河南省陕州中学2023学年高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A是带正电的小球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中同一水平线上的两点，以无限远处为电势零点，当导体B达到静电平衡后,下列说法正确的是AM、N两点

2、电势高低关系为BM、N两点电势高低关系为CM、N两点电场强度大小关系为D感应电荷在M、N两点产生的电场强度2、如图所示，A、B为两块平行带电金属板，A带负电，B带正电且与大地相接，两板间P点处固定一负电荷，设此时两极板间的电势差为U，P点场强大小为E，电势为P，负电荷的电势能为EP，现将A、B两板水平错开一段距离(两板间距不变)，下列说法正确的是 （ ）AU变小，E变大BU变小，P变小CP变小，Ep变大DP变大，Ep变小3、下列说法中，正确的是：（ ）A由可知，电场中某点的电场强度E与q成反比B由可知，某段导体的电阻R和电压U成正比C由可知，磁场中某点的磁场强度B与F成正比D由可知，电容器的电

3、容C的大小与电容器两极板间的电势差U无关4、如图所示三条长直导线，都通有垂直于纸面向里的电流，且I1 = I2 = I3 则距三导线距离都相等的A点的磁感应强度的方向为A方向向上B方向向下C方向向左D方向向右5、如图所示，通有向右电流的直导线置于匀强磁场中，导线与磁场平行，则该导线（ ）A不受安培力B受安培力，方向向右C受安培力，方向垂直纸面向里D受安培力，方向垂直纸面向外6、关于电场强度和电势，下列说法正确的是()A由公式E=F/q可知E与F成正比，与q成反比B由公式U=Ed可知，在匀强电场中，E为恒值，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C电场强度为零处，电势不一定为零D无论是正电荷还

4、是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力做功，它一定是从电势高处移到电势低处，并且它的电势能一定减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机，如图表示它的原理：将一束等离子体喷射入磁场，在磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压，以下说法不正确的是() AB板带正电BA板带正电C其他条件不变，只增大射入速度，UAB增大D其他条件不变，只增大磁感应强度，UAB增大8、如图所示，纸面内有一匀强电场，带正电的小球

5、（重力不计）在恒力F的作用下沿图中虚线由A匀速运动至B，已知力F和AB间夹角为，AB间距离为d，小球带电量为q，则下列结论正确的是A电场强度的大小为BAB两点的电势差为C带电小球由A运动至B过程中电势能增加了D带电小球若由B匀速运动至A，则恒力F必须反向9、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，

6、小球离开弹簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A小球与弹簧组成的系统机械能守恒B小球的重力势能增加了W2C小球的电势能减少了W1D小球的机械能增加了10、如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为，导轨电阻忽略不计虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好已知PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11

7、（6分）用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻蓄电池的电 动势约为2V，内电阻很小除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A、电压表 （量程3V）；B、定值电阻R0（阻值4，额定功率4W）C、电流表 （量程3A）D、电流表 （量程0.6A）；E、滑动变阻器R（阻值范围020，额定电流1A）（1）电压表应选_；电流表应选_（填器材前的字母代号）（2）根据实验数据作出UI图像（如图乙所示），则蓄电池的电动势E_ V，内阻= _；（均保留三位有效数字）12（12分）为了描绘标有“3V，14W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化所给器材如下：A电流表（1211mA，内阻

8、15） B电流表（116A，内阻111）C电压表（13V，内阻5k） D电压表（115V，内阻51k）E滑动变阻器（111，15A） F电源（3V） G电键一个，导线若干（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_（2）在卷的虚线框中画出完成此实验的原理图_（3）此实线描绘出的IU图线是_（填“曲线”“直线”），其原因是_（4）该同学描绘出的I-U图象和下图中的_形状最接近.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）电源的电动势为4.5V、外电阻为4.0时，路端电压为4.0V.求：(1)电源的内阻是多少?(2)

9、如果在外电路再并联一个6.0的电阻，路端电压是多大?14（16分）一质量为m、电荷量为+q的小球，从O点以和水平方向成角的初速度v0抛出，当达到最高点A时，恰进入一匀强电场中，如图，经过一段时间后，小球从A点沿水平直线运动到与A相距为S的A点后又折返回到A点，紧接着沿原来斜上抛运动的轨迹逆方向运动又落回原抛出点（用m、q、v0、S表示）求：（1）该匀强电场的场强E的大小和方向；（在图中标明E的方向）（2）从O点抛出又落回O点所需的时间15（12分）如图所示，直角坐标系xOy位于竖直平面内，在x轴下方存在匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直xOy平面向里，电场线平行于y轴。一质

10、量为m、带电量为 +q的小球，从y轴上的A点水平向右抛出，经x轴上M点进入电磁场，恰能做匀速圆周运动，从x轴上的N点第一次离开电磁场，MN之间的距离为L，小球过M 点时的速度方向与x轴正方向夹角为。不计空气阻力，重力加速度为g，求：（1）电场强度E的大小和方向；（2）小球从A点抛出时初速度v0的大小；（3）现使x轴下方的匀强磁场消失，x轴下方只有平行于y轴的匀强电场，当电场强度调整为多大时能使小球也经过N点。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】ABB为放入电场中的导体，最后会达到静电平衡状态，且达到静电平

11、衡状态的导体为等势体，又因为场源电荷为正电荷，选取无穷远处为零电势，所以，因此A错误B正确CDM、N两点是达到静电平衡状态下的导体上的两点，所以外电场和感应电荷在这两点产生的电场之和为0，所以M、N两点电场强度大小关系为，又因为M点离场源电荷近，所以感应电荷在M、N两点产生的电场强度，因此CD都错误2、C【解析】将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，板间场强可见E增大；P点到下板距离不变，由公式U=Ed得知，P点与下板电势差增大，故P点的电势P变小；由于电场线向上，P点的电势低于下极板的电势，则P点的电势P降

