2020届高考物理二轮复习疯狂专练3受力分析共点力的平衡含解析

1、(2) 共点力的平衡条件及分析；a、b、c在水平桌面上成功地叠放在一起。下列说法正确的是a受到的重力(所有钢索)斜拉桥，其索塔与钢索如图所示。下列说法正确的是30的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。已知物块与斜面之间的动3，重力加速度取3100 3 kg CM相连，系统处于静止状态。现用水平向左的拉力缓慢拉动(3) (2) 共点力的平衡条件及分析；a、b、c在水平桌面上成功地叠放在一起。下列说法正确的是a受到的重力(所有钢索)斜拉桥，其索塔与钢索如图所示。下列说法正确的是30的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行。已知物块与斜面之间的动3，重力加速度取3100 3 kg CM相连，系统处于

2、静止状态。现用水平向左的拉力缓慢拉动(3) 动态平衡问题分析、正交分( ( 10 m/s 。若轻绳能承受的最大张力为200 kg DN，直至悬挂 N的细绳与) ) 2200 3 kg 1500 N，则物块的质量最大为( ) 受力分析 共点力的平衡(1) 整体法与隔离法的应用，物体的受力分析；解法应用。1如图所示，三个形状不规则的石块A石块 b对 a的支持力一定竖直向上B石块 b对 a的支持力一定等于C石块 c受到水平桌面向左的摩擦力D石块 c对 b的作用力一定竖直向上22018 年 10月 23日，港珠澳跨海大桥正式通车。为保持以往船行习惯，在航道处建造了单面索均处在同一竖直面内A增加钢索的数

3、量可减小索塔受到的向下的压力B为了减小钢索承受的拉力，可以适当降低索塔的高度C索塔两侧钢索对称且拉力大小相同时，钢索对索塔的合力竖直向下D为了使索塔受到钢索的合力竖直向下，索塔两侧的钢索必须对称分布3物块在轻绳的拉动下沿倾角为摩擦因数为A150 kg B4(多选)如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块N.另一端与斜面上的物块1 ( OA、OB的O端与质量为 m的小球拴接在一起，45角的拉力 F，小g，小球可视为质点， 下列说法错误的是 ( F增大，则细线22F不能超过F不能超过 mgM的四分之一圆柱体放在粗糙水平地面上，质量为) (Mm)gmgt

4、an mg( OA、OB的O端与质量为 m的小球拴接在一起，45角的拉力 F，小g，小球可视为质点， 下列说法错误的是 ( F增大，则细线22F不能超过F不能超过 mgM的四分之一圆柱体放在粗糙水平地面上，质量为) (Mm)gmgtan mgtan mgcos ON的一端 O固定，其中间某点 2 。现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角( O点，物体 A、B叠放在木板上且处于静止B的上表面水平。现使木板) ) A、B两端固定于竖直墙面上，其中细线) OA中拉力变小，细线3 223 22m的正方体放在圆柱体和光滑角，圆柱体M拴一重物，用手拉住绳的另一端 不变。在) P绕 O点缓慢旋转到虚线所示位置

5、，物体OA与竖直方向OB中拉力变大6mgN。初始时， OMA、B仍保持静止，与原竖直方向成 45。已知 M始终保持静止，则在此过程中A水平拉力的大小可能保持不变BM所受细绳的拉力大小一定一直增加CM所受斜面的摩擦力大小一定一直增加DM所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加5细线成 45角，细线 OB与竖直方向成 60角，如图所示， 现在对小球施加一个与水平方向成球保持静止， 细线 OA、OB均处于伸直状态， 已知重力加速度为A在保证细线 OA、OB都伸直的情况下，若B当 F mg时，细线 OB中拉力为零C为保证两根细线均伸直，拉力D为保证两根细线均伸直，拉力6(多选)如图所示，质量为墙壁之间，且

6、不计圆柱体与正方体之间的摩擦，正方体与圆柱体的接触点的切线与右侧墙壁成处于静止状态。则 ( A地面对圆柱体的支持力为B地面对圆柱体的摩擦力为C墙壁对正方体的弹力为D正方体对圆柱体的压力为7(多选)如图，柔软轻绳竖直且 MN被拉直， OM与MN之间的夹角为OM由竖直被拉到水平的过程中AMN上的张力逐渐增大BMN上的张力先增大后减小COM上的张力逐渐增大DOM上的张力先增大后减小8(多选)如图所示， 木板 P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的状态，此时物体位置的情况相比 ( 2 ( R的半球固定在水平地面上，球心L 2.4R和 L 2.5R，则这两个小球的质量之比为NN1 1 1m2( R的半球固

