2023学年广东省佛山一中、珠海一中、金山中学物理高二上期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、固定直导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图所示方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方，若导

2、线c中通以垂直于纸面指向纸外的电流时，以下判断正确的是（ ）A导线a端转向纸外，同时测力计读数减小B导线a段转向纸外，同时测力计读数增大C导线b端转向纸外，同时测力计读数减小D导线b端转向纸外，同时测力计读数增大2、在真空中有两个点电荷，它们之间的作用力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大一倍，则 它们之间的静电力大小变为（ ）AFBCD4F3、如图所示，直线A为电源的图线，直线B为电阻R的图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是( )A4W，8WB2W，4WC4W，6WD2W，3W4、下面对一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A根据电容的定义

3、式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比B只要将导体置于电场中，导体中就有持续电流C当干电池没有接入电路中时，电池内没有电荷流动，所以电池此时电动势为0D带电荷量为1 C的负电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则UAB =1 V5、两球均可视为质点，它们之间的万有引力大小为F，若两球间的距离增加到原来的3倍，则它们之间的万有引力大小为（）A FB FC FD F6、下列哪一位物理学家首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点？( )A洛伦兹 B安培 C牛顿 D奥斯特二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求

4、的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，初速度不计的电子从电子枪中射出，在加速电场中加速，从正对P板的小孔射出，设加速电压为U1，又垂直偏转电场方向射入板间并射出，设偏转电压为U2。则：（ ）AU1变大，则电子进入偏转电场的速度变大BU1变大，则电子在偏转电场中运动的时间变短CU2变大，则电子在偏转电场中运动的加速度变小D若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其它条件不变即可8、如图所示，光滑固定金属导轨与水平面成一定角度，将完全相同的两个导体棒P、Q相继从导轨顶部同一位置M处无初速释放，在导轨中某部分（图中两虚线之间）有一与导轨平面垂直的匀强磁场已知

5、P棒进入磁场时恰好做匀速运动，则从P棒进入磁场开始计时，到Q棒离开磁场（设导轨足够长，除P、Q杆外其余电阻不计），P棒两端电压随时间变化的图象可能正确的是ABCD9、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，如图所示，则()A保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则角增大B保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则角不变C开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则角增大D开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则角不变10、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化

6、的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（ ）A反映Pr变化的图线是cB电源电动势为4VC电源内阻为4D当电流为0.5A时，外电路的电阻为6三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示的电路中，小量程电流表G的内阻Rg=100，满偏电流Ig=1 mA， R1=900， R2=，则当S1和S2均断开时，改装成的电表是_（填电流表或电压表），量程为_；当S1和S2均闭合时，改装成的电表是_（填联表或 电压表），量程为_。12（12分）某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表的

7、读数如图所示，则它们的读数依次是 _ mm、 _ A 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在磁感应强度B1.0T、方向竖直向下的匀强磁场中，有一个与水平面成37角的平行导电滑轨，滑轨上放一个可以自由滑动的金属杆ab已知接在滑轨中的电源电动势E12 V，内阻不计，滑轨间距L0.5m，金属杆质量m0.2 kg，杆与平行滑轨间的动摩擦因数0.5，不计滑轨与ab杆的电阻，g取10 m/s2，求接在滑轨上的变阻器R的阻值在什么范围内变化时，可以使ab杆在滑轨上保持静止14（16分）如图所示的装置放置在真空中

8、，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板之间加一电压U12 500 V，发射出的电子被加速后，从金属板上的小孔S射出装置右侧有两个相同的平行金属极板水平正对放置，板长l6.0 cm，相距d2 cm，两极板间加以电压U2200 V的偏转电场从小孔S射出的电子恰能沿平行于板面的方向由极板左端中间位置射入偏转电场已知电子的电荷量e1.61019 C，电子的质量m0.91030 kg，设电子刚离开金属丝时的速度为0，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力求：（1）电子射入偏转电场时的动能Ek；（2）电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y；（3）电子在偏转电场运动的过程中电场力对它所做

9、的功W.15（12分）如图所示，竖直平面xOy内存在水平向右的匀强电场，场强大小E=10N/c，在y0的区域内还存在垂直于坐标平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.5T一带电量q= +0.2C、质量m=0.4kg的小球由长l=0.4m的细线悬挂于P点小球可视为质点，现将小球拉至水平位置A无初速释放，小球运动到悬点P正下方的坐标原点O时，悬线突然断裂，此后小球又恰好能通过O点正下方的N点，（g=10m/s2），求：（1）小球运动到O点时的速度大小；（2）悬线断裂前瞬间拉力的大小；（3）ON间的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

10、符合题目要求的。1、B【解析】b段的磁场方向斜向左上，根据左手定则可得b端受到指向纸面里的安培力，a端的磁场方向为斜向左下，根据左手定则可得受到的安培力方向指向纸外，故导线a端转向纸外，导线b端转向纸内，当ab导线转过90后，两电流为同向电流，相互吸引导致弹簧秤的读数变大，故B正确；【点睛】在解决该题的过程中：1、使用了电流元法，即在导线上取一较短的电流，判断其受力方向2、使用了特殊位置法，转过90后判断其受力3、使用了结论法，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥2、C【解析】由点电荷库仑力的公式可以得到，电量不变，当距离增大一倍后，库仑力将变为原来的，故C正确。故选C。3、C【解析】由图可知，

