峄城区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、峰城区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1 .测量国际单位制规定的三个力学基本物理量分别可用的仪器是A.刻度尺、弹簧秤、秒表B.刻度尺、测力计、打点计时器C.量筒、天平、秒表D.刻度尺、天平、秒表2 .将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图像，可能正确的是（A5 cm,不计电子的重3 .如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20eV,经过等势面C时的电势能为-10eV,到达等势面B时的速度恰好为零。已知相邻等势面间的距

2、离为力，下列说法中正确的是（x一一广一一cA.C等势面的电势为10VB.匀强电场的电场强度为200V/mC.电子再次经过D等势面时，动能为10eVD.电子的运动是匀变速曲线运动4 .如图甲一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放一质量为m的小滑块。木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出其加速度a,得到如图乙所示的a-F图象。取g=10m/s；则A.滑块的质量m=4kgB.木板的质量M=6kgC.当F=8N时滑块的加速度为2m/s2D.滑块与木板间的动摩擦因数为0.18如图所示，在不计滑轮摩擦和绳子质量的条件下，当小车匀速向左运动时，物体M的受力和运动情况是A.绳的拉力等于M的

3、重力B.绳的拉力大于M的重力C.物体M向上匀速运动D.物体M向上加速运动5 .下列各图中，运动电荷的速度方向、磁感应强度方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（XXxX第14页，共12页6 .在日光灯的连接线路中，关于启动器的作用，以下说法正确的是（放手N是yA.日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压B.日光灯正常工作时，起降压限流的作用C.起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接断开）D.以上说法均不正确7 .如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称,轴上的三个点，且OM=MN,P点在y轴的右侧，MPLON,则（A.M点的电势比P点的电势高8 .将负电荷由。点移动到

4、P点，电场力做正功C.M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D.在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动8 .图示为一电场的的电场线图，关于A、B两点的电场强度，下列说法正确的是A. A点的电场强度小于B点的电场强度B. A点的电场强度大于B点的电场强度C. B点的电场强度度方向向左，A点的向右D.负电荷在B点受到的电场力向左9 .如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连一质量为m的物块A,A放在质量也为m的托盘B上，以N表示B对A的作用力，x表示弹簧的伸长量。初始时，在竖直向上的力F作用下系统静止，g且弹簧处于自然状态（x=0）。现改变力F的大小，使B以一的加速

5、度匀加速向下运动（g为重力加速度，空2气阻力不计），此过程中N或F随x变化的图象正确的是10 .如图所示，一个原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放置一个电荷量为+Q的点电荷，点电荷与金属球球心处在同一水平线上，且点电荷到金属球表面的最近距离为2r。达到静电平衡后，下列说法正确的是A.金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出负电荷，所以左侧电势比右侧高B.左侧的正电荷与右侧负电荷电量相等c.点电荷Q在金属球球心处产生的电场场强大小为k39rD.感应电荷在金属球球心处产生的电场场强为零11 .如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态.若将两板缓慢地错开

6、一些，其他条件不变，则(A.电容器带电量不变C.检流计中有a-b的电流)B.尘埃仍静止D.检流计中有b-a的电流12 .如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A、B、C分别是三条棱的中点。现在顶点。处固定一正的点电荷，则下列说法中正确的是P相连接。电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。P上移，则有关电容器极板上所带电荷量BA. A、B、C三点的电场强度大小相等B. OABC所在平面为等势面C.将一正的试探电荷从A点沿直线A够到B点，静电力对该试探电荷先做正功后做负功*，十。AD.若A点的电势为丁,A点的电势为则AA连线中点D处的电势少口一定小于213 .下列选项不符合历史事实的是

7、()A、富兰克林命名了正、负电荷B、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律C、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质-电场D、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段14 .如图，理想变压器原、副线圈匝数比ni:n2=4：1,电压表V和电流表A均为理想电表，灯泡电阻Rl=12Q,AB端电压u1=24/2sin100nt(V)。下列说法正确的是a.电流频率为100Hz金丁r-B.电压表V的读数为96V包C.电流表A的读数为0.5A一ID.变压器输入功率为6W15 .如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑

