2021年河北省石家庄28中中考模拟物理试题(第一次线上模拟)1

2021年河北省石家庄28中中考模拟物理试题（第一次线上模拟）学校:姓名：班级：一、单选题1．在科学探索的道路上，有众多的科学巨人披荆斩棘，铺路架桥，为后人留下了丰硕的知识、科学的探究方法及不朽的科学精神。下列关于物理学家的贡献说法正确的是（）A.亚里士多德提出力是改变物体运动状态的原因B.沈括最早发现了电和磁之间的联系C.托里拆利最先通过实验测出大气压的值D.奥斯特最早发现了电磁感应现象2．在抗击新型冠状病毒期间，举国上下，万众一心，进行科学防治，下列这些与抗击疫情有关的说法不正确的是（）A.新冠状病毒的直径约为100nm,合10-3mB.喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，这属于扩散现象C.检测体温的体温计设计“凸出部分”，是利用了凸透镜的放大镜知识D.KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫3．下列通过实验或生活中得出的结论，其中不合理的是（）A.使用测电笔辨别火线和零线时，手不要接触笔尖金属体B.「列车进站时，人站在安全线外是因为流体压强的大小与流速有关力C.稍稍用力拉水平接触水面的玻璃板，测力计示数变大，说明分子间存在斥D.用力向下迅速压活塞，乙醴棉球燃烧，说明做功可以改变物体的内能A.使用测电笔辨别火线和零线时，手不要接触笔尖金属体B.「列车进站时，人站在安全线外是因为流体压强的大小与流速有关力C.稍稍用力拉水平接触水面的玻璃板，测力计示数变大，说明分子间存在斥D.用力向下迅速压活塞，乙醴棉球燃烧，说明做功可以改变物体的内能4.在探究电流跟电压和电阻的关系时，采用“保持电阻不变，研究电流和电压关系”的研究方法。以下探究没有运用该方法的是（）A.探究动能的大小跟质量和速度的关系B.探究磁场的方向C.研究液体内部压强大小的特点D.探究影响滑动摩擦力大小的因素5．下列估测最接近实际的是（）A.中学生的正常体温约为386cB.中学生站立在地面上对地面的压强大约为103PaC中学生游泳时受到的浮力大约是50ND.中学生从一楼走到五楼做的功大约6X103J6．病人在医院检查的过程中，涉及到很多物理知识，下列说法不正确的是（）A.腹部B超中用到的超声波频率大于20000HzB.胸透检查中用到的X光隶属于电磁波，连续多次反复照射对身体无危害C.在病房里保持安静是在声源处减弱噪声D.医院里的免费“WiFi”采用和光速一样快的电磁波传播信息7．中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（）“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热“月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热8．下列关于能量转化与能源，说法正确的是（）A.我国海域深处蕴藏的大量“可燃冰”属于可再生能源.航母核反应堆是通过可以控制的核聚变反应释放核能的设备C.电动机工作时将电能主要转化为机械能D.能量在转化或转移过程中总量保持不变，所以不必担心能源危机．2021年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭成功发射第45颗北斗导航卫星。下列说法错误的是（）A.运载火箭加速上升过程中，重力势能变小，动能增大B.运载火箭加速升空是利用了物体间力的作用是相互的C.北斗卫星绕轨道运行时受到非平衡力的作用D.北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运动时，动能变小，机械能守恒10．研学旅行途中，小明同学坐在匀速直线行驶的动车上，他正上方行李架的书包里有一包餐巾纸掉落，则这包餐巾纸掉落的位置在（）A.小明前排乘客身上B.小明的身上C.小明后排乘客身上D.无法判断11．下列说法中，错误的是（）A.汽车突然开动时，站在汽车上的人会向后仰，是由于人具有惯性B.竖直抛向空中的石块，运动得越来越慢，是由于石块的惯性越来越小C.人沿水平方向推静止在水平地面上的车，车未动，车受到的推力与摩擦力是一对平衡力D.打乒乓球时，球拍对球施加力的同时，球拍也受到了球的作用力12．关于光现象，下列说法正确的是（）A.用磨砂玻璃做教室的黑板是为了防止发生漫反射B.看到池子里的水深比实际的浅是由于光的反射所致C.雨后天空出现彩虹是由于光的反射形成的D.光的色散现象说明白光是由各种色光混合而成的13.水平桌面上放置一底面积为S的薄壁圆筒形容器，内盛某种液体，将质量分别为川人、Amo、m°,密度分别为PA、PQ、P「的均匀实心小球A、B、C放入液体中，A球漂BCABC浮、B球悬浮、C球下沉，如图所示，它们所受的浮力分别为FA、FB、FC。下列选项正确的是（）A若m=m=m，则F=F<F．ABCABCB.将C球截去部分后，剩余部分可能上浮mC.只取出A球，容器中液面的高度降低了KPSBD.三球放入液体前后，液体对容器底部的压强变化了（m+m+m）gABCS14.力F1将物体A匀速提升了s,若改用滑轮组把A匀速提升相同高度s,拉力为F2,此过程滑轮组（）

