2022年天津市河西区达标名校高考考前提分物理仿真卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符

2、合题目要求的。1、小球在水中运动时受到水的阻力与小球运动速度的平方成正比，即，则比例系数的单位是ABCD2、假设某宇航员在地球上可以举起m1=50kg的物体，他在某星球表面上可以举起m2=100kg的物体，若该星球半径为地球半径的4倍，则（）A地球和该星球质量之比为B地球和该星球第一宇宙速度之比为C地球和该星球瓦解的角速度之比为D地球和该星球近地卫星的向心加速度之比为3、1905年爱因斯坦把普朗克的量子化概念进一步推广，成功地解释了光电效应现象，提出了光子说。下列给出的与光电效应有关的四个图像中，下列说法正确的是（）A图甲中，当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，说明锌板带正电，验电器

3、带负电B图乙中，从光电流与电压的关系图像中可以得到：电压相同时，光照越强，光电流越大，说明遏止电压和光的强度有关C图丙中，若电子电荷量用表示，已知，由图像可求得普朗克常量的表达式为D图丁中，由光电子最大初动能与入射光频率的关系图像可知，该金属的逸出功为或4、一根重为G的金属棒中通以恒定电流，平放在倾角为30光滑斜面上，如图所示为截面图。当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒处于静止状态，此时金属棒对斜面的压力为FN1，安培力大小为F1，保持磁感应强度的大小不变，将磁场的方向改为竖直向上时，适当调整电流大小，使金属棒再次处于平衡状态，此时金属棒对斜面的压力为FN2，安培力大小为F2。下列说法正确

4、的是（）A金属棒中的电流方向垂直纸面向外B金属棒受到的安培力之比C调整后电流强度应比原来适当减小D5、某银行向在读成人学生发放贷记卡，允许学生利用此卡存款或者短期贷款一位同学将卡内余额类比成运动中的“速度”，将每个月存取款类比成“加速度”，据此类比方法，某同学在银行账户“-500元”的情况下第一个月取出500元，第二个月取出1000元，这个过程可以类比成运动中的()A速度减小，加速度减小 B速度增大，加速度减小C速度增大，加速度增大 D速度减小，加速度增大6、如图所示为静止的原子核在匀强磁场中发生衰变后做匀速圆周运动的轨迹，衰变后两带电粒子a、b的半径之比为451，两带电粒子a、b的动能之比为

5、117：2，下列说法正确的是（ ）A此衰变为衰变B大圆为粒子的运动轨迹C小圆为粒子的运动轨迹D两带电粒子a、b的周期之比为1013二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a（ag）的匀加速运动，重力加速度为g，则下列说法不正确的是A施加外力F大小恒为M（ga）BA、B分离

6、时，弹簧弹力恰好为零CA、B分离时，A上升的距离为M(g-a)kD弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值8、A、B两物体质量均为m，其中A带正电，带电量为q，B不带电，通过劲度系数为k的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度E = ，式中g为重力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化， 则以下判断正确的是（ ）A从开始到B刚要离开地面过程，A物体速度大小先增大后减小B刚施加电场的瞬间，A的加速度为4gC从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量DB刚要离开地面时，A的速度大小为2g9、如

7、图所示，MN 是一半圆形绝缘线，O 点为圆心，P 为绝缘线所在圆上一点，且 OP垂直于 MN，等量异种电荷分别均匀分布在绝缘线上、下圆弧上下列说法中正确的( )AO 点处和 P 点处的电场强度大小相等，方向相同BO 点处和 P 点处的电场强度大小不相等，方向相同C将一正点电荷沿直线从 O 移动到 P，电场力始终不做功D将一正点电荷沿直线从 O 移动到 P，电势能增加10、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻小于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（ ）A灯泡L变亮B电流表读书变小，电压表读数变大C电源的输出功率变小D电容器C上电荷量增多三、实验题：本题共