8、动变阻器的滑片q和电子穿越平行板所需的时间t,下列说法正确的是A.电荷量q增大，时间t不变B.电荷量q不变，时间t增大C.电荷量q增大，时间t减小D.电荷量q不变，时间t不变二、填空题16 .输送1.0X105瓦的电功率，用发1.0X104伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是A,输电导线上因发热损失的电功率是Wo17 .有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V,这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是匝，变压器原、副线圈的电流之比为。三、解答题18 .如图所示，ABCD为边长为2a的

9、正方形，。为正方形中心，正方形区域左、右两对称部分中分别存在方向垂直ABCD平面向里和向外的匀强磁场。一个质量为施、电荷量为q的带正电粒子从 B点处以速度v垂直磁场方向射入左侧磁场区域，速度方向与BC边夹角为15,粒子恰好经过 。点，已知8S 15口=邓+啦,4粒子重力不计。x*kw（1）求左侧磁场的磁感应强度大小；（2）若粒子从CD边射出，求右侧磁场的磁感应强度大小的取值范围。19 .如图所示，在xOy平面内存在均匀、大小随时间周期性变化的磁场和电场，变化规律分别如图乙、丙所示（规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向、+y轴方向为电场强度的正方向）。在t=0时刻由原点。发射初速度大小为V0,方

10、向沿+y轴方向的带负电粒子（不计重力）。其中已知V。、t。、B。、Eo,且Eq二一坨，粒ITq兀子的比荷一二月,X轴上有一点A,坐标为（俄的(1)求也时带电粒子的位置坐标；2(2)粒子运动过程中偏离x轴的最大距离;(3)粒子经多长时间经过A点。峰城区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】D2 .【答案】C【解析】设皮球受到的阻力为F=kv,根据牛顿第二定律可得mg+F=ma,两式联立可得mg+kv=ma,皮球上升过程中速度逐渐减小，则加速度也逐渐减小，且减小的越来越慢，当v-0时a=g,故C项正确。3 .【答案】AB【解析】试题分析：只有电场

11、力做功，电势能和动能之和保持不变.根据题目所给条件，C等势面的电势为=二，故A等势面电势不为10V,A错；电子在相邻等势面间运动时，电场力做功W=qUq-e相等，因为电子在D等势面的动能为20eV,到达等势面B时的速度恰好为零，电子在D到C等势面间运动时，电场力做功人小为“二-101,，匀强电场的场强为-e-eC10E二一二船二30J加，B项正确。电子再次经过D等势面时，动能不变仍为20eV,C项错误。电d0.05子在匀强电场中受恒力作用，运动方向和电场力方向共线电子的运动是匀变速直线运动，D项错误，故选B考点：电势能、能的转化和守恒点评：难度中等，学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能

12、关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变4.【答案】AD5 .【答案】B【解析】A、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向上的，故A错误B、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向下的，故B正确；C、正电荷在电场中受力方向与电场方向一致，故C错误；D、正电荷在电场中受力方向和电场方向一致，应该向上，故D错误；综上所述本题答案是：B6 .【答案】C【解析】镇流器的作用是在日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压，在日光灯正常工作时，起降压限流的作用所以AB错误。启动器起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）

13、7 .【答案】AD8 .【答案】B【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的A点的电场线较密，所以在A点的电场强度要比B点的电场强度大，故A错误，B正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知B点的电场线的方向向左，A点沿着该点切线方向，指向左方，故C错误；负电荷在B点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故D错误。所以B正确，ACD错误。9 .【答案】D,维【解析】设物块和托盘间的压力为零时弹簧的伸长量为则有：mg-h-ma,解得：x；在此之-2k加g前，根据g-N-h:二帕可知,二者之间的压力N由开始运动时的一线性减小到零，而力F由开始时的继继加g线性

