2020浙江省绍兴市中考物理真题及答案

》》》》》》历年考试真题——2023年最新整理《《《《《《》》》》》》历年考试真题——2023年最新整理《《《《《《》》》》》》历年考试真题——2023年最新整理《《《《《《2020浙江省绍兴市中考物理真题及答案题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5小题，共20.0分）端午节，小敏提着一盒粽子去看望长辈时，下列提法中手受到压强最大的是（）A.用单手提单绳

B.用单手提双绳

C.用双手提单绳

D.用双手提双绳

将静电球装置放在水平桌面上，未通电时，多只锡碗叠放在静电球上（图甲）。通电后，锡碗依次向上飞起（图乙），最后落到桌面上。下列说法正确的是（）

A.图甲中，静止的锡碗受到惯性的作用

B.图乙中，以空中的锡碗为参照物，静电球是运动的

C.图甲中，锡碗受到自身重力和桌面对它的支持力

D.图乙中，锡碗能飞起来是由于同种电荷相互吸引下列有关电铃（如图）说法正确的是（）A.电铃的工作原理是电磁感应

B.小锤击打到铃碗时，电磁铁仍具有磁性

C.要使铃声响度大一些，可适当降低电压

D.滑动变阻器的滑片向左移动，电磁铁的磁性增强

某款感应式垃圾桶如图所示。其工作原理如下：启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开；手离开5秒后动力装置会控制桶盖闭合，然后感应开关自动断开。下列电路符合要求的是（）A. B.

C. D.如图，甲、乙实验可以得出“定滑轮不能省力”这一结论。小敏想通过一次实验既得出结论，又能直接显示出钩码的重力大小，于是在左侧加上一个相同的弹簧测力计（弹簧测力计重力不能忽略、绳和滑轮之间摩擦不计）。下列四套装置中能实现的是（）A. B. C. D.二、填空题（本大题共3小题，共14.0分）2020年5月5日，我国自主研发的长征5号B型运载火箭圆满完成发射任务。图为起飞阶段加速上升的火箭，该过程中，内部的新型返回舱的动能______（选填“增大”、“减小”或“不变”），火箭整体的机械能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。小敏将质量为20克，体积为25厘米3的塑料块放入水平平衡的容器内（图甲），放手后容器右端下降。撤去塑料块，往容器内缓慢倒入一定量的水，使容器再次水平平衡（图乙），将该塑料块轻轻放入图丙所示位置，放手后容器最终将______（选填“左低右高”，“左高右低”或“水平平衡”）。此时，塑料块所受浮力为______牛。

如图是某电烤箱的内部简化电路图，下表是电烤箱铭牌的部分信息，R0和R均为电热丝，其他电阻均忽略不计。已知R=202欧。额定电压220V频率50Hz额定功率高温档低温档200W（1）电烤箱A、B触点中连接火线的是______触点。

（2）闭合总开关，将旋钮开关转到如图所示位置，此时电烤箱处于______（选填“高温档”或“低温档”）。

（3）在额定电压下，电烤箱高温档工作2分钟产生内能______焦。

三、计算题（本大题共2小题，共17.0分）2020年5月27日，中国珠峰高程测量登山队从北坡成功登顶，圆满完成峰顶测量任务，亿万民众共同见证这一极限挑战，激起国人满腔豪情。

（1）登顶的一大难关是“第二台阶”，这段垂直高度4米的岩壁上架着“中国梯”（图甲），登山队员的质量为75千克，爬完岩壁至少需要克服重力做功多少焦耳？

（2）科学家在珠峰底部设立了多个观测点（图乙）来测量珠峰高度的目的是______。

（3）受到测量珠峰高度的启发，小敏用激光笔来测量校内的旗杆高度（图丙）；打开激光笔开关，让激光对准旗杆的顶端，要测算出旗杆高度H，需测出的数据有______。

小敏家住某5层公寓楼中的4楼，当他在1楼按下楼道灯开关，5盏“220V12W”的楼道灯全部点亮，然后延时60秒均自动关闭。他正常每登一层楼所需时间为12秒。小敏意识到楼道灯这样的工作方式有些浪费电能，对楼道电路进行设计，改进电路如图，K为启动延时开关，S为感应跳转开关，K按下时S按通触点1、2，S感应到人到2楼，跳转至触点2、3，感应到人到3楼，跳转至触点3、4……跳转后若20秒后感应不到人，则K断开。