A.总功为F2sB.额外功为F]sFsC.机械效率式右；FX3S2D.额外功为2F2s-Fs15．下图能说明电动机工作原理的是（）二、多选题16．如图所示，手机放大器的实质就是一块儿凸透镜，下列说法正确的是（）A.将手机放在手机放大器后适当位置，可看到手机屏幕正立放大的虚像B.制作手机放大器的透镜可矫正近视眼C.小明通过该放大器可观察到远处的景物会倒立、缩小的实像D.将手机离放大器越近，放大效果越好。17.如图，一根轻质木杆，A端细线下挂40N的重物静止在水平地面上，当在B端加竖直向下的作用力F=30N时，木杆恰能在水平位置处于平衡状态，此时细线竖直，重物对地面的压强为3000Pa。已知OA=30cm,重物与地面的接触面积为100cm2,则下列说法正确的是（）AJi■:WCVCVCV"■:WCVCVCV"A.此杠杆是一个省力杠杆B.重物对水平地面的压力30NC.OB的长度为10cmD.将F向右转过一个角度时，要使重物对地面的压强不变，则F变小18.如图，电源电压不变，电路元件及导线均完好，R「R2为定值电阻，R为滑动变阻器。下列分析正确的是（）A.只闭合51时，电流表、电压表均有示数B.只闭合S3时，滑片右移，电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变A.只闭合51时，电流表、电压表均有示数B.只闭合S3时，滑片右移，电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变C.闭合S1、S2、S3,滑片右移，电压表示数变大，电流表示数变小D.闭合S1、S3,滑片右移，电压表示数变大，电流表示数变小三、填空题19.小红观察到家中空调每制冷工作10min后，就转变成送风状态工作5min,再转变为制冷状态，如此反复。为了测量空调制冷时的电功率，他单独将该空调接入电路中，并记录了家中电能表的数据（见图）。仔细观察表中数据空调送风20min所消耗的电能kWh此空调60min内消耗的电能为kW・h空调制冷时的电功率为送风状态时消耗的功率：0.3kW测量时间60分钟电能表示数（kW・h）开始计时时的示数1666.060分钟后的示数1667.1kW。四、实验题20.小美在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用到如下器材：分度值为0.1N的弹簧测力计、合金块a、金属块b、大小柱形容器若干、水，密度未知的某种液体，细线等。小美进行了如图所示的实验，用弹簧测力计挂着金属块a缓慢地浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F(液体均未溢出)，并将其示数记录在下面表中：ABCDEF(1)此实验A步骤中，弹簧测力计的示数为2.7N，根据表中数据计算，在步骤D中合金块a所受浮力是N；与物体未浸入水时相比，水对底部的压力增大了N，容器对地面的压力增大了N；(2)小美根据表格中的数据计算，得出了合金块a的密度为kg/m3；某种液体的密度是kg/m3；实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N1.61.20.70.71.1⑶若在步骤D中，拴着合金块a的细绳突然断了，合金块沉底，则与物体未浸入水时相比，水对底部的压力增大了N，容器对地面的压力增大了N；(4)同组的小明只有刻度尺这一测量工具，于是他进行了如下操作：①在圆柱形容器中装有适量的水，将另一平底烧杯放入圆柱形容器的水中，烧杯静止时容器中水的深度H为12cm，如图甲，此时烧杯处于状态；②将待测金属块b吊在烧杯底部，测出烧杯静止时露出水面的高度h1为5cm，容器中水的深度H2为18cm，如图乙，大圆柱形容器底面积为300cm2,则金属块质量为g；③将金属块b放在烧杯中，烧杯静止时露出水面的高度h2为2cm,如图丙，已知大圆柱形容器底面积为烧杯底面积的3倍，则金属块b的密度为kg/m3。21.在探究“电流与电阻的关系”实验中，电源电压为30V且保持不变，滑动变阻器上标有“25Q3A”字样，实验中所用的四个定值电阻的阻值分别为10Q、15Q、25Q、30Q。r?