下载本文档
版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领
文档简介
山东省青岛市莱西第一中学南校2023年高三物理联考试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.如图所示,A.B两个小球带同种电荷,用一根绝缘细线相连,静放在光滑的绝缘水平面上,A的质量为m,B的质量为2m。剪断细线后某时刻A球的速度为v。则从剪断细线到A球速度为v的过程中,关于A、B两球组成的系统的电势能的变化,以下说法正确的是A.电势能增加了B.电势能增加了C.电势能减少了D.电势能减少了参考答案:
D2.(单选)人放风筝,可使风筝静止在空中。如图所示的四幅图中,MN代表风筝截面,PQ代表风筝线,风向水平,风筝可能静止的是参考答案:B3.(多选题)如图所示电路中,电源电动势为E,内阻r.闭合电键S,电压表示数为U,电流表示数为I,在滑动变阻器R2的滑片P由a端滑到b端的过程中(
)A.U先变大后变小B.I先变大后变小C.U与I的比值先变小后变大D.U变化量与I变化量的比值不变参考答案:AD考点:闭合电路的欧姆定律、动态电路【名师点睛】本题主要考查了闭合电路的欧姆定律、动态电路。滑动变阻器上下两部分并联,当滑片在中间位置时总电阻最大,则在滑动变阻器R2的滑片P由a端滑到b端的过程中,滑动变阻器R2的电阻先增大后减小,根据闭合电路欧姆定律可知电流及电压的变化情况,因为,所以,又由,可知U变化量与I变化量的比值。4.(单选)如图所示,两根可自由移动的靠得很近的平行长直导线,通以相反方向的电流,且I1>I2,则两导线所受的安培力F1和F2的大小关系及其运动方向为()A.F1>F2,且相互靠近B.F1<F2,且相互远离C.F1=F2,且相互靠近D.F1=F2,且相互远离参考答案:考点:平行通电直导线间的作用.分析:物体间力的作用是相互的,物体间的相互作用力大小相等;磁场是由通电导线产生的,一通电导线在另一导线电流的磁场中,会受到安培力作用,由安培定则判断出电流的磁场方向,然后由左手定则判断出安培力方向.解答:解:A、通电导线在其周围产生磁场,通电导线在磁场中受到安培力作用,两导线所受安培力是作用力与反作用力,它们大小相等,故AB错误;C、由右手螺旋定则可知:I1在I2处产生的磁场垂直纸面向里,由左手定则可知,I2所所受安培力向左;由右手螺旋定则可知:I2在I1处产生的磁场垂直纸面向外,由左手定则可知,I1所所受安培力向右;则两导线相互远离;故C错误,D正确;故选D.点评:通电导线处于磁场中要受到安培力作用,可得:同向电流相互吸引,异向电流相互排斥.可作为结论让学生记住.5.(单选)电荷均匀分布在半球面上,在这半球的中心O处电场强度等于E0.两个平面通过同一条直径,夹角为α(α<π2),从半球中分出这一部分球面,则剩余部分球面上(在“大瓣”上)的电荷(电荷分布不变)在O处的电场强度()参考答案:D二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.(4分)图A是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图,测速仪发出并接收超声波冲信号,根据发出和接收到的信号间的时间差,测出被测物体的速度。图B中p1、p2是测速仪发出的超声波信号,n1、n2是p1、p2由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描,p1、p2之间的时间间隔Δt=1.0s,超声波在空气中传播的速度是v=340m/s,若汽车是匀速行驶的,则根据图B可知,汽车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离是
m,汽车的速度是
m/s。参考答案:答案:17,17.97.新发现的双子星系统“开普勒-47”有一对互相围绕运行的恒星,运行周期为T,其中一颗大恒星的质量为M,另一颗小恒星只有大恒星质量的三分之一。已知引力常量为G。大、小两颗恒星的转动半径之比为_____________,两颗恒星相距______________。参考答案:1:3,
8.一多用电表的电阻档有三个倍率,分别是“×1”、“×10”、“×100”.用“×10”档测量某电阻时,操作步骤正确,发现表头指针偏转角度很小,为使测量值更准确,应换到×100档;如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数,那么缺少的步骤是欧姆调零.参考答案:考点:用多用电表测电阻.专题:实验题;恒定电流专题.分析:使用欧姆表测电阻时应选择合适的挡位,使指针指在中央刻度线附近;欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零.解答:解:用“×10”档测量某电阻时,表头指针偏转角度很小,说明所选挡位太小,为使测量值更准确,应换大挡,应换到×100挡;换挡后要重新进行欧姆调零,然后再测电阻阻值.