2018-2019学年粤教版九年级上册化学43质量守恒定律同步练习

1、2018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习2018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习一、单项选择题1.已知在化学反响：3A2B+C中，24gA与6gD混淆后圆满反响生成16gB，则B和C的相对分子质量比是（）A.2：1B.8：7C.1：1D.4：72.某密闭容器内有X、Y、Z、W四种物质，在一定条件下充分反响，测得反响前后各物质的质量如表：物质XYZW反响前质量/g41102反响后质量/g待测548以下说法正确的选项是（）A.反响后X的质量为5gB.Z与W的相对分子质量比一定是1：1C.该反响的反响物只有ZD参.加反响的X与Z的质量比是2：3

2、3.在一密闭容器内加入甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下发生化学反响，反响前后各物质的质量变化见下表以下说法中不正确的选项是（）物质甲乙丙丁反响前物质质量/g83254反响后物质质量/g164x24A.该反响为分解反响B.丙可能是该反响的催化剂C.甲、乙两种物质间参加反响的质量比为1：4D.乙、丁两种物质间反响的质量比为7：54.在一个密闭容器中放入W、G、H、P四种物质，在一定条件下发生化学反响，一段时间后，测得有关数据以下表：物质WGHP反响前质量/g181232反响后质量/g待测26212对该反响的认识正确的选项是（）A.W待测值是13B.该反响是分解反响C.P是生成物D.物质H是该反

3、响的催化剂5.长途运输鱼苗时，为了防备鱼苗缺氧，常在水中加入物质X，发生反响的化学方程式为：2X+2H2O=2Ca（OH）2+O2，此中X的化学式为（）A.CaOB.CaO2C.CaCO3D.CaCl26.a克氯酸钾与b克二氧化锰混淆加热至圆满反响，可得c克氯化钾，则依据质量守恒定律制得氧气的质量是（）A.(a+b)克B.(a+b-c)克C.(a-c)克D.(a+b+c)克7.火药是古代四大发明之一火药点燃后发生的反响为：2KNO3+S+3CK2S+N2+3X则X的化学式为（）A.O2B.COC.CO2D.NO28.某反响为2X+2SO2+O22CaSO4+2CO2，X的化学式是（）1/820

4、18-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习A.CaOB.CaC2C.Ca（OH）2D.CaCO39.ng氯酸钾和2g二氧化锰混淆加热，圆满反响后获得固体mg，则放出氧气的质量为（）A.（nm）gB（.m+2）gC（.m2）gD（.n+2m）g10.酒精检测仪中的反响原理为：C2H5OH+4X（橙红色）+6H2SO4=2Cr2(SO4)3（绿色）+2CO2+9H2O，则物质X的化学式为（）A.CrO3B.Cr2O3C.Cr2S3D.CrSO3二、填空题11.工业上用氨气（NH3）除掉废气中的污染物二氧化氮、其原理用化学方程式表示为：6NO2+8NH37X+12H2O，则X化

5、学式为_，你推想的依据是_12.黑火药是我国古代四大发明之一。黑炎药的主要原料是木炭、硝石和硫碘，黑炎药焚烧发生反响的化学方程式为；则X的化学式为_。13.为防备煤气泄露令人中毒，常在煤气中加入少许有特别气味的乙硫醇（C2H5SH），乙硫醇在煤气焚烧过程中也能够充分焚烧，其化学方程式为：2C2H5SH+9O24CO2+2X+6H2O，则X的化学式为_14.白磷有毒，假如不慎将白磷沾到皮肤上，能够用稀的硫酸铜溶液冲刷来解毒，发生反响的化学方程式为2P+5CuSO4+8H2O5Cu+2X+5H2SO4推想X的化学式为_15.一定质量的纯净物A在32g氧气中充分焚烧，碰巧圆满反响，生成22gCO2和