（1）设计好电路后，应—开关连接电路，闭合开关前，调节滑动变阻器滑片至;（2）小明在a、b间依次接入不同阻值的电阻，其中在接入15Q的电阻时，调节滑动变阻器的滑片后，读出了电流表的示数，如图所示为A；⑶断开开关，保持滑片的位置不变，用25Q的电阻替换15Q的电阻，闭合开关，要得到正确的实验结论，应将滑片向端移动（选填“左”或“右”），直到电压表的示数为V,此时电流表示数为A；（4）断开开关，再用30Q的电阻替换25Q的电阻继续实验时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片都不能完成此次探究,为了能够得到这组数据,测量出与前面更换电阻两端电压相同时，“30Q”的定值电阻对应的电流，小明设计了如下调整方案，请帮助他填写完整：在电路中串联一个电阻，则串联的电阻的阻值范围是Q至Q；（5）小青又用此电路图进行“伏安法测电阻”,如果考虑到电流表本身有一定的电阻（有分压作用）,电压表本身也有一定的电阻（有分流作用）,则测量值比真实值（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）；如果电压表和电流表的读数分别为U和I,而它们自身电阻分别为RV和RA，则Rx更准确的表达式为（数学表达式用已知字母表示）。五、计算题22.如图所示是一款新型四轮沙滩卡丁车，其满载时的质量为600kg,每个车轮与沙滩接触的面积为500cm2,卡丁车满载时在水平沙滩上匀速直线运动，10min行驶6km,它的发动机功率恒为11.5kW。(1)当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多少帕？(2)此次行驶中卡丁车所受的阻力为多少牛？(3)该卡丁车以汽油为燃料，若在这次行驶中消耗汽油0.6kg,求该卡丁车汽油机的效率。(汽油awoJ/kg)23.如图a所示，定值电阻R/勺阻值为10Q,滑动变阻器R2标有“60Q1A”字样，两电压表表盘如b所示。闭合开关S后，电流表示数为1A,电压V2的示数为8V,若电源电压保持不变。求：(1)电源电压；(2)在电路安全的情况下,此电路消耗的最小总电功率；⑶为了在移动变阻器的滑片P的过程中，电压V1和V2的指针分别都能处于如图b所示的位置，且电路正常工作，电表不损坏，现用定值电阻R0替换电阻R1,请你：①判断出电压表V1和V2所选量程，并说明理由；②求出定值电阻R0的范围。参考答案1．C【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答。【详解】A.亚里士多德最早提出力是维持物体运动的原因，伽种略最早提出力不是维持物体运动的原因，故A错误；BD.奥斯特最早发现电和磁之间的联系，法拉第最早发现电磁感应现象，故BD错误；C托里拆利第一次通过实验准确测出大气压的值，故C正确。故选C。2．A【分析】(1)根据长度单位的换算进行分析解答；(2)一切物质的分子都在不停的做无规则运动，这种现象叫做扩散，据此分析解答；(3)中间比边缘厚的透镜是凸透镜，物体放在凸透镜的焦距以内，成正立、放大的虚像；(4)根据带电体具有吸引轻小物体的性质分析解答。【详解】A.新冠状病毒的直径约为100nm=100x10-9m=10-7m故A错误，符合题意；B.喷洒消毒剂后，离得远的地方也能闻到刺鼻的气味，这属于扩散现象，表明分子是运动的，故B正确，不符合题意；C检测体温的体温计设计“凸出部分”，是利用了凸透镜的放大镜知识，故C正确，不符合题意；D.KN95口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫，故D正确，不符合题意。故选A。3.C【分析】(1)正确使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，说明是火线；(2)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小，比较人和列车之间的压强以及人外侧的压强的大小；(3)依据分子间存在斥力和引力的知识回答即可；(4)依据内能的转化方式分析即可。【详解】A.使用试电笔时，手指要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，手不能接触笔尖的金属体(否则可能会触电)，故A正确，不符合题意；B.人和高速列车之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以要站在安全线外，故B正确，不符合题意；C.因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大，故C错误，符合题意；D.把活塞迅速压下去，活塞压缩空气做功，使空气内能增大，温度升高，达到了棉球的着火点，使小棉球燃烧，故D正确，不符合题意。故选C。4．B【分析】物理学中对于多变量的问题，常常采用控制变量的方法，把多变量的问题变成多个单变量的问题；每一次只改变其中的某一个变量，而控制其余几个变量不变，从而研究被改变的这个变量对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；它是科学探究中的重要思想方法，控制变量法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。