8、2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现测定长金属丝的电阻率某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是_利用下列器材设计一个电路，尽量准确地测量一段金属丝的电阻这段金属丝的电阻，约为，画出实验电路图，并标明器材代号电源 （电动势，内阻约为）电流表 （量程，内阻）电流表 （量程，内阻约为）滑动变阻器 （最大阻值，额定电流）开关及导线若干某同学设计方案正确，测量得到电流表的读数为，电流表的读数为，则这段金属丝电阻的计算式_从设计原理看，其测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12（12分）如图甲所示为测量木块和木板间滑动摩擦因

9、数的实验装置图，足够长的木板置于水平地面上，小木块放置在长木板上，并与拉力传感器相连，拉力传感器可沿圆弧轨道滑动。长木板在外界作用下向左移动，得到拉力传感器的示数F与细绳和水平方向的夹角间的关系图线如图乙所示（g取10m/s2）。（答案保留两位有效数字）(1)木块和木板间的滑动摩擦因数=_；(2)木块的质量m=_kg。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，皮带传动装置与水平面夹角为31，A、B分别是传送带与两轮的切点，两点间距L=3.25m.一个质量为1.1kg的小煤块与传送带间的动摩擦因数为,；轮

10、缘与传送带之间不打滑小物块相对于传送带运动时会在传送带上留下痕迹传送带沿逆时针方向匀速运动，速度为v1小物块无初速地放在A点，运动至B点飞出求:(1)当, 小滑块从A点运动到B点的时间(2)当痕迹长度等于2.25m时，v1多大?14（16分）如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端封闭的竖直管相连，气缸和竖直管均导热，气缸与竖直管的横截面积之比为3：1，初始时，该装置底部盛有水银；左右两边均封闭有一定质量的理想气体，左边气柱高24cm，右边气柱高22cm；两边液面的高度差为4cm竖直管内气体压强为76cmHg，现使活塞缓慢向下移动，使气缸和竖直管内的水银面高度相差8cm，活塞与气缸间

11、摩擦不计求此时竖直管内气体的压强；活塞向下移动的距离15（12分）如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置玻璃管的下部封有长ll=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm已知大气压强为P0=75.0cmHg现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓缓往下推，使管下部空气柱长度变为=20.0cm假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由可得k的单位为A.A项与 上述分析结论不相符，故A错误；B.B项与 上述

12、分析结论不相符，故B错误；C.C项与 上述分析结论相符，故C正确；D.D项与 上述分析结论不相符，故D错误。2、C【解析】AD人的作用力是固定的，则由：F=m1g地=m2g星而近地卫星的向心加速度和重力加速度近似相等；根据：则：AD错误；B第一宇宙速度解得：则：B错误；C星球的自转角速度足够快，地表的重力为0时星球瓦解，根据：得：C正确。故选C。3、D【解析】A图甲中，当紫外线照射锌板时，发现验电器指针发生了偏转，说明锌板带正电，验电器也带正电，选项A错误；B图乙中，从光电流与电压的关系图像中可以得到：电压相同时，光照越强，饱和光电流越大，但是遏止电压和光的强度无关，选项B错误；C根据，则由图

13、像可得解得选项C错误； D图丁中，根据，由光电子最大初动能与入射光频率的关系图像可知，该金属的逸出功为或，选项D正确。故选D。4、B【解析】A根据题意可知，当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒受到的安培力沿着斜面向上，根据左手定则可知，金属棒中的电流方向垂直纸面向里，故A错误；BD当匀强磁场的方向垂直斜面向上时，金属棒受到的力如图所示根据平衡条件可知当磁场的方向改为竖直向上时，金属棒受力如图所示，根据三角形定则有所以有，故B正确，D错误；C根据以上分析可知F1F2，所以I1I2，故C错误。故选B。5、C【解析】将每个月取款类比成“加速度”，第一个月取出500元，第二个月取出1000元，说明加

14、速度变大，将卡内余额类比成运动中的“速度”，卡内贷款变多，则速度增大，故C正确。故选C。6、D【解析】ABC根据动量守恒定律可知两带电粒子动量相等。由两圆外切可知，此为衰变，由得大圆为粒子轨迹，ABC项错误；D由得根据动量守恒定律以及动量与动能的关系有得根据周期公式可知D项正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解，先对物体AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对物体B受力分析，根据牛顿第二定律列方程；t1时

