湘赣十四校、等2022年物理高一第一学期期末学业水平测试试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，小木块A静止在斜面上小木块对斜面的压力为N、对斜面的摩擦力为f若增大斜面的倾角，小木块仍然保持静止则A.N增大，f增大B.N增大，f减小C.N减小，f增大D.N减小，f减小2、下列说法正确的是（）A.在研究如何踢出“香蕉球”时，可以把足球看作质点B.在研究战斗机的飞行和翻转时，可以把战斗机看作质点C.“一江春水向东流是指水相对河岸（或者地面）的运动D.“神州十一号飞船”与“天宫二

3、号”对接前，调整飞船姿势时，可将飞船看成质点3、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A.物体的速度变化，加速度就变化B.物体的速度变化越快，加速度就越大C.物体的速度变化越大，加速度就越大D.物体的加速度减小，物体的速度也减小4、质量60kg的人通过光滑的定滑轮拉动质量20kg的物体，如图所示，当物体以的加速度加速上升时，人对地面的压力等于A.200NB.300NC.500ND.600N5、如图所示，斜面体质量为M小方块质量为m，在水平推力F作用下左做匀速直线运动，各接触面之间动摩擦因数都为，重力加速度为g，则（）A.地面对斜面体的支持力大小为MgB.斜面体对地面的压力大小为（M+m）gC

4、.斜面体对小方块的摩擦力大小mgcosD.地面对斜面体的摩擦力大小为Mg6、如图，用一根轻质细绳将一幅画框对称悬挂在墙壁上的悬钉O处。若缩短挂钉间细绳的长度，使画框仍然可以对称地悬挂在悬钉O上，则A.细绳对挂钉的拉力变大B.细绳对挂钉的拉力变小C.细绳对悬钉O作用力的合力变大D.细绳对悬钉O作用力的合力变小7、机车A拉着一节车厢B向右行驶用F1和F2分别代表机车A对车厢B和车厢B对机车A的作用力，已知车厢B行驶时受到的阻力为F阻，则（）A.机车A拉车厢B匀速行驶时，F1F阻，F1与F阻方向相反B.机车A拉车厢B匀速行驶时，F1F2，F1与F2方向相反C.机车A拉车厢B加速行驶时，F1F阻，F1

5、与F阻方向相反D.机车A拉车厢B加速行驶时F1F2，F1与F2方向相反8、如图所示，用与竖直方向成角（45）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力为F1，现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针转过角，绳b的拉力为F2，再逆时针转过角固定，绳b的拉力为F3，则( )A.B.C.绳a的拉力先减小后增大D.绳a的拉力一直减小9、如图所示，一质量为M圆环套在一根粗糙的水平横杆上，圆环通过轻绳和质量为m的物块相连，物块在水平向右的风力作用下偏离竖直方向一定的角度（如图中虚线位置所示）。现风力发生变化使物块偏离到图中实线位置（缓缓移动），但圆环仍然不动，在这一过程中，水平风力

6、大小F风、绳子上的张力大小FT、横杆对圆环的摩擦力大小f、横杆对圆环的支持力大小FN变化情况正确的是（）A.F风逐渐变大，FT逐渐变大B.F风逐渐变大，FT逐渐变小C.f逐漸变大，FN保持不变D.f保持不变，FN逐渐变小10、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示 .取则A.下落的最大速度为5m/sB.自由落体高度为2.5mC.能弹起的最大高度为1.25mD.小球从下落到反弹到最高点所经过的路程为1.7m11、固定在水平面上的光滑半球的半径为R，球心O的正上方固定一个光滑的小定滑轮，细线的一端绕过定滑轮，今将小球从图示位置缓慢地拉至B点，在小球到达

7、B点前的过程中，小球对半球的压力N，细线的T拉力大小变化情况正确的是A.N不变B.N变小C.T变小D.T变大12、质量分别为1kg和2kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为F=9N的力作用在A上使AB相对静止一起向左匀加速运动，则下列说法正确的是（）A.弹簧的弹力大小等于8NB.弹簧的弹力大小等于6NC.突然撤去F瞬间，A的加速度大小为0D.突然撤去F瞬间，B的加速度大小为3m/s2二填空题(每小题6分，共18分)13、如图甲所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时

8、器相连，计时器接50Hz交流电。小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2。(1)下列说法正确的是_.A本实验m2应远大于m1B每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力C实验时应先释放小车后接通电源D在用图像探究加速度与质量关系时，应作a图像(2)实验时，某同学由于疏忽，如果是遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的aF图像，可能是乙图中的_图线；另一同学如果平衡摩擦力过大，他测量得到的aF图像，可能是乙图中的_图线。（选填“”、“”、“”）(3)如丙图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出，可求得小车的加速度大小为a_m/s2（保留二位有效数字）

