初二(下学期)期末物理试卷及答案

第第页第=page22页，共=sectionpages22页初二(下学期)期末物理试卷及答案（时间90分钟，满分100分）题号一二三四五六总分得分一、单选题（本大题共13小题，共26.0分）“足球进校园”一直是热议话题，足球运动中蕴含着许多物理知识，下列说法正确是（）A.竖直抛出的足球，在最高点时处于平衡状态

B.球员用力把足球踢入球门，说明力的作用效果只与力的大小有关

C.足球在空中飞行时没有和任何物体接触，所以此时它不受力的作用

D.守门员双手抱球使足球停下来，表明力可以改变物体的运动状态图中物体受力示意图不正确的是（）A.水平面上匀速行驶的汽车受到的力

B.不倒翁所受的重力

C.抛出手的铅球受到的力

D.静止在斜面上的木箱受到的力秋千荡到最高点时，如果受到的力全部消失，下列现象可能会发生的是（）A.继续来回摆动 B.做匀速直线运动

C.保持静止状态 D.做匀速圆周运动小明踢足球，足球的运动轨迹如图所示，下列说法正确的是（）A.脚踢球时，球发生形变产生了脚对球的力

B.足球离开脚后速度越大，惯性越大，飞得更远

C.脚踢球时，脚对球的力和球对脚的力是一对相互作用力

D.若足球在最高点时，一切外力同时消失，足球将静止如图所示的各个实例，为了增大压强的是（）A.压路机的碾子很重

B.书包带做得较宽

C.滑雪板的面积较大

D.图钉帽的面积较大1644年，首先用实验测定大气压强值的意大利物理学家是（）A.托里拆利 B.牛顿 C.帕斯卡 D.安培同一根密度计放入甲乙两种液体中，状态如图，下列说法正确的是（）A.甲液体对密度计的浮力大

B.乙液体对密度计的浮力大

C.甲液体对容器底部的压强较大

D.乙液体对容器底部的压强较大

如图所示的四个场景中，主要依靠空气浮力而“飞天”的是（）A.翟志刚“行走”太空

B.

李宁点燃奥运圣火炬

C.

热气球冉冉升空

D.

飞机翱翔蓝天2019年5月26日，在长春市举行的第三届国际马拉松比赛中，当运动员冲刺时，运动员（）A.重力增大 B.惯性增大 C.动能增大 D.机械能不变在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球，白球发生运动后碰撞其他球，以下说法正确的是（）A.手推动球杆前进时，手对球杆做了功

B.球在水平桌面滚动时，重力对球做了功

C.桌面对球的支持力做了功

D.白球撞击黑球后没有静止，是因为人的手还在对白球做功

学校旗杆顶装有定滑轮，这样做（）A.既省力，也改变施力的方向 B.省力，但不改变施力的方向

C.不省力，但改变施力的方向 D.既不省力，也不改变施力的方向如图所示的简单机械，属于费力杠杆的是（）A.船桨

B.撬棍

C.钳子

D.自行车手闸如图，每个滑轮质量相同，重为G的物体，在拉力的作用下匀速上升，已知乙滑轮组的效率为η，不计摩擦、绳重和木板重，下列说法不正确是（）

A.两滑轮组的机械效率可能相等

B.F1一定大于F2

C.每个滑轮重

D.甲、乙将重物提升相同的高度时，拉力的功率可能相等二、填空题（本大题共7小题，共22.0分）排球运动员扣球时，感到手部疼痛，说明力的作用是______，同时排球会变瘪，运动速度的大小和方向也会改变。这说明力不仅可以使物体发生______，还可以改变物体的______。小明每天骑自行车上学，他看到路边的小树向后“飞过”，是以______为参照物；他身上的书包背带比较宽，这样做的目的是为了______压强（选填“增大”或“减小”）．在装修房屋时，工人师傅常用一根足够长的透明塑料软管，里面灌入适量的水（水中无气泡），两人各持管的一端靠在墙面的不同地方，当水静止时，在与水面相平的位置做出标记．这样做利用了______原理，当把塑料管的一端提高10cm，最终管两端水面的高度差为______．如图所示，用拇指和食指按压一支铅笔的两端，拇指和食指受到的压力分别为F1和F2，受到的压强分别为p1和p2．则F1______F2，p1______p2（两空选填“＞”“＜”或“=”）；若F2=1N，笔尖的面积为1×10-6m2，则p2=______Pa。

