A、B、C三者加快度的大小相等，由牛顿第二定律得：mg=(2M+m)a对A:f=Ma解得：f=Mmg，故C正确；2MmD.C要向下做加快运动，C处于失重状态，绳索的拉力：T<mg，轻绳对定滑轮的作使劲：N=T2T2=2T<2mg故D错误；11．在以下图电路中，R1、R2为定值电阻，闭合电键S后，带电粒子恰处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片向下滑动，理想电压表V1，V2，V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则( )A．V1示数减小，V2和V3示数增大B．带电粒子将向上运动C．ΔU3＞ΔU1D．此过程中U2保持不变I【答案】BCD【分析】【详解】A．将滑动变阻器的滑片向下滑动，滑动变阻器的阻值减小，电路的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，总电流增大，则V1示数U1增大．内电压增大，路端电压U减小，而路端电压U3322AU1U3，可知，V示数U减小．R两头电压增大，所以V示数减小，故错误；B．R2两头电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，带电粒子所受的电场力增大，所以带电粒子将向上运动，故B正确；C．因为UU1U3，U3减小，U1增大，而U减小，所以U3＞U1．故C正确；D．依据闭合电路欧姆定律知：U2EI(R1R2r)得U2R1R2rI保持不变，故D正确．应选BCD．12．倾角为θ的斜面体

M静止放在粗拙水平川面上，其斜面也是粗拙的．已知质量为

m的物块恰可沿其斜面匀速下滑．今对下滑的物块

m施加一个向右的水平拉力

F，物块仍沿斜面向下运动，斜面体

M一直保持静止．则此时（

）A．物块m下滑的加快度等于Fcosθ/mB．物块m下滑的加快度大于Fcosθ/mC．水平面对斜面体M的静摩擦力方向水平向左D．水平面对斜面体M的静摩擦力大小为零【答案】BD【分析】【剖析】【详解】AB．对物体B受力剖析，遇到重力、支持力和滑动摩擦力，如图依据均衡条件，有mgsinθ=f，mgcosθ=N；此中f=μN；解得：μ=tanθ当加上推力后，将推力依据作用成效正交分解，如图依据牛顿第二定律，有mgsinθ+Fcosθ-μ(mgcosθ-Fsinθma)=，解得FcosFsinFcosamm选项A错误，B正确；CD．无拉力时，对斜面受力剖析，遇到重力Mg，压力、滑块的摩擦力和地面的支持力，此中压力和摩擦力的协力竖直向下，如图当有拉力后，压力和摩擦力都成比率的减小，但其协力依旧向下，故地面与斜面体间无摩擦力，故CD错误；应选BD．【点睛】此题重点是先对物体B受力剖析，获得动摩擦因数

μ=tanθ，而后获得物体

B对斜面题的摩擦力和压力的协力必定竖直向下．13．在以下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R12为定值电、R阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，图中电表为理想电表．在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中（）A．电压表示数变大B．电容器C所带电荷量减少C．电流表示数变小D．a点的电势降低【答案】ABD【分析】【剖析】考察含容电路的动向剖析。【详解】A．在滑动变阻器滑动触头P自a端向b端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两头电压增大，则电压表示数增大，A正确；B．电阻R2两头电压：U2=E-I(R1+r)，I增大，则U2减小，电容器板间电压减小，带电量减小，B正确；22IAII，I增大，I2减小，则AC．经过R的电流I减小，经过电流表的电流2I增大，即电流表示数变大，C错误；D．外电路顺着电流方向电势降低，可知a的电势大于0，a点电势等于R两头电压，U22减小，则a点电势降低，D正确。应选ABD。14．以下图的电路中，电源的电动势

E和内阻

r必定，

A、B为平行板电容器的两块正对金属板，

R1为光敏电阻，电阻随光强的增大而减小．当R2的滑动触头

P在

a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U.以下说法正确的选项是A．若仅将R2的滑动触头P向b端挪动，则I不变，U不变B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量不变C．若仅用更强的光照耀R1，则I增大，U减