故答案为:×100;欧姆调零.点评:本题考查了欧姆表的实验注意事项与使用方法,使用欧姆表测电阻时应选择合适的挡位,使指针指在中央刻度线附近;欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零.9.(4分)有两个单摆做简谐运动,位移与时间关系是:x1=3asin(4πbt+)和x2=9asin(8πbt+),其中a、b为正的常数,则它们的:①振幅之比为__________;②摆长之比为_________。参考答案:①1:3②4:110.已知气泡内气体的密度为30g/,平均摩尔质量为1.152g/mol。阿伏加德罗常数,估算气体分子间距离d=___________m,气泡的体积为1cm3,则气泡内气体分子数为_____________个。参考答案:d=4×10-9m
,)
1.56×1019
11.(4分)卢瑟福通过___________实验,发现了原子中间有一个很小的核,并由此提出了原子的核式结构模型。平面示意图中的四条线表示α粒子运动的可能轨迹,在图中完成中间两条α粒子的运动轨迹。
参考答案:答案:α粒子散射
12.质量M=500t的机车,以恒定的功率从静止出发,经过时间t=5min在水平路面上行驶了s=2.25km,速度达到了最大值vm=54km/h,则机车的功率为3.75×105W,机车运动中受到的平均阻力为2.5×104N.参考答案:考点:功率、平均功率和瞬时功率.专题:功率的计算专题.分析:汽车达到速度最大时做匀速直线运动,牵引力做功为W=Pt,运用动能定理求解机车的功率P.根据匀速直线运动时的速度和功率,由P=Fv求出此时牵引力,即可得到阻力.解答:解:机车的最大速度为vm=54km/h=15m/s.以机车为研究对象,机车从静止出发至达速度最大值过程,根据动能定理得
Pt﹣fx=当机车达到最大速度时P=Fvm=fvm由以上两式得P=3.75×105W机车匀速运动时,阻力为f=F==2.5×104N故答案为:3.75×105;2.5×104点评:本题关键要清楚汽车启动的运动过程和物理量的变化,能够运用动能定理和牛顿第二定律解决问题.13.某实验小组在探究加速度与力、质量的关系的实验中,得到以下左图所示的实验图线a、b,其中描述加速度与质量关系的图线是
;描述加速度与力的关系图线是
。为了便于观察加速度与质量关系通常采用
关系图线.⑵.(6分)在研究匀变速直线运动的实验中,获得反映小车运动的一条打点纸带如右上图所示,从比较清晰的点开始起,每5个打点取一个计数点(交流电源频率为50HZ),分别标出0与A、B、C、D、E、F点的距离,则小车①做
运动,判断依据
;②小车的加速度为______m/s2参考答案:三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.(09年大连24中质检)(选修3—4)(5分)半径为R的半圆柱形玻璃,横截面如图所O为圆心,已知玻璃的折射率为,当光由玻璃射向空气时,发生全反射的临界角为45°.一束与MN平面成45°的平行光束射到玻璃的半圆柱面上,经玻璃折射后,有部分光能从MN平面上射出.求①说明光能从MN平面上射出的理由?
②能从MN射出的光束的宽度d为多少?参考答案:解析:①如下图所示,进入玻璃中的光线a垂直半球面,沿半径方向直达球心位置O,且入射角等于临界角,恰好在O点发生全反射。光线a右侧的光线(如:光线b)经球面折射后,射在MN上的入射角一定大于临界角,在MN上发生全反射,不能射出。光线a左侧的光线经半球面折射后,射到MN面上的入射角均小于临界角,能从MN面上射出。(1分)最左边射向半球的光线c与球面相切,入射角i=90°折射角r=45°。故光线c将垂直MN射出(1分)
②由折射定律知(1分)
则r=45°
(1分)
所以在MN面上射出的光束宽度应是
(1分)15.如图所示,质量m=1kg的小物块静止放置在固定水平台的最左端,质量2kg的小车左端紧靠平台静置在光滑水平地面上,平台、小车的长度均为0.6m。现对小物块施加一水平向右的恒力F,使小物块开始运动,当小物块到达平台最右端时撤去恒力F,小物块刚好能够到达小车的右端。小物块大小不计,与平台间、小车间的动摩擦因数均为0.5,重力加速度g取10m/s2,水平面足够长,求:(1)小物块离开平台时速度的大小;(2)水平恒力F对小物块冲量的大小。参考答案:(1)v0=3m/s;(2)【详解】(1)设撤去水平外力时小车的速度大小为v0,小物块和小车的共同速度大小为v1。从撤去恒力到小物块到达小车右端过程,对小物块和小车系统:动量守恒:能量守恒:联立以上两式并代入数据得:v0=3m/s(2)设水平外力对小物块的冲量大小为I,小物块在平台上运动的时间为t。小物块在平台上运动过程,对小物块:动量定理:运动学规律:联立以上两式并代入数据得:四、计算题:本题共3小题,共计47分16.如图所示,质量M=10kg、上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以初速度v0=5m/s沿水平地面向右匀速运动。现有足够多的小铁块,它们的质量均为m=1kg,将一铁块无初速地放在木板的最右端,当木板运动了L=1m时,又无初速度地在木板的最右端放上第2块铁块,只要木板运动了L就在木板的最右端无初速度放一铁块。(取g=10m/s2)试问:(1)第1块铁块放上后,木板运动了L时,木板的速度多大?(2)最终木板上放有多少块铁块?(3)最后一块铁块与木板右端距离多远?20090602