饺子煮熟后会浮起来，这是因为饺子皮、饺子馅和饺子里的空气受热后______，饺子受到的______大于饺子受到的重力，所以就浮起来了．小静在20s内用300N的推力把500N的箱子沿水平地面推了5m，箱子受到的摩擦力为200N在此过程中，小静对物体做了______J的功，做功的功率为______W。如图所示，工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L=3m，高h=1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，力F所做的功为______J。

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）一个质量分布均匀的小球放在光滑的水平地面上，左边与竖直光滑墙壁接触，小球处于静止状态，如图，在图中画出小球受力示意图。

若用一个定滑轮和两个动滑轮组成滑轮组提升重物，请你用画线代替绳子，画出最省力的绕线方法。

四、实验探究题（本大题共4小题，共29.0分）在“制作橡皮筋测力计”的活动中，同学们发现：在一定的范围内，橡皮筋受到的拉力越大，橡皮筋的长度越长。根据这一现象，小明和小华提出如下猜想（如图）。究竟谁的猜想正确呢？他们决定一起通过实验来验证自己的猜想。

（1）要完成实验，除了需要一根橡皮筋、若千个相同的钩码、铁架台和细线外，还需要的器材是______。

（2）小明和小华的实验记录数据如表：1拉力（钩码总重）F/N00.51.01.52.02.52橡皮筋的总长度L/cm4.55.15.76.36.97.53橡皮筋伸长的长度△L/cm00.61.21.82.43.0①没有挂钩码时，橡皮筋的长度L0=______cm。

②要判断小华的猜想是否正确，应对表格中的哪两行数据进行分析比较？答：应对______（选填序号）两行数据进行比较。

③分析表格中的数据，你认为实验能初步验证谁的猜想是正确的？答：______

你是如何分析数据并做出此判断的？请简要写出你的判断依据：______

④如果某次实验中小华直接用手拉这根橡皮筋，测得橡皮筋的总长度是8.4cm（没有超过橡皮筋的弹性限度），根据表格数据可以推知，小华对橡皮筋的拉力是______N。如图所示，为了验证阿基米德原理，小昌做了如下实验。

（1）向溢水杯中注水，使水面恰好与出水口______。

（2）该实验漏掉一个步骤，请写出该步骤E的内容：______，此时弹簧测力计的示数是F4；

（3）为减少误差，A、B、C、D、E操作的合理顺序应该是______（按顺序填写序号）。

（4）若F1、F2、F3、F4之间满足关系______=______，则说明“阿基米德原理”成立。

（5）验证出“阿基米德原理”后，小昌为了验证浮力的大小跟物体形状是否有关时，将橡皮泥放入盛水的烧杯中，橡皮泥沉至杯底，又将橡皮泥捏成小船形状放入水中，发现其漂浮在水面上，她认为：浮力的大小与物体的形状有关。你认为她的观点______（选填“正确”或“不正确”），理由是：______。如图所示的是“探究影响重力势能大小因素”的实验过程。（容器中装有沙子，A和B为实心铁块，A的质量比B的质量小）。

（1）由______两图可探究重力势能的大小与质量的关系。

（2）由甲、丙两图______（填“能”或“不能”）探究重力势能的大小与高度的关系，理由是______。

（3）本实验是通过观察桌腿在沙子中下陷的程度来判断重力势能大小的，这也是物理探究过程中较常用的______法。同学们在探究“影响滑轮组机械效率高低的因素”时提出了下列假设：滑轮组机械效率高低可能与动滑轮重量有关，滑轮组机械效率高低可能与被提物重量有关，滑轮组机械效率高低可能与承重绳子段数有关。一位同学设计了如图所示的四个滑轮组，并将所测实验数据填入下表：

实验次数动滑轮重/N物重/N拉力/N绳子的段数/段机械效率/%①121366.7②141.67379.8③2423A④142.5BC（1）实验时，竖直、______拉动弹簧测力计，使钩码上升，并由弹簧测力计读出绳子自由端的拉力的大小，同时用______测出钩码升高的高度。

（2）在表格中的A、B、C处应填______、______、______。

（3）根据实验______和______可知，滑轮组机械效率高低与被提物重量有关。

（4）根据实验②和③可知，滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，机械效率越______。

（5）要研究滑轮组机械效率高低是否与物体提升高度有关，应该选用______（选填“同一”或“不同”）滑轮组，提升______（选填“相同”或“不同”）的高度去研究。五、计算题（本大题共3小题，共17.0分）（1）用力吹漏斗下的乒乓球时，乒乓球上下表面气体形成压力差，产生“升力”，乒乓不掉下．在图甲中画出乒乓球受到的“升力”示意图．