6、18g水，参加反响的A的质量是_；A中含有的元素是_；A中各元素的质量比是_；若一个A分子中不超出8个原子，则A的化学式为_三、解答题16.小贝设计以以下图的实验来考证质量守恒定律将图示中的两种溶液混淆前后天平如故均衡，小贝以为实验成功，你以为小贝的实验设计合理吗？为何？四、综合题17.为了研究质量守恒定律，某兴趣小组设计了如图“白磷焚烧前后质量测定”的实验，请分析有关问题1）装置：锥形瓶的底部铺有一层细沙，其作用是_2）白磷焚烧：白磷焚烧过程中看到的现象是_2/82018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习（3）焚烧后称量：发现托盘天平指针倾向右侧，造成这类现象的原由

7、可能是_（只写一条）（4）检讨：白磷焚烧_（填“恪守”或“不恪守”）质量守恒定律，原由是_18.用分别表示氮原子和氧原子，以以下图是氮气与氧气在放电条件下发生反响的微观模拟图。请从微观角度回答以下问题：1）在B图中将有关粒子图形增补圆满_；2）此变化前后没有发生改变的微观粒子有_；3）从微观角度解说此反响为化合反响的原由是_。3/82018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习答案分析部分一、单项选择题1.【答案】C【分析】【解答】解：该反响中D是催化剂，反响前后质量不变，依据质量守恒定律及24gA与6gD混淆后圆满反响生成16gB可知，生成C的质量为24g16g=8g，

8、设B，C的相对分子质量分别为x、y，则3A2B+C2xY16g8g=解得x：y=1：1应选C【分析】该反响中D是催化剂，依据质量守恒定律及24gA与6gD混淆后圆满反响生成16gB计算出生成的质量，而后利用化学反响方程式来解答2.【答案】D【分析】【解答】A、依据质量守恒定律，在化学反响中，参加反响前各物质的质量总和等于反响后生成各物质的质量总和故反响后X的质量为：（4g+1g+10g+2g）（5g+4g+8g）=0，A不切合题意；B、依据题意，Z与W的反响质量之比为（10g4g）:（8g2g）=1：1，但因为反响式中Z与W的计量系数之比未知，故没法判断其相对分子质量比，B不切合题意；C、因为

9、X物质反响后质量为0g，说明圆满反响了，故参加反响的物质中一定有X，C不切合题意；D、参加反响的X与Z的质量比是：（4g0）:（10g4g）=4g：6g=2：3，D切合题意。故答案为：D。【分析】本题要点察看了质量守恒定律的应用。3.【答案】C【分析】【解答】解：由表格信息可知反响后甲质量增添了16g8g=8g克，是生成物；丁质量增添了24g4g=20克，是生成物；乙是质量减少32g4g=28g，为反响物，故可知丙质量仍为5g，质量不变，可能为做催化剂反响切合“一变多”的特色，为分解反响A、由分析可知，该反响为分解反响，正确；B、由分析可知，丙物质可能是该反响的催化剂，正确；C、甲、乙两种物质

10、间参加反响的质量比=（16g8g）：（32g4g）=2：7，错误；D、乙、丁两种物质间反响的质量比=（32g4g）：（24g4g）=7：5，正确应选：C【分析】依据质量守恒定律，在化学反响中，参加反响前各物质的质量总和等于反响后生成各物质的质量总和反响后质量增添的是生成物，减少的是反响物由表格信息可知反响后甲质量增添了16g8g=8g克，是生成物；丁质量增添了24g4g=20克，是生成物；乙是质量减少32g4g=28g，为反响物，故可知丙质量仍为5g，质量不变，可能为做催化剂反响切合“一4/82018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习变多”的特色，为分解反响4.【答案