11、电源电动势为，用该电源和该电阻组成一个闭合电路，电路中的电流为，路端电压为 则电源输出功率为：电源总功率是：总A. 4W，8W与分析不符，故A错误；B. 2W，4W与分析不符，故B错误；C. 4W，6W与分析相符，故C正确；D. 2W，3W与分析不符，故D错误。4、D【解析】电容的决定是为：，电容器的电容与其所带电荷量及两极板间的电压无关，故A错误；导体两端必须有电压，才能形成有电流，故B错误；电动势与电池接入电路与否无关，故C错误；带电荷量为1 C的负电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则UAB =1 V，故D正确所以D正确，ABC错误5、C【解析】根据万有引力定律的公式得万有引力

12、与质量乘积成正比，与距离的平方成反比；因此可知，两球间的距离增加到原来的3倍，则万有引力变为原来的，故为F；故C正确，ABD错误。故选C。6、A【解析】通过学习磁场对运动电荷的作用我们知道，首先提出磁场对运动电荷有作用力的观点的物理学家是洛伦兹，故BCD错误，A正确。故选：A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A项：由可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大，故A正确；B项：由可知，电子受力变大，加速度变

13、大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏转电场的水平速度变大，运动时间变短，故B正确；C项：由可知，U2变大，电子受力变大，加速度变大，电子在偏转电场中运动的加速度变大，故C错误；D项：由可知，若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其它条件不变即可，故D正确。点晴：本题考查了带电粒子在电场中的运动，可以根据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式结合推导出。8、AC【解析】因导体棒P、Q完全相同,又是从导轨顶部同一位置M处无初速释放,所以P、Q在进入磁场时的速度大小是相等的,当P进入磁场,而Q还没有进入磁场的过程中,P做匀速直线运动,设此时的电动势为E,由闭合电路的欧姆定律可得P两端的

14、电压为E/2，且保持不变当Q进入磁场时，分为两种情况来分析：、当Q进入磁场时,P已经出了磁场,所以在PQ都不在磁场中时,P的两端的电压为零,当Q进入磁场后,产生的电动势也为E,此时P的两端的电压仍为E/2，当Q离开磁场时，电压为零，选项A是有可能的、当Q进入磁场时,P还没有出磁场,此时PQ会以相同的速度开始做匀加速直线运动,回路中没有电流,所以P两端的电压等于P产生的电动势,因PQ都在做匀加速直线运动,所以电压是从E均匀增加的,当P到达磁场的边缘时,设产生的电动势为E,P离开磁场时,只有Q在切割磁感线,此时P两端的电压为Q产生的电动势的一半,即为E/2，此后Q将做加速度减小的减速运动，P两端的

15、电压也就逐渐减小，且随Q的加速度的减小，电压减小的幅度也越来越小，所以选项C是有可能的，BD不可能故选AC9、AD【解析】球在电场中平衡，则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零由平衡条件得tan，故要判断的变化，只需判断电场强度E的变化即可S闭合时，U不变，A向B靠近，d减小，由E，可知E增大，角增大，故A正确，B错误；S断开，则Q不变，A向B靠近，E不变，则角不变，故C错误，D正确10、ABD【解析】A. 根据直流电源的总功率PE=EI内部的发热功率Pr=I2r输出功率PR=EI-I2r可知反映Pr变化的图线是c，反映PE变化的是图线a，反映PR变化的是图线b，故A正确。B. 图线a的斜率等

16、于电源的电动势，由得到故B正确。C. 由图，当I=2A时，Pr=8W，由公式Pr=I2r得r=2故C错误。D. 当电流为0.5A时，由图读出电源的功率PE=2W，由代入得到，R=6故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电压表 1V 电流表 1A 【解析】12由图示电路图可知，当S1和S2均断开时，G与R1串联，此时为电压表，改装后电压表量程为34由图示电路图可知，当S1和S2均闭合时，G与R2并联，此时为电流表，改装后电流表量程为12、 0.900 0.42【解析】金属丝的直径：0.5mm+0.01mm40.0=0.900mm；

17、电流表的读数：0.42A.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、1.5R16.5 【解析】最大静摩擦力沿斜面向上时： ，解得： 最大静摩擦力沿斜面向下时： ，解得： 所以 点睛：涉及静摩擦力的问题要注意其大小和方向的变化范围14、（1）4.01016 J （2）0.36 cm（3）5.761018 J【解析】(1)电子在加速电场中，根据动能定理有：eU1Ek解得：Ek4.01016 J(2)设电子在偏转电场中运动的时间为t电子在水平方向做匀速运动，由lv1t解得：电子在竖直方向受电场力：电子在竖直方向做匀加速直线运动

18、，设其加速度为a依据牛顿第二定律有：解得：电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量：联立上式解得：y0.36 cm(3)电子射出偏转电场的位置与射入偏转电场位置的电势差：电场力所做的功：WeU解得：W5.761018 J15、 (1）2m/s （2) 8.2N （3)3.2m【解析】试题分析：由A到O的过程，只有重力和电场力做功，根据动能定理即可求得O点的速度；小球由A到O的过程做圆周运动，在最低点，绳的拉力、洛伦兹力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律即可求得拉力大小；悬线断裂后，沿电场方向小球做匀减速直线运动，沿重力方向做自由落体运动，小球又恰好能通过O点正下方的N点，说明小球到达N点时，沿电场方向的速度为vo