（2）如图乙所示钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，0为转动轴（支点），图为单侧钳柄及相连部分示意图．请在下图中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2．

（3）如图丙，画出水平光线射向半圆形玻璃球上后，折射入球的水平下表面再折射出空气中的光路图（O为球心）．

（4）电暖炉是很多家庭冬天必备的取暖工具，如图丁是××牌电暖炉示意图，它有两个开关（电键1和电键2），把它接入家庭电路中，当按下其中一个电键S1时，只有一支发热管R1工作，功率为440W；当两个电键（S1、S2）同时按下时，两支发热管（R1、R2）同时工作，功率为880W，只断开电键S1，发热管R2仍工作．在虚线框内画出电暖炉工作电路图并连入家庭电路中（发热管用电阻符号表示）．

中考体考临近，尚依钟同学设计了一个电子拉力器。量化拉力大小以测量同学们的臂力，其原理图如图甲。放在水平地面上的物体A通过弹簧与拉环相连，弹簧上端和金属滑片P固定在一起（拉环重力、弹簧重力电阻都不计，P与R2接触良好且不计摩擦），已知物体A的质量为100kg，定值电阻R1=8Ω，R2是一根长为6cm的均匀电阻线，其最大阻值为12Ω，电源电压为6V，当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于a端。已知该弹簧伸长量△L与所受拉力F间的关系如图乙，求：

（1）要求拉力越大电表示数越大，零刻度标记在的表盘的哪个刻度处？

（2）闭合开关S，当电流表示数为0.4A时，拉力大小为多少？

（3）若电流表的量程为0～0.6A，在保证电路安全的条件下，物块A对地面的压力范围是多少？

用如图所示的滑轮组，将一重为450N的物体以0.1m/s的速度匀速向上提起2m，拉力F为200N，求：

（1）拉力所做的有用功和总功；

（2）滑轮组的机械效率；

（3）拉力F的功率。

六、综合题（本大题共1小题，共2.0分）生活中处处有物理，小红同学买来一瓶饮用矿泉水，总质量约为500g，如图所示：

（1）发现瓶盖上刻有一道道竖直的条纹，其目的是______（填增大或减小）摩擦。

（2）用手握住水瓶在空中静止不动，画出水瓶在竖直方向上受力示意图。

（3）用手使劲握水瓶，水瓶变瘪，这说明力可以______。

（4）瓶中水喝光后，从瓶口向外吸气，瓶子变瘪，是由于瓶子受到______的作用。

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、足球在最高点时只受重力，受到非平衡力的作用，所以不是平衡状态。故A不正确；

B、球员用力把足球踢入球门，脚对足球施加的作用力的大小、方向和作用点都能决定足球是否能够飞入球门。说明力的作用效果与力的大小、方向和作用点都有关系。故B不正确；

C、足球在空中方向过程中始终受到竖直向下的重力，还受到空气的阻力。故C不正确；

D、力可以改变物体的运动状态，所以守门员双手抱球使足球停下来，足球由运动变为静止。故D正确。

故选：D。

（1）物体只有在不受力或者受平衡力的作用时，才处于平衡状态；

（2）力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果；

（3）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用；

（4）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。

此题考查了力和运动的关系、力的作用效果与力的三要素的关系、重力的存在及力的作用效果，熟悉基础知识，正确理解概念和规律，是解答此类问题的关键。

2.【答案】B

【解析】解：A、水平面上匀速行驶的汽车受到水平方向上的牵引力和阻力作用，竖直方向上受到重力和支持力作用，故A正确；

B、不倒翁受到的重力方向是竖直向下的，故B错误；

C、不考虑空气阻力作用时，抛出手的铅球受到的重力方向是竖直向下的，故C正确；

D、木箱静止在斜面上，受到竖直向下的重力G、垂直斜面向上的支持力FN和沿斜面向上的摩擦力Ff的作用，故D正确。

故选：B。

首先对物体进行受力分析，再根据力的三要素和力的示意图画法逐项判断。

本题主要考查了物体的受力分析和力的示意图的画法，属于比较典型的题目，要熟练掌握。

3.【答案】C

【解析】解：不受任何外力的物体，在刚刚不受力时如果静止，则表现为静止状态，在刚刚不受力时如果运动，不论是怎样的运动，其结果都是匀速直线运动。秋千荡到最高点时刻瞬间静止（速度为0），所以此时不受任何力了，要继续保持静止状态，故选项ABD错误，C正确。