【详解】在探究电流跟电压和电阻的关系时，采用“保持电阻不变，研究电流和电压关系”的研究方法，即控制变量法；A.动能与物体质量和运动速度都有关系，探究动能大小跟质量和速度的关系，运用的是控制变量法，故A不符合题意；B.研究磁场的方向时，通过放入磁场中的小磁针的N极来指示，采用的是转化法，故B符合题意；C.液体压强与液体密度和深度都有关系，探究影响液体内部压强的因素，运用的是控制变量法，故C不符合题意；D.滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度都有关系，探究影响滑动摩擦力大小的因素，运用的是控制变量法，故D不符合题意。故选B。5．D【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相应的计算，找出符合实际的选项。【详解】A.人的正常体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合实际；B.一般初中生每只鞋的底面积大约为200cm2,即0.02m2,中学生的体重大约为50kg,则其对地面的压强F二G二mg二50kg-二nsx「paSSS0.02m2x2故B不符合实际；C中学生的体重在500N左右，游泳时接近漂浮状态，受到的浮力与重力相等，约500N,故C不符合实际；D.中学生的体重在500N左右，一楼到五楼的高度约12m,中学生从一楼走到五楼所做的功约为W=Gh=500Nx12m=6x103J故D符合实际。故选D。6．B【分析】⑴人耳能听到的声音的频率范围是20~20000Hz，低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz叫超声波；(2)无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、Y射线等都属于电磁波，适量的照射对人体无影响，过量照射会有很大危害；⑶减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱；(4)无线通讯采用的是电磁波，而电磁波与光速是一样的。【详解】A.腹部B超中用到的超声波频率大于20000Hz,故A正确，不符合题意；B.胸透检查中用到的X光隶属于电磁波，适量的照射检查，并不会影响人体健康，但连续多次反复照射对身体有很大危害，故B错误，符合题意；C.在病房里保持安静是在声源处减弱噪声，故C正确，不符合题意；D.医院里的免费“WiFi”采用和光速一样快的电磁波传播信息，故D正确，不符合题意。故选B。7．D【详解】“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故A错误；“斜月沉沉藏海雾”，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；C“月落乌啼霜满天”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C错误；D．“露似真珠月似弓”,露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠,是液化现象,需要放热，故D正确。故选D。8．C【分析】(1)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源,一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；(2)核能分为裂变和聚变两种,裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应,前者主要应用在核反应堆中,后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；(3)电动机是根据通电导体在磁场中受到力的原理工作的；(4)能量在转化或转移过程中总量保持不变,但是人类可利用的能源是有限的。【详解】A.我国海域深处蕴藏的大量“可燃冰”，由于“可燃冰”不可能在短时期内得到补充，属于不可再生能源，故A错误；B.航母核反应堆是通过可以控制的核裂变反应释放核能的设备，故B错误；C.电动机工作时将电能主要转化为机械能，故C正确；D.能量在转化或转移过程中总量保持不变，但能量的转化和转移具有方向性，所以要关注能源危机，故D错误。故选C。9．A【分析】物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大；物体间力的作用是相互的；物体受平衡力的作用处于平衡状态；在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。【详解】A.