参考答案:(1)木板最初做匀速运动,由解得,第l块铁块放上后,木板做匀减速运动,即有:
代人数据解得:
(4分)(2)设最终有n块铁块能静止在木板上.则木板运动的加速度大小为:第1块铁块放上后:第2块铁抉放上后:
第n块铁块放上后:由上可得:木板停下时,,得n=6.6。即最终有7块铁块放在木板上。
(5分)(3)从放上第1块铁块至刚放上第7块铁块的过程中,由(2)中表达式可得:从放上第7块铁块至木板停止运动的过程中,设木板发生的位移为d,则:
联立解得:
17.如图所示,AB是一段位于竖直平面内的光滑轨道,高度为h,末端B处的切线方向水平.一个质量为m的小物体P从轨道顶端A处由静止释放,滑到B端后飞出,落到地面上的C点,轨迹如图中虚线BC所示.已知它落地时相对于B点的水平位移OC=l.现在轨道下方紧贴B点安装一水平传送带,传送带的右端与B的距离为l/2.当传送带静止时,让P再次从A点由静止释放,它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平飞出,仍然落在地面的C点.(不计空气阻力)(1)求P滑至B点时的速度大小(2)求P与传送带之间的动摩擦因数(3)当传送带运动时(其他条件不变),P的落地点为仍为C点,求传送带运动方向及速度v的取值范围
参考答案:(1)(2)(3)当传送带向右运动时,v<
当传送带向左运动时,速度仍为,(1)物体P在AB轨道上滑动时,
(2分)P滑到B点时的速度为
(1分)(2)当没有传送带时,物体离开B点后作平抛运动,运动时间为t,(1分)当B点下方的传送带静止时,物体从传送带右端水平抛出,在空中运动的时间也为t,水平位移为l/2,因此物体从传送带右端抛出的速度(1分)由牛顿第二定律得(1分)由运动学公式得(1分)解得物体与传送带之间的动摩擦因数为(1分)(3)方式一:当传送带向右运动时,若传送带的速度v<v1,即v<时,物体在传送带上一直做匀减速运动,离开传送带的速度仍为,P的落地点为仍为C点
(2分)方式二:当传送带向左运动时,速度无大小要求,物体都一直做匀减速运动,离开传送带的速度仍为,P的落地点为仍为C点
(2分)18.如图所示,光滑水平面上静止放置质量M=2kg,长L=0.84m的长木板C;离板左端S=0.12m处静止放置质量mA=1kg的小物块A,A与C间的动摩擦因数μ=0.4,在板右端静止放置质量mB=1kg的小物块B,B与C间的摩擦忽略不计.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,A、B均可视为质点,g=10m/s2.现在木板上加一水平向右的外力F,问:(1)当F=9N时,小物块A、B、C的加速度分别为多大?(2)要使A与B碰撞之前,A的运动时间最短,则F至少应为多大,并求出最短时间.(3)若在A与B刚发生弹性碰撞时撤去外力F,且A最终能滑出C,则F的取值范围是多少?参考答案:考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系;匀变速直线运动的位移与时间的关系..专题:牛顿运动定律综合专题.分析:(1)由牛顿第二定律可以求出加速度.(2)由牛顿第二定律与运动学公式可以求出运动时间.(3)由牛顿第二定律求出加速度,由匀变速运动的位移公式求出时间,然后应用牛顿第二定律、动量守恒定律与能量守恒定律求出力的范围.解答:解:(1)设A和C一起向右加速,它们之间静摩擦力为f,由牛顿第二定律得:F=(M+mA)a
温馨提示
- 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
- 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
- 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
- 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
- 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
- 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
- 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
评论
0/150
提交评论