故选：C。

根据对牛顿第一定律的理解来判断，既然物体不受力了，则要么静止，要么匀速直线运动，不可能做其他运动，根据秋千在最高点时的运动状态，当物体不受外力时，将保持外力消失一瞬间时的状态。

对牛顿第一定律的理解是易错点，要记住物体不受任何力时，要保持刚一失去所有力的一瞬间的运动状态，只有静止和匀速直线运动两种可能性。

4.【答案】C

【解析】解：A、踢球时，球发生形变会对脚产生弹力，而脚对球的力不是球发生形变产生的，故A错误；

B、足球离开脚后速度越大，飞得更远，但足球的惯性只与质量有关，其质量不变、惯性不变，故B错误；

C、脚踢球时，脚对球的力和球对脚的力作用在两个相互作用的物体上，是一对相互作用力，故C正确；

D、足球在最高点时仍有向前的速度，此时若一切外力同时消失，足球将做匀速直线运动，故D错误。

故选：C。

（1）踢球时，球发生形变会对脚产生弹力；

（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大、惯性越大；

（3）物体间力的作用是相互的；

（4）根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。

本题通过踢足球这一运动，考查了多个力学概念或原理的理解，属力学基础题，难度不大。

5.【答案】A

【解析】解：A、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力的方法来增大压强，故A符合题意；

B、书包背带很宽，是在压力一定时，增大书包和肩膀的受力面积来减小书包对肩膀的压强，使肩膀感到舒服，故B不符合题意；

C、滑雪板的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，不至于陷进雪地，故C不符合题意；

D、图钉帽的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故D不符合题意。

故选：A。

①增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。

②减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。

本题考查了增大和减小压强的方法，与生活息息相关，让学生认为学习物理有用，是一道好题。

6.【答案】A

【解析】解：A、托里拆利完成了托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值，故A符合题意；

B、牛顿的主要贡献是总结了牛顿三定律，为力学奠定的基础，故B不符合题意；

C、帕斯卡研究了帕斯卡定律，属于液体压强问题，故C不符合题意；

D、安培主要贡献在于电磁学的研究，故D不符合题意。

故选：A。

本题根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识做出选择。

多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。

7.【答案】D

【解析】解：AB、由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮=G，即密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G，故AB错误；

CD、由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＞V乙排，由F浮=ρ液gV排可知：ρ甲＜ρ乙；深度相同，根据p=ρgh可知，乙液体对容器底部的压强较大，故D正确，C错误。

故选：D。

（1）同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的重力。

（2）由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系；根据p=ρgh分析容器底部受到的压强的大小关系。

本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮（F浮=G）是解此类题目的关键。

8.【答案】C

【解析】解：A、翟志刚“行走”太空是因为太空是真空，人在真空中处于失重状态，故A不符合题意；

B、李宁点燃奥运圣火炬借助的是钢丝的拉力，故B不符合题意；

C、主要依靠空气浮力而“飞天”的是热气球，因为热空气密度小于空气的密度，故C符合题意；

D、飞机靠机翼的升力升空，应用的是流体压强与流速的关系，故D不符合题意。

故选：C。

（1）太空是真空，人在真空中处于失重状态。

（2）李宁点燃奥运圣火炬借助的是外力，不是空气浮力。

（3）热气球冉冉升空是因为热空气密度小于空气的密度。

（4）飞机靠机翼的上下表面产生的压力差升空。

本题考查浮力的利用，关键知道人类利用空气浮力制成了热气球，还要知道一些物体升空的原理，有助于我们开拓知识面。

9.【答案】C

【解析】解：A、运动员加速冲刺时，质量不变，重力不变，故A错误；

B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，运动员加速冲刺时，质量不变，惯性大小不变，故B错误；

C、运动员加速冲刺时，质量不变，速度变大，动能增大，故C正确；

D、由C可知，当运动员冲刺时，运动员动能增大，则机械能变大，故D错误。

故选：C。

（1）运动员加速冲刺时，质量不变，重力不变。

（2）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。

（3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；

（4）机械能包括动能和重力势能。

此题考查动能和势能的大小变化、惯性大小的影响因素、重力和机械能的概念等，涉及到的知识点较多，综合性较强，但难度不大，属于基础题目。

10.【答案】A

【解析】解：A、手推动球杆前进时，有力也有距离，所以手对球杆做了功，故A正确；

B、重力与小球运动的方向垂直，重力对小球不做功，故B错误；

C、桌面支持力与小球的运动方向垂直，支持力对小球不做功，故C错误；

D、手对白球没有力的作用，白球继续运动是因为白球具有惯性，故D错误。

故选：A。

做功包括两个必要的因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。

本题考查的是力是否做功，要抓住做功的两个必要条件来做判断，且尤其注意力与距离的对应性。

11.【答案】C

【解析】解：定滑轮实质是一个等臂杠杆，既不省力也不费力，但能改变力的方向。

故选：C。

掌握定滑轮的实质及省力特点：实质是一个等臂杠杆，所以不省力，但可以改变用力方向。

滑轮实质上是能够连续转动的杠杆，对于定滑轮是一个等臂杠杆，故不省力，但能改变力的方向。

12.【答案】A

【解析】解：

A、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；

B、撬棍在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、自行车手闸在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。