火箭上升过程中高度增大，重力势能增大，速度增大，动能增大，故A错误，符合题意；B.火箭升空时向后喷出高温气体给空气一个向后的力，空气给火箭以反作用力，是利用了物体间力的作用是相互的，故B正确，不符合题意；C.火箭入轨后做圆周运动运动状态不断改变，故受到非平衡力的作用，故C正确，不符合题意；D.北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运动时，速度减小，高度增加，所以动能减小，势能增加；北斗卫星在地球大气层外运行，不受空气阻力的作用，只有动能和势能之间的转化所以机械能守恒，故D正确，不符合题意。故选A。10．B【解析】【详解】动车匀速直线运动时，如果餐巾纸掉落，由于惯性餐巾纸仍然保持与动车相同的运动速度和运动方向向前运动，由于餐巾纸处于小明正上方行李架的书包里，所以会刚好落在小明的身上。11．B【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小始终相等。【详解】A.汽车突然开动时，站在汽车上的人由于惯性仍保持原来的静止状态，则会向后仰，故A正确，不符合题意；B.竖直抛向空中的石块，运动的越来越慢，是由于石块受到重力的作用(重力改变了石块的运动状态)，而不是惯性越来越小，惯性的大小只与物体的质量有关，与运动状态无关，故B错误，符合题意；C人沿水平方向推停在水平面上的车，车未动，车受到的推力与摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确，不符合题意；D.由于物体间力的作用是相互的，所以打乒乓球时，球拍对球施加力的同时球拍也受到球的作用力，这两个力的大小一定相等，故D正确，不符合题意。故选B。12．D【分析】(1)光照在凸凹不平的物体上会发生漫反射；(2)水中物体的光经水面会发生折射现象，折射光线远离法线，逆着折射光线会看见比水中物体较浅的物体虚像；(3)雨后天空的彩虹是空气中的小水珠对太阳光进行折射形成的现象；(4)光的色散现象说明白光由七种单色光组成。【详解】A.磨砂玻璃比较粗糙，可以使光线发生漫反射，这样可以从不同角度看清楚黑板上的字，是利用漫反射，故A错误；B.清澈的池底，看起来变浅了，是因为光从水中斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，属于光的折射现象，故B错误；C.雨后天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中的细小水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分解成七种单色光，这种现象叫做光的色散现象，则雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C错误；D.当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象；光的色散现象证明了白光是复色光，由七种单色光组成，故D正确。故选D。13．C【分析】由图可知，小球A漂浮，小球B悬浮，小球C沉底；⑴当m=m=m时三小球的重力相等，物体悬浮或漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，ABC物体下沉时受到的浮力小于自身的重力，据此判断三小球受到的浮力关系；(2)物体的密度大于液体的密度时，物体沉底，将C球截去部分后，剩余部分的密度不变，据此判断剩余部分在液体中的状态；⑶由物体的密度和液体的密度相等时悬浮可知液体的密度，小球A漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理求出小球A排开液体的体积，根据V=Sh求出只取出A球时容器中液面的高度降低的高度；m(4)物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，根据P=v求出B球和C球排开液体的体积，进一步求出三球放入液体后排开液体的总体积，利用V=Sh求出容器内液体上升的高度，利用P=Pgh求出三球放入液体前后液体对容器底部的压强的变化量。【详解】由图可知，小球A漂浮，小球B悬浮，小球C沉底；A.若m、=mn=m「，则三个小球的重力相同，因物体悬浮或漂浮时受到的浮力和自身的ABC重力相等，物体下沉时受到的浮力小于自身的重力，则小球A和B受到的浮力等于自身的重力，小球C受到的浮力小于自身的重力，则F「F>F，故A错误；ABCB.因物体的密度大于液体的密度时，物体沉底，则将C球截去部分后，剩余部分的密度不变，剩余部分一定仍沉底，故B错误；C.由物体的密度和液体的密度相等时悬浮可知，液体的密度为Pn，小球A漂浮时，受到B的浮力和自身的重力相等，即