11、】A【分析】【解答】解：由表中信息可知，P物质的质量减少为反响物，参加反响的质量是20克；G物质的质量增添为生成物，生成的质量是25克；H物质的质量不变故H物质不参加反响依据质量守恒定律可知，W是反响物，参加反响的质量是5克A、反响后物质W的质量为：18g5g=13g故A正确；B、反响物是两种，生成物是一种，属于化合反响，故B错误；C、P物质的质量减少故为反响物故C错误；D、物质H的质量在反响前后不变，可能是该反响的催化剂，故D错误应选A【分析】依据质量守恒定律可知，参加反响的各物质质量总和等于反响后生成的各物质的质量总和化学反响后，质量增添的物质是生成物，质量减少的物质是反响物利用这一性质进

12、行判断5.【答案】B【分析】【解答】解：依据质量守恒定律的微观解说和化学方程式为：2X+2H2O=2Ca（OH）2+O2，能够知道反响前后的原子数量和种类应当相等，分析题给的化学反响方程式能够知道，反响前只出现了2个O原子，4个H原子，反响后出现了2个Ca原子，6个O原子，4个H原子，所以在2X中含有的4个O原子，2个Ca原子，所以X中含有1个Ca原子、2个原子O，分析题给的四个选项，切合题意的化学式为B故选：B【分析】依据质量守恒定律的微观解说：化学反响前后原子的种类和数量不变可知在化学反响方程式中，反响物和生成物中所含的原子的种类和数量同样由此可推想化学反响方程式中反响物或生成物的化学式6

13、.【答案】C【分析】【解答】参加反响的氯酸钾的质量等于反响后生成的氯化钾和氧气的质量和，因为氧气逸散到空气中，所以反响后减少的质量就是生成的氧气的质量；二氧化锰在反响中充任了催化剂，其质量在反响前后不发生改变，因今生成氧气的质量为：(a-c)g.故答案为：C.【分析】依据质量守恒定律解答即可.7.【答案】C【分析】【解答】解：依据质量守恒定律可知，在化学反响前后原子的种类和数量不变，从化学方程式2KNO3+S+3CK2S+3X+N2看，3X中含有硫的原子个数为：11=0，含有钾的原子个数为：22=0，含有氮的原子个数为：22=0，含有氧的原子个数为：230=6，含有碳的原子个数为：30=3所以

14、X中含有氧原子2个，碳原子1个，所以X的化学式为：CO2应选：C【分析】依据化学方程式2KNO3+S+3CK2S+3X+N2，利用质量守恒定律来分析解答8.【答案】D【分析】【解答】依据质量守恒定律，反响前后原子种类和个数都不变，由方程式知生成物中含有的原子种类及原子个数为Ca：2；S：2；C：2；O：12；已知反响物中含有的原子种类及原子个数为S：2；O：6；比较分析可知X中含有Ca，C和O元素，其原子个数分别为1，1和3，故X的化学式为CaCO3应选D5/82018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习【分析】本题依据质量守恒定律，反响前后原子种类和个数都不变，分别统

15、计出反响前后原子种类及个数，比较分析就能够求出所得物质的化学式9.【答案】D【分析】【解答】解：固体质量减少是因为产生了氧气这类气态物质，它会溢出系统，使得固体质量减少，因今生成氧气的质量就是固体减少的质量，反响前固体的总质量减去今后固体的节余质量，原来的总质量是（n+2）g，今后节余的总质量是mg，所以就是（n+2m）g（注意今后的mg固体中含有原来的二氧化锰的质量2g）应选D【分析】固体质量减少是因为产生了氧气这类气态物质，它会溢出系统，使得固体质量减少，因今生成氧气的质量就是固体减少的质量，就只原来固体的总质量减去今后固体的节余质量，原来的总质量是（n+2）g，今后节余的总质量是mg，则

16、可求放出氧气的质量10.【答案】A【分析】【解答】依据反响的化学方程式C2H5OH+4X（橙红色)+6H2SO42Cr2（SO4)3（绿色)+2CO2+9H2O，反响物中碳、氢、氧、硫原子个数分别为2、18、25、6，反响后的生成物中铬、碳、氢、氧、硫原子个数分别为4、2、18、37、6，依据反响前后原子种类、数量不变，则4X中含有4个铬原子和12个氧原子，则每个X分子由1个铬原子和3个氧原子组成，则物质X的化学式为CrO3应选A【分析】由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数量均不变，据此由反响的化学方程式推想反响物X的化学式本题难度不大，利用化学反响前后元素守恒、原子守恒来确立物质的化学式是