故选：A。

结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

杠杆根据动力臂和阻力臂的大小关系可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。

13.【答案】A

【解析】解：

（1）由图可知，甲滑轮组只有1个动滑轮，乙滑轮组有2个动滑轮，且不计摩擦、绳和木板的重，

因克服物体重力G做的功为有用功，克服物重和动滑轮重做的功为总功，

所以，两滑轮组的机械效率分别为：η甲==，η乙==，则η甲＞η乙，故A错误；

由η乙=可得，动滑轮的重力（即每个滑轮重）：

G动=，故C正确；

（2）由图可知，n甲=2，n乙=4，不计摩擦、绳和木板的重，

则两滑轮组绳子的拉力分别为：

F1=（G+G动）=（2G+2G动），F2=（G+2G动），

因（2G+2G动）＞（G+2G动），

所以，F1＞F2，故B正确；

甲、乙将重物提升相同的高度，拉力做功为总功，则F1与F2的功率分别为：

P甲==，P乙==，

因t甲和t乙的关系不确定，所以，F1与F2的功率可能相等，故D正确。

故选：A。

（1）因克服物体重力G做的功为有用功，克服物重和动滑轮重做的功为总功；

根据η==求出滑轮组的机械效率，然后比较两者滑轮组之间的关系，进一步求出动滑轮的重力；

（2）由图可知，n甲=2，n乙=4，不计摩擦、绳和木板的重，根据F=（G+G动）求出两滑轮组绳子的拉力，然后比较两者拉力的大小关系；甲、乙将重物提升相同的高度，根据P=结合两者做功的时间关系比较F1与F2的功率关系。

本题考查了做功公式、功率公式、滑轮组机械效率公式、滑轮组绳子拉力公式的应用，明确有用功和总功是关键。

14.【答案】相互的

形变

运动状态

【解析】解：排球运动员扣球给球一个力，同时手觉得疼，说明球也给了手一个反作用力，由此可知力的作用是相互的。排球变瘪，是力使物体发生了形变。排球运动速度的大小和方向发生变化，是力改变了物体的运动状态。

故答案为：相互的；形变；运动状态。

（1）物体间力的作用是相互的，两个力是作用力和反作用力。

（2）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

理解力的作用的相互性，知道力的两个效果，是解答此题的关键。

15.【答案】自行车；减小

【解析】解：小明骑自行车上学，看到路边的小树向后“飞过”，说明小树相对于自行车的位置不断变化，所以是以自行车为参照物的．

书包背带做得很宽，是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；

故答案为：自行车；减小．

一个物体是运动还是静止，决定于所选择的参照物，相对于参照物，如果研究对象位置发生变化，就是运动的；如果位置没有变化，就是静止的；

减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．

此题考查的是参照物的确定，需要清楚：参照物不同，物体运动状态不同；

本题还考察减小压强的方法及其应用、增大和减小摩擦的方法．

16.【答案】连通器；0

【解析】解：由于塑料软管中装有水，两管子两端开口，并且相连通，符合连通器的结构特征；

连通器中的同种液体自由静止时，液面是相平的，因此，标记下此时两液面的高，一定在同一水平面上，因此最终管两端水面的高度差为0．

故答案为：连通器；0．

顶端开口，底部相连通的容器叫连通器，连通器的特点是，当连通器中装有同种液体并且静止时，各容器的液面保持相平．

记住连通器的结构特征，能在具体的模型中辨认出连通器，还要记住连通器的特点．

17.【答案】=

＜

1×106

【解析】解：铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力，所以两手指对铅笔的压力相等，手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对相互作用力，