F=G=mg浮AAA由浮二P排可得，小球A排开液体的体积FmgmV=—浮A=—A—=—A

排APgPgP

液BB只取出A球，容器中液面降低的高度mAVPmAh=排a=b-=—ASSPSB故C正确；mm―BP，BD.因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，由P=Vm―BP，B=V=meCPC三球放入液体后，排开液体的总体积V=V+V=V+V排排A排出PBPBm—CPC容器内液体上升的高度m―CPm―CP—CA+B+Ah'=VS=-^b^b—排S三球放入液体前后，液体对容器底部的压强的变化量mmmmP\g+C-^-)PmP\g+C-^-)PSCAp=PgAh=Pg-PbPbPc=(m+m液BSAB故D错误。故选C。14.C【分析】由图知，n=3,拉力端移动距离等于物体升高高度的3倍，利用W=Fs求使用滑轮组时拉力做的总功；使用滑轮组做的有用功等于不用滑轮组时直接提升做的功，额外功等于总功减

去有用功；滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。【详解】A.由图知，n=3,拉力端移动的距离s'=ns=3s拉力做的总功W=Fs'=F义3s=3Fs总222故A错误;BD.使用滑轮组做的有用功W=Fs有1则额外功W=W—W=3Fs—Fs额总有21故BD错误；Fs—1—3FsFs—1—3Fs2Fs

1

Fx3s

2故C正确。故选C。15．D【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；正确分析四个选项各是研究什么问题的,再做回答。【详解】A.图中装置是用来研究电流的周围存在磁场的实验，故A不符合题意；B.图中线圈通电后具有磁性，是利用电流的磁效应，故B不符合题意；C导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；D.图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小、磁场强弱有关，是电动机的工作原理，故D符合题意。故选D。16．AC【分析】凸透镜成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像，并且成虚像规律为物远像远像变大；物距在二倍焦距之外时，凸透镜成倒立、缩小的实像；凸透镜可矫正远视眼，凹透镜可矫正近视眼。【详解】A.根据凸透镜的成像特点知，凸透镜作为放大镜使用时，能使手机上的图像成正立、放大的虚像，故A正确；B.制作手机放大器的凸透镜可矫正远视眼，故B错误；C凸透镜的物距在二倍焦距之外时，凸透镜成倒立、缩小的实像，则小明通过该放大器可观察到远处的景物会倒立、缩小的实像，故C正确；D.将手机离放大器越近，即物距变小，则像距变小，像的大小也变小，故D错误。故选AC。17．BC【分析】(1)根据动力臂和阻力臂的关系判断是什么类型的杠杆；(2)已知重物对地面的压强和接触面积，根据F=PS求出重物对水平地面的压力；(3)已知重物对地面的压力和重物的重力，可求出绳子对重物的拉力，即可知重物对绳子的拉力，再根据杠杆平衡条件可求出OB的长度；(4)将F向右转过一个角度时，其力臂变小，根据杠杆平衡条件可得出F的变化情况。【详解】A.由于L大于Li则此杠杆是一个费力杠杆，故A错误；OAOBB.重物对水平地面的压力F=pS=3000Pa义100义10-4m2=30N故B正确；C重物对地面的压力为30N,重物的重力为40N,则绳子对重物的拉力为10N,由相互作用力可知，重物对绳子的拉力FA=10N,由杠杆平衡条件FL=FL.可得，OB的长度AAOAOBrFL10NX30cmL=八oa==10cmOBF30N故C正确；D.将力F向右转过一个角度，力臂变小，要使重物对地面的压强不变，即阻力和阻力臂均不变，由杠杆平衡条件可得，F要变大，故D错误。故选BC。18.ABD【分析】⑴只闭合S1时，电路为R2的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；(2)只闭合S3时，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路特点和欧姆定律判断两表变化量比值的变化；(3)同时闭合S1、S2、S3时，R2与R并联，电压表测电源电压，电流表测干路中的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器通过的电流，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化；(4)同时闭合S1、S3时，R1与R串联后再与R2并联，电压表测R两端的电压，电流表测干路电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，由串联电路的电压特点确定电压表示数的变化，根据并联电路的电流特点确定电流表示数的变化。【详解】A.只闭合S1时，电路为R2的简单电路，等效电路图如下图所示：~@——1|图中电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，则电流表、电压表均有示数，故A正确;B.只闭合S3时，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，等效电路图如下图所示：Rif-@——1|滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由串联电路的分压原理知，R两端电压变大，R1两端电压变小，由串联电路的电压特点可得AU=AU1R而电流表测串联电路中的电流，则有AUAUR=1=R1AA即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值不变，故B正确；C同时闭合S1、S2、S3时，R2与R并联，电压表测电源电压，则其示数不变，电流表测干路中的电流，等效电路图如下图所示：——@0_£1.R@——1|——因并联电路中各支路独立工作、互不影响，则滑片移动时，通过R2的电流不变，滑片P向U右移动，接入电路中的电阻变大，由I=-可知，通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流变小，即电流表示数变小，故C错误；(4)同时闭合S1、S3时，R1与R串联后再与R2并联，电压表测R两端的电压，电流表测干路电流，等效电路图如下图所示：U滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=-可知，滑动变阻器所在支路的电流变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则电压表的示数变大，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，则通过R2的电流不变，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则电流表的示数变小，故D正确。故选ABD。19．0.11.11.5【分析】由表中数据可知送风状态的功率，知道送风时间，利用=求空调送风20min所消耗的电能；由60min前后电能表示数变化可知60min内空调消耗的电能，注意最后一位是小数点后面一位，单位是kW-h；根据60min内空调消耗的电能（四个循环消耗的电能），可求15min内空调消耗的电能（一个循环，即制冷一次、送风一次消耗的电能）；根据空调送风20min所消耗的电能，可求空调送风5min所消耗的电能（一次送风消耗的电能）；空调一次制冷消耗的电能等于一个循环消耗的电能减去一次送风消耗的电能，知道一次制冷时间，利用功率公式求空调制冷时的电功率。【详解】[1]根据二一可得，空调送风20min所消耗的电能=Pt=0.3kWx当=0.1kW-h