9、14、某实验小组利用如图所示的实验装置来探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系。(1)已知两个光电门中心之间的距离x24 cm，遮光条的宽度d0.52 cm。该实验小组在做实验时，将滑块从如图所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间t1，遮光条通过光电门2的时间t2，则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1_，滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2_，则滑块的加速度的表达式a_。(以上表达式均用字母表示)(2)在本次实验中，实验小组通过改变滑块质量总共做了6组实验，得到如表所示的实验数据，通过分析表中数据，你得出的结论是_；(3)现需通过图像进一步验

10、证你的结论，请利用表格数据，在图坐标系中描点并作出相应的图像_。15、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：（1）调整长木板倾角，当钩码质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)请回答下列问题：打点计时器在打下D点时滑块速度vD=_m/s；(结果保留3位有效数字)滑块做匀加速直线运动的加速度a=_m/s2；(结果保留3位有效数字)滑块质量M=_(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)

11、（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出amg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=_kg(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)三计算题(22分)16、（12分）如图所示，质量M1.0 kg的长木板静止在光滑水平面上，在长木板的右端放一质量m1.0 kg的小滑块(可视为质点)，小滑块与长木板之间的动摩擦因数0.20.现用水平恒力F6.0 N向右拉长木板，使小滑块与长木板发生相对滑动，经过t1.0 s撤去力F.小滑块在运动过程中始终没有从

12、长木板上掉下求： (1)撤去力F时小滑块和长木板的速度各是多大？(2)小滑块相对长木板静止时，小滑块相对地面运动的总位移17、（10分）一辆汽车正在以的速度行驶，遇到危险情况后紧急刹车，以大小为的加速度做匀减速直线运动，求刹车后6s内的位移大小；刹车后汽车在第3s内的位移大小参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】对物体进行受力分析，然后通过正交分解求出重力的沿木板方向和垂直木板方向的分力，最后根据倾角的变化判断出木块对斜面的压力

13、以及摩擦力的变化情况【详解】设斜面与水平面的倾角为，对物体进行受力分析可知物体受竖直向下的重力mg，斜面的支持力N和平行斜面向上的摩擦力；由平衡知识可知：N=mgcos；f=mgsin，由题意可知逐渐变大，故N逐渐减小，f逐渐变大故选C【点睛】本类题目的解题步骤：确定研究对象，对研究对象进行受力分析，再进行正交分解，写出所求力的数学表达式，从而可以根据角度的变化情况判断出力的变化情况2、C【解析】A研究如何踢出“香蕉球”时的足球，要考虑球的转动，故不能简化为质点，故A错误；B研究战斗机的空中翻滚动作时，不可以看做质点，否则没有动作了，故B错误；C“一江春水向东流”是说春水相对于河岸（或者地面）

14、在运动，故C正确；D研究飞船的对接情况时，与其大小形状和对接的姿态有关，故此时不能将飞船看成质点，故D错误。故选C。3、B【解析】运动物体的速度和加速度没有直接关系，物体的加速度为零，速度不一定为零速度变化快的物体加速度大【详解】A项：物体的速度变化，加速度不一定表化，如平抛运动的物体，速度变化但加速度不变，故A错误；B项：加速度表示速度变化快慢的物理量，物体的速度变化越快，加速度越大，故B正确；C项：物体的速度变化量越大，加速度不一定大，还要看时间，故C错误；D项：若物体的速度方向与加速度方向相同时，物体的加速度减小，则物体做加速度减小的加速运动，故D错误故选B【点睛】速度和加速度是运动学中

15、最重要的关系之一，可抓住加速度是由合力和质量共同决定，与速度无关来理解4、B【解析】以物体为研究对象，由牛顿第二定律得：，解得：；以人为研究对象，由平衡条件得：，解得：，由牛顿第三定律可得，人对地面的压力：，方向竖直向下，故B正确，A、C、D错误；故选B5、B【解析】以整体为研究对象进行受力分析，根据平衡条件分析支持力，根据摩擦力的计算公式求解地而对斜面体的摩擦力；根据平衡条件得到斜面体对小方块的摩擦力大小【详解】ABD以整体为研究对象，地面对斜面体的支持力大小为（M+m）g，根据牛顿第三定律可得斜面体对地面的压力大小为N=（M+m）g，根据摩擦力的计算公式可得f=N=（M+m）g，故AD错误

16、，B正确；C斜面体对小方块的摩擦力为静摩擦力，摩擦力大小为f=mgsin，故C错误故选B【点睛】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答6、A【解析】将重力按照力的效果进行分解，即沿两细线的方向分解，知绳中张力与分力的大小相等方向相反；据合成规律可得：一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小，由题意可得缩短挂钉间细绳的长度，也就是两分力的夹角变大，则两分力变大，合力不变。即细绳对挂