所以这两力也相等，即两手指受到的铅笔的压力相同，即F1=F2；

由图可知，食指的受力面积比较小，根据p=可知，食指受到的压强比较大，即p1＜p2；

若F2=1N，笔尖的面积为1×10-6m2，则p2===1×106Pa。

故答案为：=；＜；1×106。

先根据二力平衡判断铅笔受到两个力的关系，再根据力的相互作用判断铅笔对两手指压力之间的关系，最后根据压强公式p=判断手指受到的压强关系；根据p=求出压强的大小。

解决本题的关键是要知道两手指受到的压力是相同的，然后再根据压强的计算公式来判断。

18.【答案】膨胀；浮力

【解析】解：饺子在水中煮一会儿，因为饺子受热膨胀，体积增大，根据阿基米德原理知道饺子受到水的浮力增大，当浮力大于重力时便会浮上来．

故答案为：膨胀；浮力．

一切浸在液体或气体中的物体都受到竖直向上的浮力，浸没水中的物体的浮沉是由物体所受重力与浮力的合力决定．当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态．

本题考查了学生对物体的浮沉条件和阿基米德原理的掌握和运用，若平时学习时注意观察，看看下水饺的情形，本题将很简单，引导学生多观察、多分析、多积累．

19.【答案】1500

75

【解析】解：小静对物体做的功W=Fs=300N×5m=1500J；

做功的功率P===75W。

故答案为：1500；75。

（1）根据W=Fs求出小静对物体做功；

（2）根据P=求做功的功率。

此题考查了功、功率计算公式的应用，难度不大。

20.【答案】1500

【解析】解：

所做的有用功：

W有用=Gh=600N×1.5m=900J，

由η==60%得总功：

W总===1500J，即力F做的功为1500J。

故答案为：1500。

知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W=Gh求所做的有用功；知道斜面的效率，利用η=求总功，即力F做的功。

本题考查了使用斜面时有用功、总功的计算，属于基础题目。

21.【答案】解：

小球放在光滑的水平地面上，小球与墙接触，但不挤压，小球在水平方向上不受力；小球在竖直方向上受重力G、支持力F的作用，重力的方向竖直向下、支持力方向竖直向上，二力的作用点都画在小球的重心（球心），如图所示：

【解析】先对小球进行受力分析，再根据力的示意图的画法作图。

本题考查了力的示意图的画法，对小球进行准确的受力分析是关键。

22.【答案】解：连接动滑轮绳子的段数越多就越省力，图中一个定滑轮和两个动滑轮，要组成最省力的滑轮组，连接时可从定滑轮开始，由内向外依次绕线，如图所示：

。

【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮；二是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮。通过动滑轮绳子段数越多越省力。

此题考查滑轮组绳子的设计与组装，滑轮组绳子具体如何绕，应根据实际要求来定。

23.【答案】刻度尺

4.5

1、2

小明

橡皮筋伸长的长度与每次的拉力的比值为一常数（或拉力扩大几倍，橡皮筋伸长的长度也扩大几倍

3.25

【解析】解：（1）要完成该实验，除了需要知道拉力之外还需要知道橡皮筋的长度，因此还需要测量长度的器材：刻度尺；

（2）由表中数据知：

①当F=0N时的橡皮筋长度即为L0=4.5cm；

②要分析拉力与橡皮筋的总长度的关系，即分析1、2两行数据进行比较；

③分析表中第一行与第三行的关系可知橡皮筋伸长的长度与每次的拉力的比值为一常数（或拉力扩大几倍，橡皮筋伸长的长度也扩大几倍），故小明的猜想正确。

④根据③知橡皮筋伸长的长度与拉力成正比，即F=k△L，当F=0.5N时，△L=0.6cm，所以k===N/cm，

用橡皮筋的总长度L减去原长L0即为橡皮筋伸长的长度△L；即△L′=8.4cm-4.5cm=3.9cm；

所以F′=k△L′=N/cm×3.9cm=3.25N。

故答案为：

（1）刻度尺；（2）①4.5；②1、2；③小明；橡皮筋伸长的长度与每次的拉力的比值为一常数

（或拉力扩大几倍，橡皮筋伸长的长度也扩大几倍；④3.25。

（1）先明确小明与小丽的猜想内容是什么；再根据弹簧测力计的结构，选取合适的实验器材；

（2）①通过查表可知，当拉力为0时，橡皮筋的总长度是4.5cm，这个数值就是没有挂钩码时橡皮筋的长度；

②橡皮筋伸长的长度等于橡皮筋的总长度与没有挂钩码时橡皮筋长度之差，橡皮筋的总长度L4=6.3cm，没有挂钩码时橡皮筋长度L0=4.5cm，△L=L4-L0；

③要分析拉力与橡皮筋的总长度的关系，需要对1、2行数据进行比较；

④分析表中第一行与第三行的关系可知橡皮筋伸长的长度与它所受拉力的关系是正比例关系，没挂钩码时的长度，就是数据中最前一列的橡皮筋长度；表格中的数据应根据1、3行的比值规律来分析得出；比较橡皮筋伸长的长度与拉力的关系应比较1、3；比较橡皮筋伸长的长度与拉力的关系应比较1、3行，看每次测量数据的比值是否相同，从而做出正确的判断