7、定在水平地面上，球心L 2.4R和 L 2.5R，则这两个小球的质量之比为NN1 1 1m25 m24 N1 DM2 3 kg 的木块 A套在水平杆上，并用轻绳将木块30角的力 F10 3 N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中2；。) O的正上方 O处有一无摩擦定滑m1 21224 252 2 2A与质量 m 3 kg 的小球相连。M、m相对位置保1m) N，小球与半21N25242AA对 B的作用力减小BB对 A的支持力减小C木板对 B的支持力增大D木板对 B的摩擦力增大9如图所示，有一轻圆环和插栓，在甲、乙、丙三个力作用下平衡时，圆环紧压着插栓。不计圆环与插栓间的摩擦，若只调整两个力

8、的大小，欲移动圆环使插栓位于圆环中心，下列说法中正确的是A增大甲、乙两力，且甲力增大较多B增大乙、丙两力，且乙力增大较多C增大乙、丙两力，且丙力增大较多D增大甲、丙两力，且甲力增大较多10表面光滑、半径为轮，轻质细绳两端各系一个可视为质点的小球挂在定滑轮上，如图所示。两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为球之间的压力之比为 ，则以下说法正确的是 ( Am B m C N11如图所示，质量今用与水平方向成持不变，取 g10 m/s 。求：(1) 运动过程中轻绳与水平方向的夹角(2) 木块与水平杆间的动摩擦因数3 A、骨架 B、弹簧 C(劲度系数为 k)、锁舌 D(倾斜角A、骨架 B、弹簧 C(

9、劲度系数为 k)、锁舌 D(倾斜角 D的侧面与外壳F F F )求得。有一次放学后，当某同学准备关门时，无论用多(这种现象称为自锁 )，此刻暗锁所处的状态的俯视图如图乙所示，x。D的下表面所受摩擦力的方向。(自锁时 )锁舌 D与锁槽 E之间的正压力的大小。至少要多大？A和锁槽 E之间的动摩擦因fm由 fm N( N为正压力P为锁舌 D与锁槽12一般教室门上都安装一种暗锁，这种暗锁由外壳45)、锁槽 E以及连杆、锁头等部件组成，如图甲所示。设锁舌数均为 ，最大静摩擦力大的力，也不能将门关上E之间的接触点，弹簧由于被压缩而缩短了(1) 求自锁状态时(2) 求恰好关不上门时(3) 无论用多大的力拉门

10、，暗锁仍然能够保持自锁状态，则4 b对 a的支持力与其对A、B错误；以三块石块作为整体研究，整体受到的重力与支持力是平衡力，则石C错误；选取 a、b作为整体研究，根据平衡条件，石块c对 bA错误；当索塔受到的力 减小，则钢索受到的拉力将增大，则两侧拉力在水平方向的合力为零，m，将物块的重力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，由平衡条件，在沿斜面方向Fmgsin 30 mgcos 30 m150 kg因为 N的重力与水平拉力A错误， B正，若 m m ，则 b对 a的支持力与其对A、B错误；以三块石块作为整体研究，整体受到的重力与支持力是平衡力，则石C错误；选取 a、b作为整体研究，根据平衡条件，石块

11、c对 bA错误；当索塔受到的力 减小，则钢索受到的拉力将增大，则两侧拉力在水平方向的合力为零，m，将物块的重力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，由平衡条件，在沿斜面方向Fmgsin 30 mgcos 30 m150 kg因为 N的重力与水平拉力A错误， B正，若 m m ，则 M所受斜若 m ，则 M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增大，OA、OB中拉力分别为竖直方向有 45 60T T Fcos 45，解得6 2)F(6 2)F(a的静摩擦力的合力，跟c对 b的作用力的作用力一定竖直向上，故F一定时，降B错误；如果索塔两钢索的合力一定竖直向下，F的合力和细绳的拉力Ng Mgsin NgmMgsi

12、n T T OA、OBT Fsin T mg，Asin 45 Bsin 6031)mg，若 F 增大，则 T T A项正确； T 为零时，有 T31)mg0，解得 F mg，B项正确；为保证两根细线都伸直，D正确。CT是一对选项 D正确，A、 B，若Acos 45 Bcos T mg(2 3)F，TA变小， B变大， B B223 2 6A BF最大时，有 T23 2 6A2答案1【答案】 D 【解析】 由题图可知， a与 b的接触面不是水平面，可知石块a 受到的重力是平衡力，故块 c不会受到水平桌面的摩擦力，故与其重力平衡，则石块2【答案】 C 【解析】 增加钢索的数量，索塔受到的向下的压力

