四川省宜宾市长宁中学高三物理期末试卷含解析

1、四川省宜宾市长宁中学高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 静电喷漆技术具有效率高、质量好、有益于健康等优点，其装置可简化如图。A、B为有一定间距的两块平行金属板，两板间有方向由B指向A的匀强电场。在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪可向各个方向均匀地喷出初速度大小相同且带负电的油漆微粒，假设油漆微粒的质量、电荷量大小均相等，微粒的重力和所受空气阻力均不计，油漆微粒最后都能落在金属板B上。对油漆微粒，下列说法正确的是A所有微粒落在B板上所形成的图形是圆形B所有微粒到达B板时的动量大小相同C电场力对每个微粒所做的功

2、相同D所有微粒到达B板所需的时间相同参考答案： ABC2. （多选题）如图所示，发射同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火使其沿椭圆轨道2运行；最后再次点火将其送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，2、3相切于P点，当卫星分别在1、2、3上正常运行时，以下说法正确的是 A. 在轨道3上的速率大于1上的速率 B.在轨道3上的周期大于轨道2上的周期 C. 在轨道1上经过Q点时的加速度大于在轨道2上经过Q点时的加速度 D.在轨道3上经过P点时的速度大于在轨道2上经过P点时的速度参考答案：BD3. 如图所示为“探究加速度与物体受力与 质量的关系”实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的小

3、桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50HZ交流电。小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2。（1）下列说法正确的是 。A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C本实验m2应远大于m1D在用图像探究加速度与质量关系时，应作a -图像（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a- F图像，可能是图中的图线 。(选填“甲”、“ 乙”、“ 丙”)（3）如图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出。由此可求得小车的加速度大小 m/s2。（结果保留二位有效数字

4、）参考答案：（1） D （2） 丙 （3） 0.50或0.49 4. 一小球在周长为2m的圆形轨道上运动，从某点开始绕行一周又回到该点，则小球的( )A位移大小是0，路程是2m B位移大小和路程都是2mC位移大小是2m，路程是0 D位移大小和路程都是0参考答案：A5. 土星周围有美丽壮观的“光环”，组成环的颗粒是大小不等、线度从1m到10m的岩石、尘埃，类似于卫星，它们与土星中心的距离从7.3104km延伸到1.4105km。对所有这些组成环的颗粒来说，它们的（ ）线速度相同角速度相同线速度不相同角速度不相同参考答案：答案：CD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学进行

5、用实验测定玩具电动机的相关参数如图1中M为玩具电动机闭合开关S，当滑动变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两个电压表的读数随电流表读数的变化情况如图2所示图中AB、DC为直线，BC为曲线不考虑电表对电路的影响变阻器滑片向左滑动时，V1读数逐渐减小（选填：增大、减小或不变）电路中的电源电动势为3.6 V，内电阻为2此过程中，电源内阻消耗的最大热功率为0.18 W变阻器的最大阻值为30参考答案：考点：路端电压与负载的关系；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：由闭合电路欧姆定律明确电流及电压的变化；确定图线与电压表示数对应的关系根据图线求出电源的电动势和内阻判断V2读数的变化情

6、况电源内阻的功率由P=I2r求解当I=0.1A时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，由欧姆定律求解变阻器的最大阻值解答：解：变阻器向左滑动时，R阻值变小，总电流变大，内电压增大，路端电压即为V1读数逐渐减小；由电路图甲知，电压表V1测量路端电压，电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以最上面的图线表示V1的电压与电流的关系此图线的斜率大小等于电源的内阻，为 r=2当电流 I=0.1A时，U=3.4V，则电源的电动势 E=U+Ir=3.4+0.12V=3.6V；当I=0.3A时，电源内阻消耗的功率最大，最大功率Pmax=I2r=0.092=0.18W；当I=0.1A时，电路中电流最小，变阻

7、器的电阻为最大值，所以 R=rrM=（24）=30故答案为：减小；3.6，2；0.18；30点评：本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线对于电动机，理解并掌握功率的分配关系是关键7. 15从高为5m处以某一初速度竖直向下抛出一个小球，小球在与地面相碰后竖直向上弹起，上升到抛出点上方2m高处被接住，这段时间内小球的位移是 m,路程是 m.（初速度方向为正方向）参考答案：-3 12 8. 一辆汽车在平直公路上以10m/s的速度行驶，由于前方有障碍物，司机发现后立即刹车，刹车加速度大小为2m/s2，则汽车经3s时的速度大小为 m/s；经10s时的位移大小是