本题是实验探究题，用补充内容的方式来考查弹簧测力计的制造原理，从侧面帮助学生理解了橡皮筋伸长的长度，充分锻炼学生的理解能力与分析能力。

24.【答案】（1）相平；

（2）用弹簧测力计测出物体的重力；

（3）DEABC（或EDABC）；

（4）F4-F1；F2-F3；

​​​​​​​（5）不正确；没有控制橡皮泥排开水的体积相同。

【解析】解：（1）为得出物体排开水的质量，向溢水杯中注水时应使水面恰好与出水口相平；

（2）为了验证阿基米德原理，需要测量的量有四个：物体重力、物体浸没时弹簧测力计的示数、空桶的重力、小桶加溢出水的总重力，由图示可知，该实验漏掉一个步骤是用弹簧测力计测出物体的重力；

（3）验证阿基米德原理时，先测物体的重力和空桶的重力→物体浸入水中、读出弹簧测力计示数→测出小桶和排开水的总重力，或测出空桶重力→物体重力→物体浸入水中、读出弹簧测力计示数→测出小桶和排开水的总重力，所以合理顺序应该是DEABC（或EDABC）；

（4）由实验步骤可知，物体受到的浮力F浮=F4-F1，物体排开水的重力G排=F2-F3。当F4-F1=F4-F3时，表明物体受到的浮力等于其排开的液体的重力，则说明阿基米德原理成立；

（5）小昌的观点不正确，因为探究浮力的大小可能跟物体的形状有关时，需要控制液体的密度和排开液体的体积不变，改变物体的形状，而小昌实验中没有控制橡皮泥排开水的体积相同。

故答案为：（1）相平；（2）用弹簧测力计测出物体的重力；（3）DEABC（或EDABC）；（4）F4-F1；F2-F3；（5）不正确；没有控制橡皮泥排开水的体积相同。

（1）当溢水杯中水面恰好与出水口相平时，物体排开水的质量和溢出水的质量相等；

（2）用称重法测浮力时，应先测出物体的重力，然后让物体浸入液体中读出此时弹簧测力计的示数，利用F浮=G-F′求出物体所受的浮力；

（3）实验中要先测物体的重力和空桶的重力，然后再把物体浸入水中，测出物体受到的拉力，根据称重法求出浮力，最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；

（4）比较物体排开液体的重力和受到的浮力大小关系验证阿基米德原理是否成立；

（5）探究物体所受浮力的大小与物体形状的关系时，根据控制变量法应控制物体排开液体的体积和液体的密度不变，改变物体的形状。

本题考查了验证阿基米德原理的实验，明白实验的原理和方法以及利用好控制变量法是解题的关键。

25.【答案】（1）乙丙；

（2）不能

变量不唯一；

（3）转换

【解析】【分析】

此题是探究“物体的重力势能的大小与哪些因素有关”的实验，考查了转换法和控制变量法在实验中的应用，同时考查了影响重力势能的两个因素及根据其分析现象的能力。

（1）根据重力势能与高度和质量的关系进行分析；

（2）掌握影响物体重力势能的因素：质量和被举高度；

（3）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过桌腿陷入沙子的深度比较各铁块重力势能的大小。

【解答】

（1）由乙丙两图可知，两块铁质量不相等，高度相等，所以可探究重力势能的大小与质量的关系；

（2）由甲丙两图相比，质量不同、高度不同，不能探究重力势能的大小与高度的关系，原因是变量不唯一；

（3）在此实验中，通过观察桌腿陷入沙子中的深度来比较各块铁块重力势能的大小的，这种方法叫做转换法；

故答案为：（1）乙丙；（2）不能；变量不唯一；（3）转换。

26.【答案】匀速

刻度尺

66.7

2

80

①

②

低

同一

不同

【解析】解：（1）实验时，应竖直、匀速拉动弹簧测力计，使钩码上升，并由弹簧测力计读出绳子自由端的拉力的大小；同时用刻度尺测出钩码升高的高度；

（2）滑轮组的机械效率为：η====；

由图示滑轮组可知，

③承重绳子的股数n=3，

滑轮组效率η1==×100%≈66.7%，所以A处为66.7；

由图知④滑轮为动滑轮，承重绳子股数n=2，所以B处为2；

滑轮效率：η4==×100%=80%，故出处为80；

（3）在探究滑轮组的机械效率与物重之间的关系时，滑轮组的组装情况相同，动滑轮的重力相同，只有物体的重力不同，由表中实验数据可知，实验①②动滑轮重力、承重绳子的股数相同而物体的重力不同，滑轮组效率不同，由此可知，滑轮组机械效率高低与被提物重有关；