60[2]60min内空调消耗的电能W=1667.1kW•h—1666.0kW•h=1.1kW・h------②[3]由②可得15min内空调消耗的电能11W'=一W=_xL1kW-h=0.275kW•h44由①可得空调送风5min所消耗的电能11W'=-W=—x0.1kW-h=0.025kW•h1414空调一次制冷消耗的电能W=W'—W'=0.275kW-h—0.025kW-h=0.25kW-h21空调制冷时的电功率

20．2221.3520．2221.35x103W0.25kW-hWh60=1.5kW0.8x10322.7漂浮1.8x1036x103【分析】⑴利用称重法求出合金块a受到的浮力，根据阿基米德原理分析水对容器底部增大的压力，容器对地面的压力等于物重减去拉力，据此分析地面受到压力的变化量。(2)根据阿基米德原理可知合金块a完全浸没时排开水的体积，即为合金块a的体积，再根据G=mg=PVg即可求出合金块a的密度；利用称重法求出合金块a浸没在待测液体中受到的浮力，再根据F，=p施gV排可求得液体的密度。浮液排⑶由于细绳断后，合金块a受到的浮力不变，据此分析水对容器底部压力的变化；容器对地面的压力等于物重，据此分析地面受到压力的变化量。(4)①根据甲图分析作答。G②比较甲乙两图可知，烧杯两次受到的浮力之差就是金属块b的重力，根据m=g即可求出金属块b的质量。③比较乙丙可知，根据烧杯两次受到的浮力之差可以求出金属块b的体积，最后利用密度公式求出金属块b的密度。【详解】(1)[1]根据称重法可知，合金块a受到的浮力F=F—F=2.7N—0.7N=2N浮AD[2]根据阿基米德原理可知G=F=2N排水浮故水对容器底部的压力增大了2N。[3]容器对地面的压力等于物重减去拉力，由此可知容器对地面的压力增大量为AF=F—F=2.7N—0.7N=2NAD(2)[4]合金块a的体积等于其完全浸没时排开水的体积，根据阿基米德原理可知，合金块a