14、减小到一；此后托盘与物块分离，力F保持一不变，故选项ABC错误，D正确。22【名师点睛】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答。10 .【答案】BC【解析】由于静电感应，则金属球左边会感应出正电荷，右边会感应出等量的负电荷；静电平衡的导体是一个等势体，导体表面是一个等势面，所以金属球左、右两侧表面的电势相等.故A错误，B正确；点电荷Q在QQ金属球球心处产生的电场场强大小为E=kk选项C正确；金属球内部合电场为零，电荷+Q与感应(3r)29r电荷在金属球内任意位置激发的电场场强都

15、是等大且反向，所以金属球上感应电荷在球心激发的电场强度不为0,故D错误；故选BC.点睛：处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面.且导体是等势体11 .【答案】BC12 .【答案】AD【解析】A、因为A、B、C三点离顶点。处的正电荷的距离相等，故三点处的场强大小均相等，但其方向不同，A错误；B、由于ABC所在平面上各点到。点的距离不一定都相等，由等势面的概念可知，4ABC所在平面不是等势面，B错误；C、由电势的概念可知，沿直线AB的电势变化为先增大后减小，所以当在此直线上从A到B移动正电荷时，电场力对该正电荷先做负功后做正功，C错误；D、因为Ua/d=Emd-ARUda

16、=Eda-DA,由点电荷的场强关系可知工人小,又因为屈=匚为，所以有，广。叫即%广%-0a,整理可得：%Ja*：久，d正确；故选Do13 .【答案】C14 .【答案】C【解析】试题分析：由u1=24?2sin100nt(V)可知交流电的频率为50Hz,A错误；原线圈输入的电压有效值为24V,U26cA由于ni：n2=Ui：U2可知，U2=6V,即电压表的示数为6V,B错误；这样电流表的示数I=0.5A,R12C正确；灯泡消耗的功率P=U2I=3W,而变压器为理想变压器，本身不消耗能量，因此变压器输入功率也为3W,D错误考点：变压器15 .【答案】A【解析】当滑动变阻器的滑动端P上移时，跟电容器

17、并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据q=UC可得电量q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，所以运动时间：t=一，%与电压的变化无关，所以时间t不变，故A正确，BCD错误。二、填空题16 .【答案】10;100一,P【解析】由P=UI,得输电导线中的电流I=10AU输电导线上因发热损失的电功率：P=12r=100X1=100W17 .【答案】108;9:95。【解析】，一八一，一，n1U1380V95试题分析：由于原线圈的电压为380V,副线圈的电压为36V,则原副线圈的匝数之比为一=,n2U236V99n191140、故副线圈的匝数n2=1=108匝；变压

18、器原、副线圈的电流之比为9:95。9595考点：变压器。三、解答题热阶亚响（布+及+4即18 .【答案】（1）斗吟（2）7工瓦金4口2强【解析】（1）粒子从b点射入左侧磁场，运动轨迹如图1所示，BO1。为等边三角形，由几何关系可得轨迹半径勺二日,粒子在左侧磁场中运动_加有(I(2)当右侧磁场磁感应强度大小与=81时，粒子从D点射出，运动轨迹如图2所示，这是粒子从CD边射出的最小磁感应强度，当磁感应强度增大时，粒子在右侧磁场中运动的轨迹半径减小，当运动轨迹与CD边相切时，磁感应强度最大，轨迹如图3所示由匚可美黛彳知：1*十八coE5c二口手,飞安+4TI程孑在右陇碳的出道劲，有：%=.|巫+J=+41wv得:&4K若粒子从CD边射出，右侧磁场感应强度大小的范围为:【名师点睛】本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，逊泅J舟舟412qaAqamv粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力,该题正确画出右边部分向右移动后粒分析清楚粒子的运动过程，应用牛顿第二定律与几何知识即可正确解题,子运动的轨迹是解题的关键。19 .【答案】要修:T=-Crt=l,273,一3%(D在07口时间内，粒子能为这1E