（1）按照原先楼道灯的工作方式，小敏正常上楼回家一次，楼道灯一共消耗多少电能？

（2）改进后的方案中，S跳转前后，通过启动延时开关的电流大小______（选填“增大”、“减小”或“不变”），小敏正常上楼回家一次，比原来节约多少电能？

四、实验探究题（本大题共2小题，共21.0分）热机发明后，一直在持续的改进和发展中。

材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车（图甲），传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧（图乙），热效率为5%～8%之间。

材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机（内燃指燃料在气缸内燃烧）的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。

材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。

（1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”由图中的______冲程实现。

（2）德罗夏提到的内燃方式是基于______的猜想；

（3）老师在重复演示“做功改变内能”实验（图丙）之间，需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的______（选填“吸气”“压缩”“做功”或“排气”）冲程的原理相似。在“研究凸透镜成像规律”的实验中。

（1）某次实验过程中，小敏移动光屏直到出现清晰的像，蜡烛、透镜和光屏在光具座上位置如图所示，此时所成的是倒立______的实像。

（2）若通过移动透镜，使光屏上再次成清晰的像，透镜应该移到______厘米刻度处。

（3）实验一段时间后，原来成在光屏中央的像“跑”到图甲所示的位置。下列操作可以让像重新回到光屏中央的有______。

①光屏上移一段距离

②蜡烛下移一段距离

③透镜下移一段距离

（4）研究好成像规律后，小敏模拟了近视和远视的矫正。图乙中，小敏给透镜A戴上“眼镜”（凸透镜B），光屏上刚好出现清晰的像，摘下“眼镜”后，光屏上的像变模糊，如图丙所示。若要通过移动蜡烛使像再次清晰，应将蜡烛向______（选填“靠近”或“远离”）透镜方向移动一段距离。

答案和解析1.【答案】A

【解析】解：（1）用手提单绳与提双绳相比，压力大小相同，受力面积小，手受到的压强大，故BD错误；

（2）用单手与用双手提起同一盒粽子，所受压力相等，用单手时受力面积小，所受压强最大，故A正确，C错误。

故选：A。

压强是表示压力作用效果的物理量；

影响压力作用效果的因素：压力大小、受力面积大小。

压强与压力大小、受力面积大小有关，生活、生产中常通过改变受力面积改变压强。

2.【答案】B

【解析】解：A、静止的锡碗受平衡力作用，惯性不是力，不能说受到惯性作用，只能说锡碗具有惯性，故A错误；

B、图乙中，以空中的锡碗为参照物，静电球与锡碗之间发生了位置的改变，因此以空中的锡碗为参照物，静电球是运动的，故B正确；

C、图甲中，锡碗受到自身重力和静电球对它的支持力，不是桌面对它的支持力，故C错误；

D、图乙中，锡碗能飞起来是由于同种电荷相互排斥，而不是吸引，故D错误。

故选：B。

（1）惯性是指一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力；

（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；

（3）由于锡碗叠放在静电球上，所以碗受到的重力和静电球对它的支持力；

（4）电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

本题考查的知识点较多，有电荷间的相互作用、惯性、力与运动的关系等，都属于较基础的知识，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：

A、电铃内部有一个电磁铁，则电铃的工作原理是电流的磁效应，故A错误；

B、开关闭合后，电磁铁吸引衔铁，小锤击打到铃碗，此时衔铁与上面触点分开，使电路断开，则电磁铁失去磁性，故B错误；

C、要使铃声响度大一些，应使小锤敲击铃碗的力增大，电磁铁的磁性应增强，在线圈匝数不变时，电路中电流应增大，所以应增加电源电压，故C错误；

D、由图知，滑动变阻器的滑片向左移动时，电阻减小，则电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，故D正确。