8、 m参考答案：4m/s；25m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】汽车刹车后的运动可以看成是匀减速直线运动已知初速度和加速度，求几秒后通过的位移可以运用匀变速直线运动的公式要注意汽车刹车是一项实际运动一段时间后汽车就停止运动，所以要判断汽车从刹车到停止所需的时间，根据这个时间来运用公式【解答】解：汽车刹车后做匀减速直线运动，设刹车时间为t，则t=5s因为3s5s所以汽车经3s时的速度大小为：v=v0+at=（1032）m/s=4m/s因为10s5s故汽车在5s末就停止运动，所以x=105225m=25m故答案为：4m/s；25m9. 如图所示，A、

9、B和C、D为两对带电金属极板，长度均为l，其中A、B两板水平放置，间距为d，A、B间电压为U1；C、D两板竖直放置，间距也为d，C、D间电压为U2。有一初速度为0、质量为m、电荷量为e的电子经电压U0加速后，平行于金属板进入电场，则电子进入该电场时的速度大小为 ；若电子在穿过电场的过程中始终未与极板相碰，电子离开该电场时的动能为_。（A、B、C、D四块金属板均互不接触，电场只存在于极板间，且不计电子的重力）参考答案：10. 一列简谐波在t=0.8s时的图象如图甲所示，其x=0处质点的振动图象如图乙所示，由图象可知：简谐波沿x轴 方向传播（填“正”或“负”），波速为 ms，t=10.0s时刻，x

10、=4m处质点的位移是 m参考答案：11. 匀强磁场中有一半径为0.2m的圆形闭合线圈，线圈平面与磁场垂直已知线圈共50匝，其阻值为2匀强磁场磁感应强度B在01s内从零均匀变化到0.2T，在15s内从0.2T均匀变化到0.2T则0.5s 时该线圈内感应电动势的大小E=1.256V；在15s内通过线圈的电荷量q=1.256C参考答案：解：（1）在01s内，磁感应强度B的变化率=T/s=0.2T/s，由于磁通量均匀变化，在01s内线圈中产生的感应电动势恒定不变，则根据法拉第电磁感应定律得：0.5s时线圈内感应电动势的大小E1=N=N?r2=500.23.140.22=1.256V根据楞次定律判断得知

11、，线圈中感应方向为逆时针方向（2）在15s内，磁感应强度B的变化率大小为=T/s=0.1T/s，由于磁通量均匀变化，在15s内线圈中产生的感应电动势恒定不变，则根据法拉第电磁感应定律得：15s时线圈内感应电动势的大小E2=N=N?r2=500.13.140.22=0.628V通过线圈的电荷量为q=I2t2=C=1.256C；故答案为：1.256 1.25612. 第一代核反应堆以铀235为裂变燃料，而在天然铀中占99%的铀238不能被利用，为了解决这个问题，科学家们研究出快中子增殖反应堆，使铀238变成高效核燃料。在反应堆中，使用的核燃料是钚239，裂变时释放出快中子，周围的铀238吸收快中子

12、后变成铀239，铀239（）很不稳定，经过_次衰变后变成钚239（）。参考答案：213. 一斜面AB长为5m，倾角为30，一质量为2kg的小物体（大小不计）从斜面顶端A点由静止释放，如图所示斜面与物体间的动摩擦因数为，则小物体下滑到斜面底端B时的速度 ms及所用时间 s（g取10 m/s2）参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图所示的读数是 mm.参考答案：(1) 0.680mm （2）AC 15. 某兴趣小组用如图所示的装置测量滑块与木板之间的动摩擦因数 。在一端带有定滑轮的水平长木板上固定A、B两个光电门，滑块用跨过定滑

13、轮的水平细绳与托盘相连。实验时，让滑块由静止开始运动，测出托盘和盘中砝码的总质量为m，滑块的质量为M，两光电门之间的距离为S，遮光片的宽度为d，记录遮光片通过A、B两光电门的遮光时间分别为t1、t2，重力加速度为g。（1）滑块运动的加速度表达式a = （用d、t1、t2、S表示）；（2）若用托盘和砝码的总重力来代替细绳对滑块的拉力，则滑块与木板间的动摩擦因数= （用a、m、M、g表示）；（3）关于本实验的误差，下列说法正确的是_。A. 的测量值比真实值小B. 的测量值比真实值大C. 增加滑块的质量M可减小实验误差D. 增加托盘和盘中砝码的总质量m可减小实验误差参考答案：（1）由速度v= ，v2