17、钉的拉力变大，细绳对悬钉O作用力的合力不变，故A正确；BCD错误。故选A。7、ABC【解析】AB.A拉B匀速行驶，A、B都处于平衡状态，由平衡条件可知，F1F阻，方向相反；F1和F2是作用力与反作用力，它们等大反向；故AB正确；CD.A拉B加速行驶时，F1大于F阻，方向相反；F1和F2是作用力与反作用力，它们等大反向，故C正确D错误；故选ABC。8、BD【解析】本题考查共点力的平衡及动态平衡【详解】对小球进行受力分析如图所示，根据三角形法则有由几何关系，可知F2与轻绳a垂直时，此时拉力最小，故有，即B选项正确，在轻绳b逐渐向上转动过程中可以看出轻绳b中的拉力逐渐变小，故D选项正确综上所述，本题

18、正确答案选BD9、AC【解析】以重物为研究对象，分析受力情况：重力、水平风力和绳子的拉力，如图1所示由平衡条件得，当增加时，逐渐增加，增加；再以两物体整体为研究对象，分析重力、水平风力，杆的摩擦力和支持力，如图2所示则有则保持不变。则逐渐增加；故AC正确，BD错误。故选AC。10、AD【解析】解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度【详解】由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，根据v-t图象中速度图象与时

19、间轴围成的面积表示位移可得自由落体高度为；小球弹起的高度为：h2=30.3=0.45m，故BC错误；小球从下落到反弹到最高点所经过的路程为h1+h2=1.7m，选项D正确；故选AD【点睛】解决本题要明确v-t图象的含义：在v-t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负11、AC【解析】小球在绳A的拉力作用下A点缓慢运动的过程中可视为小球受力平衡，对小球进行受力分析，根据平衡可以求出小球拉力和支持力大小的变化【详解】在小球被拉升过程中对小球进行受力分析，小球受重力、半球面对

20、小球的弹力和绳对小球的拉力，小球在三个力作用下缓慢滑向半球顶点，可视为小球在运动过程中受力平衡，即小球受重力、支持力和绳拉力的合力为零如图，作出小球的受力示意图，由图可知：因为小球所受合力为零，故小球所受重力mg、半球对小球的弹力F和绳对小球A的拉力T可以构成一个闭合的三角形，如图可知，三个力构成的三角形与图中由绳AC、顶点高度CO及半球半径AO构成的三角形ACO始终相似，故有：，由于小球在上拉的过程中，CO和AO的长度不变，AC减小，在力中由于重力不变，所以根据相似比可以得出：小球的拉力T变小，半球对小球A的支持力N不变，绳对小球A的拉力T变小，故AC正确，BD错误【点睛】根据相似比可以轻松

21、得出小球的受力大小的变化情况12、BD【解析】对整体由牛顿第二定律得：对BF=mBa=23=6N撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，由牛顿第二定律，对A：对B：所以BD正确，AC错误故选：BD。二填空题(每小题6分，共18分)13、 .D . . .0.49【解析】(1)1A根据牛顿第二定律可求得绳对小车的拉力为：当时，拉力为：故A错误；B改变小车的质量，由于小车的重力下滑分力及摩擦力同比例减小，所以一次平衡好后，只要不改变平板的倾角，则不必另外平衡，故B错误；C打点计时器打点时要求先通电后释放小车，故C错误；D力不变时，由于加速度与质量成反比，图象是曲线，若图象是一条直线，则与成反比，故D正确；故

22、选D；(2)2若遗漏了平衡摩擦阻力，则当有力（钩码的重力）时小车却没有加速度，所以图对应此种情况，3同理若平衡过度，则当不挂重物（拉力为零）时，小车就将加速运动，此种情况对应图象；(3)4由逐差法求小车的加速度大小为：14、 . . . .当合外力一定时，物体运动的加速度跟物体的质量成反比 .【解析】(1)123通过光电门的平均速度可近似为物体通过光电门的瞬时速度，故通过两光电门的瞬时速度分别为：v1v23遮光条从光电门2到光电门1做匀加速运动，由：可得：；(2)4当合外力一定时，在误差允许的范围内，物体质量和加速度的乘积近似相等，所以加速度跟质量成反比；(3)5如图所示：。15、；， ；（4

23、）【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量从图乙中可知，（2）相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得， 根据逐差法可得，联立即得滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg三计算题(22分)16、 (1)2.0 m/s 4.0 m/s (2)2.25 m【解析】（1）小滑块和长木板均做匀加速运动，分别对小滑块