故选：D。

电铃内部有一个电磁铁，电铃是利用电流的磁效应工作的；在线圈匝数不变时，电流越大，电磁铁的磁性越强，小锤敲击铃碗的力越大，铃声响度增大。

电铃是利用电流的磁效应工作的，电磁铁对衔铁的吸引是小锤敲击铃碗的动力。

4.【答案】C

【解析】解：启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开，这表明灯泡和动力装置能各自独立工作，并联在电路中，启动开关接在干路中，控制整个电路；感应开关控制动力装置，串联在一条支路中，故C符合题意。

故选：C。

启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；当感应开关闭合后，垃圾桶打开，这表明该电路为并联电路，据此分析。

本题考查了电路的设计，能判定出电路的连接方式是解题的关键。

5.【答案】D

【解析】解：

（1）在AC两图中，钩码挂在拉环上（即左边测力计倒置使用），因为弹簧测力计本身有重力，所以此时测力计显示的示数等于测力计自身的重力与钩码重力之和，则不能直接显示出钩码的重力大小，故AC错误；

（2）在BD两图中，钩码挂在挂钩上（即左边测力计正常使用），所以能直接显示出钩码的重力大小；

①B图中，右边的测力计倒置使用，此时右边测力计的示数等于左边测力计的重力与钩码重力之和，而左边测力计的示数等于钩码的重力，所以两边测力计的示数不相等，不能得出正确结论，故B错误；

②设两测力计的重力均为G，由于定滑轮上的左边都是钩码和一个测力计在拉绳子，则绳子的拉力为F=G1+G；

D图中，左边测力计的示数为：F左=G1；

手拉右边测力计的挂钩，由力的平衡条件可得，右边测力计的示数（即测力计受到向下的拉力）：F右=F-G=G1+G-G=G1；

所以，F左=F右=G1，能得出正确结论，故D装置中能实现所有的要求；

故选：D。

由于绳和滑轮之间摩擦不计，但弹簧测力计的重力对实验会产生影响，根据定滑轮不能省力的特点，结合“通过一次实验既得出结论，又能直接显示出钩码的重力大小”，逐个分析弹簧测力计的重力对测量结果的产生的影响，然后即可判断。

本题主要考查了定滑轮的实质和工作特点，关键是明确测力计的示数是显示作用在测力计挂钩上的力。

6.【答案】增大

增大

【解析】解：火箭加速上升时，内部的新型返回舱的速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，火箭整体的机械能增大。

故答案为：增大；增大。

（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。

（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。

（3）动能和势能统称为机械能。

掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。

7.【答案】水平平衡

0.2

【解析】解：塑料块的密度ρ===0.8g/cm3，

由ρ＜ρ水可知，放手后塑料块会漂浮在水中，

因液体内部朝各个方向都有压强，且在同一深度液体向各个方向的压强相等，

所以，由p=的变形式F=pS可知，容器底部受到的压力相等，则放手后容器最终将水平平衡；

此时，塑料块所受浮力F浮=G=mg=20×10-3kg×10N/kg=0.2N。

故答案为：水平平衡；0.2。

知道塑料块的质量和体积，根据ρ=求出其密度，然后与水的密度相比较确定放手后塑料块的状态，根据液体压强特点和压强公式得出容器底受到的压力关系，然后得出容器的状态，根据物体浮沉条件求出塑料块所受浮力。