15、刻是A与B分离的时刻，之间的弹力为零。【详解】A项：施加F前，物体AB整体平衡，根据平衡条件，有：2Mg=kx解得：x=2Mgk 加外力F后到物体A、B分离前，对AB整体有F-2Mg+F弹=2Ma 又因F弹=kx 由于压缩量x减小，故F为变力，物体A、B分离时，此时A、B具有共同的v和a，且FAB=0 对A有：F-Mg=Ma 解得此时：F=M(g+a) ，故A错误；B、D项：A、B分离后，B将做加速度减小的加速运动，当F弹=Mg时，B达到最大速度，故B、D错误；C项：对B有：F弹-Mg=Ma ，解得：F弹=M(g+a），此时弹簧的压缩量为x2=M(g+a)k，故弹簧的压缩量减小了x=x1-x2

16、=M(g-a)k，即A上升的距离h=M(g-a)k，故C正确。本题选不正确的，故应选：ABD。【点睛】本题关键是明确A与B分离的时刻，它们间的弹力为零这一临界条件；然后分别对AB整体和B物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析。8、BD【解析】AB 在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场力瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故有：qE=4mg=ma解得：a=4g，方向向上B刚要离开地面时，弹簧的拉力为mg，此时A物体合力为2mg，加速度为2g，向上，从开始到B刚要离开地面过程，A物体做加速度逐渐变小的加速运动，即A物体速度一直增大，故A错误B正确；C 从开始到弹簧恢复原长的过程，A

17、物体的机械能增量等于电势能与弹性势能的减少量的和，从弹簧恢复原长到B刚要离开地面的过程，A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的增加量的差值，故C错误；D 当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加电场力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为：根据动能定理可知：解得：故D正确。故选：BD。9、BC【解析】分别画出正、负电荷产生的电场强度的方向如图，由图可知，O点与P点的合场强的方向都向下，同理可知，在OP的连线上，所以各点的合场强的方向均向下。AB. 由库仑定律可知：，O点到两处电荷的距离比较小，所以两处电荷在O点产生的场强都大于在P处产生的场强，而且在O点两处

18、电荷的场强之间的夹角比较小，所以O点的合场强一定大于P点的合场强。故A错误，B正确；CD. 由于在OP的连线上，所以各点的合场强的方向均向下，将一正试探电荷沿直线从O运动到P电场力始终与运动的方向垂直，不做功，电势能不变。故C正确，D错误。10、BD【解析】AB将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，滑动变阻器的电阻变大，根据串反并同，灯泡L中电流减小，电流表读数变小，电压表读数变大，灯泡L变暗，选项A错误，B正确；C当外电路的总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大。虽然灯泡L的电阻小于电源的内阻r，但外电路的总电阻与电源的内阻大小不确定，故电源的输出功率变化情况不确定，故选项C错误； D将

19、滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，电容器C上电压增大，电容器C上电荷量增多，选项D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（均可） 相等 【解析】根据螺旋测微器的读数法则可知读数为因该实验没有电压表，电流表A1的内阻已知，故用A1表当电压表使用，为了调节范围大，应用分压式滑动变阻器的接法，则点如图如图由电路图可知流过的电流为，电阻两端的电压为，因此电阻该实验的电流为真实电流，电压也为真实电压，因此测得值和真实值相等12、0.58 1.0 【解析】(1)1木块受四个力作用，重力mg、支持力FN、拉力F、滑动摩擦力Ff，竖直方向有mg=FN+Fsin水平方向有Ff =Fcos由于Ff =FN联立得mg=F(sin+cos)变式为设整理得mg=Fsin(+)当+=时，F有最小值，由乙图知，=时F有最小值，则=所以得=0.58(2)2把摩擦因数代入mg=F(sin+cos)得F=由乙图知，当=时F=10N，解得mg=10N所以m=1.0kg四、计算题：本题共2小