17、正确解题的要点二、填空题11.【答案】N2；质量守恒定律【分析】【解答】解：依据质量守恒定律：在化学反响中，反响前后原子的种类没有改变，数量没有增减，可推想出X的化学式为：N2；故答案为：N2；质量守恒定律【分析】依据质量守恒定律：在化学反响中，反响前后原子的种类没有改变，数量没有增减，进行解答12.【答案】K2S【分析】【解答】依据质量守恒定律，反响物中有1个硫原子，2个钾原子，2个氮原子，6个氧原子，3个碳原子，生成物中的已知物质在已经有2个氮原子，3个碳原子，6个氧原子，故X中有2个钾原子，1个硫原子，故化学式为K2S；故答案为：K2S【分析】依据质量守恒定律，化学反响前后原子的种类不变

18、，原子的个数相等解答13.【答案】SO2【分析】【解答】方程式左侧有4个碳原子、12个氢原子、2个硫原子、18个氧原子，依据质量守恒定律，反响前后原子的种类和数量不变，可得还差2个硫原子、4个氧原子，这些由2个X供给，所以X的化学式为SO2。【分析】该题察看了质量守恒定律及其应用。14.【答案】6/82018-2019学年粤教版九年级上册化学4.3质量守恒定律同步练习【分析】【解答】由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数量均不变，由反响的化学方程式2P+5CuSO4+8H2O5Cu+2X+5H2SO4，反响前磷、铜、硫、氧、氢原子个数分别为2、5、5、28、16，反应后的生成物中磷、铜、硫、氧

19、、氢原子个数分别为0、5、5、20、10，依据反响前后原子种类、数量不变，则2X分子中含有6个氢原子、2个磷原子和8个氧原子，则每个X分子由3个氢原子、1个磷原子和4个氧原子组成，则物质X的化学式为H3PO4故答案为：H3PO4【分析】由质量守恒定律：反响前后，原子种类、数量均不变，据此由反响的化学方程式推想生成物X的化学式15.【答案】8g；碳、氢；3：1；CH4【分析】【解答】解：依据质量守恒定律参加反响的物质A的质量为22g+18g32g=8g；二氧化碳中碳元素的质量=22g=6g；18g水中氢元素的质量=18g=2g；6g+2g=8g，所以依据质量守恒定律可知，该物质中不含有氧元素；物

20、质A中碳、氢元素的质量比为6g：2g=3：1物质A中碳、氢原子个数比为：=1：4，若一个A分子中不超出8个原子，则A的化学式为CH4故答案为：8g；碳、氢；3：1；CH4【分析】质量守恒定律的内容是：参加化学反响的各物质的质量总和等于反响后生成的各物质的质量总和，依据题目给出的信息分析即可三、解答题16.【答案】解：质量守恒定律是在化学变化中表现出来的性质，而氯化钡与硝酸钾接触后，没有气体、积淀或水生成，故不反响，故不可以以用来考证质量守恒定律，实验不合理【分析】【分析】质量守恒定律是在化学变化中表现出来的性质，而氯化钡与硝酸钾不反响，故不可以以用来考证质量守恒定律四、综合题17.【答案】（1）防备锥形瓶底部局部受热粉碎2）产生白色的烟，气球胀大，后又减小3）装置漏气4）恪守；化学反响前后原子种类、数量和质量都不变【分析】【解答】解：（1）锥形瓶的底部铺有一层细沙，其作用是防备锥形瓶受热不均而炸裂（2）白磷焚烧过程中看到的现象是：产生白烟，气球胀大，后又减小；（