12、低，负电荷在P点的电势能EP变大，故选C。3、D【解析】电场中某点的电场强度E是由电场本身决定的物理量，与试探电荷的电量无关，选项A错误；某段导体的电阻R是由导体本身决定的，和电压U无关，选项B错误；磁场中某点的磁场强度B是由磁场本身决定的，与所受的磁场力F无关，选项C错误；电容器的电容C的大小是由电容器本身决定的物理量，与电容器两极板间的电势差U无关，选项D正确；故选D.4、A【解析】由安培定则确定出磁感线方向，再利用矢量合成法则求得A的合矢量的方向【详解】由安培定则知电流I1和I2，在A点的磁感线方向相反，距离又相等，所以合场强为零，I3在A点的电场线方向竖直向上，故A点的磁感线方向向上。

13、故选A。5、A【解析】试题分析：根据安培力产生的条件，通电导线与磁场平行不受安培力，即可求解解：由题意可知，因通电导线与磁场平行，所以不受到安培力的作用，故A正确，BCD错误；故选：A【点评】考查安培力的产生条件，理解通电导线与磁场平行不受磁场力，而当两者垂直时，安培力最大6、C【解析】A电场中某点的场强与试探电荷的电量与其所受的电场力无关，选项A错误；B由公式UEd可知，在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点沿电场线方向间的距离成正比，选项B错误；C电场强度为零处，电势不一定为零，例如等量同种电荷连线的中点处的场强为零，电势大于零，选项C正确；D无论是正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，

14、若电场力做正功，它的电势能一定减少，但是不一定是从电势高处移到电势低处，选项D错误故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】试题分析：根据左手定则，等离子体射入时，正离子向下板偏转，负离子向上偏转，故B板带正电，A板带负电，选项A正确，B错误；随着正负离子的不断积聚，在AB板之间产生附加电场，当粒子受电场力等于洛伦兹力时达到平衡，此时UABdq=qvB，解得：UAB=Bdv，故其他条件不变，只增大射入速度和增大磁感应强度UAB都会变大，故选项CD正确；

15、故选ACD.考点：带电粒子在磁场中的运动【名师点睛】此题考查的实际上是霍尔效应；解题时根据左手定则判断洛伦兹力的方向，即可判断电荷的偏转方向，考查对磁流体发电机的理解能力此题还可以等效成流体切割磁感线，由E=Bvd求得发电机的电动势.8、BC【解析】由题，小球的重力不计，只受到电场力与恒力F而做匀速直线运动，则有，qE=F，则得场强故A错误A、B两点的电势差为UAB=Edcos=故B正确带电小球由A运动至B过程中恒力做功为W=Fdcos，根据功能关系可知，电势能增加了Fdcos故C正确小球所受的电场力恒定不变，若带电小球由B向A做匀速直线运动时，恒力F大小、方向不变故D错误故选BC点睛：本题要

16、根据小球的运动状态分析受力情况、确定外力做功、判断电势能变化，要注意明确物体做匀速运动时，恒力F与电场力一定等大反向9、BC【解析】A由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。10、AD【解析】根据图像可知，设PQ进入磁场匀速运动的速度为v，匀强磁场的磁感应强度为B，导轨宽度为L，两根导体棒的总电阻为R；根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得PQ进入磁场时电流保持不变，根据右手定则可知电流方向QP；如

17、果PQ离开磁场时MN还没有进入磁场，此时电流为零；当MN进入磁场时也是匀速运动，通过PQ的感应电流大小不变，方向相反；如果PQ没有离开磁场时MN已经进入磁场，此时电流为零，当PQ离开磁场时MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，电流逐渐减小，通过PQ的感应电流方向相反；A.图像与分析相符，故A正确。B.图像与分析不符，故B错误。C.图像与分析不符，故C错误。D.图像与分析相符，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A D 2.10 0.20 【解析】（1）电动势为2V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择A

18、，电路中的电流，因此电流表选择D（2）根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可得：U=E-Ir，由此可知当I=0时的纵轴截距大小等于电源的电动势大小，由此可知，E=2.10V；图象的斜率大小等于电源的内阻和定值电阻R0之和：，所以电源的内阻为： 12、（1）ACEFG； （2）电路图如图所示；（3）曲线；灯丝电阻阻值随温度变化【解析】（1）先选择必需的仪器，即电源和开关导线等；灯泡的额定电压为3V，所以电压表的量程选择3V的C误差较小；额定电流I=PU=0.430.133A，所以电流表的量程选择211mA的A；灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器E；故

19、选择的仪器有：ACEFG；（2）灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻为：R=U2P=320.4=22.5，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法电路图和实物连线图如图所示（3）由于温度升高，电阻变化，所以描绘出的I-U图线是曲线（4）I-U线斜率的倒数表示电阻，可知随电压的增加，电阻变大，则图B形状最接近.【点睛】本题考查测量伏安特性曲线的实验；解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别同时明确灯泡伏安特性曲线的性质四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 【解析】由闭合电路欧姆定律求出电源内阻，然后由闭合电路欧姆定律、部分电路欧姆定律求出路端电压（1）外电阻4.0时，由欧姆定律得： ，解得r=0.5（2）在外电路并联一个6.0的电阻时，路端电压为14、（1），=arctan方向斜向上（2）【解析】试题分析：（1）斜上抛至最高点A时为的速度：vA=v0cos 方向水平向右由于AA段沿水平方向直线运动，带电小球从A运动到A过程中作匀减速运动，有：（v0