14、2-v12=2aS，可得a= （）2-（）2;（2）根据牛顿第二定律有 mg-Mg=Ma，则有= ；（3）用整体法可知mg-Mg=（M+m）a，则= ，所以，所以本实验方案的测量值比真实值大；当增加滑块质量M时，由牛顿第二定律可知整体运动加速度a减小，又= ，由M增大，a减小，则减小，即测量值与真实值的差值减小，故当增加滑块的质量M时可以减小实验误差，当增加托盘和盘中砝码的总质量m时，由牛顿第二定律可知整体运动加速度a增大，又= ，由m增大，a增大，则增大，即测量值与真实值的差值增大，故增加托盘和盘中砝码的总质量m会增大实验误差，所以B、C选项正确。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.

15、中国首艘航母“瓦良格”号即将投入使用，航母服役将成为“中国军队全面推进军事现代化进程的重大转折点”。为了减少战斗机起飞时在甲板上加速的时间和距离，现代航母大多采用了蒸汽弹射技术一架总质量M=5.0 x103kg的战机如果采用滑行加速(只依靠自身动力系统加速)，要达到vo=60ms的起飞速度，甲板水平跑道的长度至少为120m。采用蒸汽弹射技术，战机在自身动力和持续的蒸汽动力共同作用下只要水平加速60m就能达到起飞速度。假设战机起飞过程是匀加速直线运动，航母保持静止，空气阻力大小不变，取g=l0ms2。(1)采用蒸汽弹射技术，求战机加速过程中加速度大小以及质量m=60kg的飞行员受到座椅作用力的大

16、小。(2)采用蒸汽弹射技术，弹射系统的弹力为多大?弹力在加速60m的过程中对战机做的功是多少?参考答案：解：（1）设战机在自身动力和蒸汽动力共同作用下滑行的加速度为a，则 解得a=30m/s2 （1分）飞行员受到座椅水平方向作用力 （2分）飞行员受到座椅竖直方向作用力 （1分）飞行员受到座椅作用力的大小 （1分）（2）设战机只依靠自身动力作用下滑行的加速度为a1，空气阻力为f，自身动力大小为F1，弹射系统弹力大小为F2。则 （1分） （2分） （2分）解得F2=7.5104N （2分） （2分）17. （10分）跳高是体育课常进行的一项运动。小明同学身高1.70 m，质量为60 kg，在一次跳

17、高测试中，他先弯曲两腿向下蹲，再用力蹬地起跳，从蹬地开始经0.40 s竖直跳离地面。设他蹬地的力大小恒为1050 N，其重心上升可视为匀变速直线运动。求小明从蹬地开始到最大高度过程中机械能的增加量。（不计空气阻力，取 g10 ms2。）某同学进行如下计算：小明起跳蹬地过程中，受到地面弹力F作用，向上做匀加速运动。因为地面的弹力F与蹬地的力F1是作用力和反作用力，因此有：FF11050N（1）根据牛顿第二定律，有：Fma (2)经过t0.4s跳离地面时的速度为vat (3)起跳后人做竖直上抛运动，设上升的最大高度为h，则：v22gh(4) 在最高点，动能为零，机械能的增加量为EEPmgh(5)联

18、立以上各式既可求解。你认为该同学的解答是否正确？如果认为正确，请求出结果；如果认为不正确，请说明理由并作出正确解答。参考答案：解析：不正确。起跳蹬地过程中，受到地面弹力和重力的共同作用，该同学漏掉了重力；机械能的增加量应从蹬地开始计算，该同学漏掉了加速阶段增加的势能。 （2分）正确解答：根据牛顿第二定律：Fmgma解得a7.5ms2 (2分)经过t0.4s，人重心上升的高度hat20.6m (1分)跳离地面时的速度vat3.0ms (1分)此过程重力势能的增加量为EPmgh360J (1分)动能的增加量为 EKmv2270J (2分)所以机械能的增加量为 EEPEK630J (1分)起跳后人做竖直上抛运动，机械能守恒18. 如图，POQ是折成60角的固定于竖直平面内的光滑金属导轨，导轨关于竖直轴线对称，OP=OQ=L整个装置处在垂直导轨平面向里的足够大的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律为(其中k为大于0的常数)一质量为m、长为L、电阻为R、粗细均匀的导体棒锁定于OP、OQ的中点a、b位置当磁感应强度变