本题考查了密度公式和液体压强公式、压强定义式、物体浮沉条件的应用等，是一道较为简单的应用题。

8.【答案】A

低温档

1.452×105

【解析】解：

（1）由电路图可知，总开关与A触点相连，根据安全用电的原则可知，连接火线的是A触点；

（2）由电路图可知，将旋钮开关转到如图所示位置，R0与R串联，此时电路的总电阻最大，

由P=UI=可知，电源的电压不变时，电路的总功率最小，电烤箱处于低温档；

（3）电路图可知，R0与R串联，电烤箱处于低温档，此时电路的总电阻：

R总===242Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，R0的阻值：

R0=R总-R=242Ω-202Ω=40Ω，

电烤箱高温档时电路为R0的简单电路，工作2分钟产生的内能：

Q=W=t=×2×60s=1.452×105J。

故答案为：（1）A；（2）低温档；（3）1.452×105。

（1）开关与用电器的连接方法：从火线先接入开关，再接入用电器，从用电器出来后回到零线；

（2）将旋钮开关转到如图所示位置时，分析电路的总电阻，根据P=UI=判断电路的总功率大小，然后得出电烤箱的档位；

（3）电路图可知，R0与R串联，电烤箱处于低温档，根据P=UI=求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出R0的阻值；电烤箱高温档时电路为R0的简单电路，根据Q=W=t求出工作2分钟产生的内能。

本题考查了安全用电的原则和电功率公式、电热公式的综合应用等，分清电烤箱处于不同档位时电路的连接方式是关键。

9.【答案】多次测量求平均值减小误差

AB、AC、OB

【解析】解：（1）登山队员的重力：

G=mg=75kg×10N/kg=750N，

爬完岩壁做功：

W=Gh=750N×4m=3000J；

（2）科学家在珠峰底都设立了多个观测点来测量珠峰高度的目的是多次测量求平均值减小误差；

（3）要测算出旗杆高度H，利用相似三角形对应边的比等于相似比，则=，因此需测出的数据有AB、AC、OB。

答：（1）爬完岩壁至少需要克服重力做功3000J；（2）多次测量求平均值减小误差；AB、AC、OB。

（1）利用G=mg可求得登山队员的重力，再利用W=Gh可求得爬完岩壁至少需要克服重力做功多少焦耳；

（2）多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律，据此选择；

（3）利用相似三角形对应边的比等于相似比可得旗杆的高度。

此题主要考查功的计算，同时涉及到相似三角形对应边成比例，因此解答此题要求学生应具备一定的学科综合能力。

10.【答案】不变

【解析】解：

（1）按照原先楼道灯的工作方式，小敏正常上楼回家一次，楼道灯一共消耗的电能为：W=Pt=5×12W×60s=3600J；

（2）由题意可知，每盏灯的规格相同，它们都能各自独立工作，工作时的电流是相同的；

一楼灯消耗的电能为：W1=Pt1=12W×12s=144J；

二楼灯消耗的电能为：W2=Pt2=12W×24s=288J；

三楼灯消耗的电能为：W3=Pt3=12W×24s=288J；

四楼灯消耗的电能为：W4=Pt4=12W×（12s+20s）=384J；

五楼灯消耗的电能为：W5=Pt5=12W×20s=240J；

消耗的总电能为：W'=W1+W2+W3+W4+W5=144J+288J+288J+384J+240J=1344J；

节约的电能为：△W=W'-W=3600J-1344J=2256J。

故答案为：（1）消耗的电能为3600J；（2）不变；节约的电能为2256J。

（1）根据W=Pt求出楼道灯消耗的电能；

（2）由于每盏灯的规格相同，所以各自独立工作时的电流是相同的；根据每层楼道内的灯工作的时间求出其消耗的电能，然后求出总电能。

本题考查了电功的计算，明确每盏灯的工作时间是解题的关键。

11.【答案】C

燃料在气缸内燃烧，热量损失少，热效率高

排气

【解析】解：（1）在四冲程内燃机中，提供动力的是做功冲程；由图可知，A中进气门打开，活塞下行，为吸气冲程；B中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程；C中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程；D中排气门打开，活塞上行，为排气冲程；故“巨大爆发力”由C冲程实现；

（2）德罗夏提到的内燃方式是基于燃料在气