（4）由实验②和③的实验数据可知，滑轮组提升相同重物与承重绳子股数相同而动滑轮的重力不同，滑轮组机械效率不同，动滑轮越重，机械效率越低；

（5）要研究滑轮组机械效率高低是否与物体提升高度有关，应该选用同一滑轮组提升相同的重物，提升不同的高度去研究。

故答案为：（1）匀速；刻度尺；（2）66.7；2；80；（3）①；②；（4）低；（5）同一；不同。

（1）实验时应竖直匀速拉动弹簧测力计，读出弹簧测力计的示数，用刻度尺测出钩码上升的高度；

（2）由图示滑轮组确定滑轮组承重绳子的股数，然后根据表中实验数据，应用效率公式求出滑轮组的效率；

（3）在探究滑轮组的机械效率与物重之间的关系时，滑轮组的组装情况相同，动滑轮的重力相同滑，只有物体的重力不同；

（4）分析实验②和③所示实验数据，根据实验数据得出结论。

（5）要研究机械效率与物体提升高度的关系，应使用同一滑轮组提升相同的重物，使重物被提升的高度不同。

此题主要通过实验探究影响滑轮组机械效率的因素。首先要掌握机械效率的概念和测量方法，并且注意控制变量法在此实验中的应用。

27.【答案】解：

（1）从漏斗口向下吹气，使乒乓球上方的空气流动大于下方的空气流动，乒乓球上方的压强小于下方的压强，从而产生向上的升力△F，作用点可以画在乒乓球的球心，如图所示：

（2）由图可见，当用力F1时，钳子将沿顺时针方向转动，所以阻力方向向下；从支点向动力作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂．如下图所示：

（3）第一次折射：已画出第一次折射的法线，在玻璃砖中法线的右侧画出折射光线，交玻璃砖下表面于点O′，注意折射角小于入射角；

第二次折射：过O′垂直玻璃砖下表面作出法线，在法线右侧的空气中画出折射光线，注意折射角大于入射角，如图所示：

（4）根据题意可知，当按下其中一个键时功率为440W，当两个键同时按下时功率为880W，则两电热管的发热功率相同，且为并联；

两键分别控制两只电热管，电暖炉的工作电路图如下图所示：

【解析】（1）在流体中，流速越大的地方压强越小，据此分析升力的方向，利用力的示意图的画法作图；

（2）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；

（3）本题光线经过半圆形玻璃砖要发生两次折射：第一次斜射进入玻璃砖，法线在虚线位置上；第二次由玻璃砖下表面斜射进入空气．两次折射都根据光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，光由水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，完成作图；

（4）根据键1和键2闭合时电热管的额定功率判断其连接方式，并且两开关分别控制两电热管画出电路图．

（1）本题考查流体压强和流速的关系以及力的示意图的掌握情况；本题的关键是会根据空气的流速越大，压强越小对小球进行受力分析；

（2）作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离；

（3）记住两次折射的折射角和入射角的关系是本题的关键；

（4）本题考查了串并联电路的辨别和电路图的设计，要注意当只按下一个键时，电路中只有一只电热管，这说明两电热管独立工作、互不影响即为并联．

28.【答案】解：（1）当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于a端，R2接入电路的阻值最大，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律，电路中的电流：

I===0.3A，

即拉力计的零刻度应标在电流表表盘上0.3A处；

（2）闭合开关S，当电流表示数为0.4A时，由欧姆定律I=，电路中的总电阻：

R总===15Ω，根据电阻的串联，

此时R2接入电路中的电阻：

R2′=R总-R1=15Ω-8Ω=7Ω，

因R2接入电路中的电阻与其长度成正比，

所以，此时弹簧的伸长量：

△l=l-×7Ω-=6cm-3.5cm=2.5cm①；

由图乙知，弹簧每受到150N的拉力伸长量为1cm，故现在伸长2.5cm，受到的拉力为：

F=2.5×150N=375N；

（3）电流表的量程为0～0.6A，当电流表的示数为0.6A时，拉环上拉力最大，物体对地面的