排开水的体积V-Va排F-浮2Npg1.0x103kg/m3x10N/kg水=2排开水的体积V-Va排F-浮2Npg1.0x103kg/m3x10N/kg水=2x10-4m3根据G=mg=PVg可得合金块a的密度2.7N=1.35x103=1.35x103kg/m3F'-F-F=2.7N-1.1N=1.6N浮AFF-浮1.6NVg2x10-4m3F-浮1.6NVg2x10-4m3x10N/kga=0.8x103kg/m3(3)[6]由于细绳断后合金块a受到的浮力不变，故水对容器底部的压力仍增大了2N。[7]物重增加了2.7N则容器对地面的压力增大了2.7N。(4)①[8]由甲图可知烧杯处于漂浮状态。②[9]比较甲乙两图可知，均是漂浮，受到的浮力都等于重力，则两图中浮力的变化量等于金属块b的重力，即二p水gAV排-p水g(H2-H1)S容则金属块b的质量G

mG

m--b-p(H-H)S21容=1g/cm3x(18cm-12cm)x300cm2=1.8x103g[10]比较乙丙可知，都是漂浮，烧杯和金属块的总重不变，则乙图中金属块b受到的浮力等于这两次烧杯受到的浮力变化量，则金属块b受到的浮力F-pgV-pg(h-h)Sb浮水b水12烧杯所以金属块b的体积V-(h-h)Sb12烧杯故金属块b的密度m(H-H)S(18cm-12cm)x3p==——21-容px1g/cm3-6g/cm3=6x103kg/m3V(h-h)S水(5cm-2cm)b12烧杯

21．断开阻值最大处21．断开阻值最大处左150.6530偏小RUVIR—UV【分析】(1)为防止电路中的电流过大烧坏电路元件，连接电路中时开关应断开；闭合开关前滑动变阻器应处于最大阻值处。(2)根据电流表正确读数方法读出电路中的电流。(3)根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移到的方向；根据电压表示数不变，由欧姆定律求解电流大小。(4)要探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，应用串联电路规律与欧姆定律分析解答。(5)根据分流原理和并联电路电流求出通过待测电阻的电流，根据欧姆定律求待测电阻大小。【详解】(1)[1]为保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态。[2]闭合开关前，滑动变阻器应该滑到最大阻值处。(2)[3]图中电流表选用大量程，分度值为0.1A,示数为1A。(3)[4]用25Q的电阻替换15Q的电阻后，电阻变大，根据分压原理可知，电压表的示数变大，为保持电压表示数不变，由串联电路电压的规律可知，应增大变阻器的电压，则应增大滑动变阻器的阻值，使滑片向左移动。[5]根据探究电流与电阻的关系的实验时，要保持电压表示数不变，其大小为U=IR=1Ax15Q=15V表11[6]此时电流表的示数15V=15V=0.6A(4)[7]凶电源电压为30V，电阻两端电压为15V，滑动变阻器分压为15V，定值电阻两端电压等于变阻器的电压，根据分压原理可知，定值电阻的阻值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因定值电阻最大阻值为30Q，而滑动变阻器最大阻值为25Q，则需要串联的电阻的阻值最小为5Q；当滑动变阻器未接入电路时，需要串联的电阻的阻值最大，其最大值为30Q，故串

联的电阻的阻值范围是5Q至30Q。U(5)[9]根据并联电路电流的规律，电流表示数大于实验通过待测电阻的电流，根据R=-知，所测电阻偏小。[10]根据并联电路的分流原理，则有RI—V=RIxV根据并联电路电流的规律，则有I=I+1xV待测电阻由以上三个式子可得RUVIR—UV(1)3X104Pa；(2)1.15X103N；(3)25%。【解析】【详解】.卡丁车满载时的重力为：G=mg=600kgx10N/kg=6000N,则卡丁车满载时对水平地面的压力为：F=G=6000No卡丁车受力面积为：S=4x500cm2=2000cm2=0.2m2,则卡丁车满载时对地面的压强为：P=—=6000NP=—=6000N0.2m2=3x104Pa。.卡丁车的行驶速度