13、增大，低索塔的高度，钢索与水平方向的夹角侧的钢索对称且拉力大小相同，正确；索塔受到钢索的拉力合力竖直向下，当两侧钢索的拉力大小不等时，由图可知，两侧的钢索不一定对称， D错误。3【答案】 A 【解析】 设物块的质量最大为有 ，解得 ，A项正确。4【答案】 BD 【解析】对 N进行受力分析如图所示，平衡力，从图中可以看出水平拉力的大小逐渐增大，细绳的拉力也一直增大，选项确；M的质量与 N的质量的大小关系不确定，设斜面倾角为面的摩擦力大小会一直增大，C错误。5【答案】 D 【解析】 对小球进行受力分析如图所示，设细线都伸直，对小球由平衡条件列方程，水平方向有(5 2 62Nmgsin N(Mm)g

14、 水平方向受力平衡，地面对圆柱体的摩擦力：m，绳 OM中的张力为 T MN中的张力为 T T mg，Tmg等大、反向。 不变，在绳 MN缓慢拉起的过程中，角T mgsinOM先增大后减小，选项。以 A为研究对象， A原来只受到重力B对A的作用力2 62Nmgsin N(Mm)g 水平方向受力平衡，地面对圆柱体的摩擦力：m，绳 OM中的张力为 T MN中的张力为 T T mg，Tmg等大、反向。 不变，在绳 MN缓慢拉起的过程中，角T mgsinOM先增大后减小，选项。以 A为研究对象， A原来只受到重力B对A的作用力与 A的重力大小相等，方向相B的上表面不再水平，B对 AA的重力大小相等， 方

15、向相反， 则 B对 A的作用力保持不变。 根据牛顿第三定A错误；当将 P绕 O点缓慢旋转到虚线所示位置时，设，由于支持力与摩擦力相互垂直，则2，总重力 G2 2 2减小，故同向，或同时减小乙、 丙两力，且减小量的合力应与消失的弹力等mg1，以圆柱体和正方体为研究对象，fN A、COM，绳 OM 逐渐增大，则角 ()逐渐减OM ，()由钝角变D正确；同理知 由 0 变为 的过程中， TA受力情B的上表面与水平N ，所以 AAB、木板的支持力ABsin tan ，圆柱体对正方体的弹力竖直方向受力平衡，mg1MN。开始时， MNsin Tsin sin ，在 21GAcos N和摩擦力 f GNta

16、n ，故MNMN一直增受到的支持力一定减小了，2 2，N2 ABcos mg2mgsin ，根据牛顿第三定律，mg(2 3)F0，解得 F3 mg，C项正确， D项错误。6【答案】 AC 【解析】 以正方体为研究对象，受力分析，并运用合成法如图所示。由几何知识得，墙壁对正方体的弹力则正方体对圆柱体的压力为地面对圆柱体的支持力：正确。7【答案】 AD 【解析】 设重物的质量为0。由于缓慢拉起，则重物一直处于平衡状态，两绳张力的合力与重物的重力如图所示，已知角小，但角 不变，在三角形中，利用正弦定理得：为锐角，则 T大，选项 A正确。8【答案】 BC 【解析】 设木板与水平地面的夹角为和支持力而处

17、于平衡状态，所以反；当将 P绕 O点缓慢旋转到虚线所示位置，况如图 1，A受到重力和 B对 A的支持力、摩擦力三个力的作用，其中的支持力、 摩擦力的合力仍然与律可知， A对 B的作用力也不变，故方向之间的夹角是故 B正确；以 AB整体为研究对象，分析受力情况如图，f G ，减小， N增大，f C正确，D错误。9【答案】 D 【解析】 根据题意可知，轻圆环受甲、乙、丙三个力及插栓的弹力作用，处于平衡状态，根据共点力平衡条件的推论可知，甲、乙、丙三个力的合力必与插栓对轻圆环的弹力等大、反向，该弹力方向为沿轻圆环半径方向向外，要通过移动圆环使插栓位于圆环中心，则甲、乙、丙三个力的合力需变为零，此时可

18、同时增大甲、丙两力且增加量的合力应与消失的弹力等大、6 A、B、C错误，选项 D正确。m T和半球的支持力1，作出受力示意图。由平衡条件得知，拉力Tm TmL h L hgR mL h1 2 1 2A、B、C错误，选项 D正确。m T和半球的支持力1，作出受力示意图。由平衡条件得知，拉力Tm TmL h L hgR mL h1 2 1 2 2L12524，故FTcos Tsin TfNf35F ，则其方向向右。F Ff1 Nsin 45Ncos f2f1f2FN趋近于，则有1g、绳子的拉力T和支持力 N m 大小相等、方向1g 2g1 22gR2 1 2L2 12524，1 2T，小球受力如图甲所示，由平衡条件可得f1f2，正压力为 N，下表面的正压力为2kxN1220 1的合力与重力 1gF，弹力为 kx，如图所示，由力122。大、反向，且甲力增加得多或乙力减小得多，故选项10【答案】 B 【解析】 先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力N相反。设 OOh，根据三角形相似得： N1R，同理，对右侧小球，有： N2R，解得：m1gT，m2gThL ，N1m1h ，N ，由