2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、绝缘细线上端固定，下端悬挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时a、b都不带电，如图所示。现使b带电；则（）

A.ab之间不发生相互作用B.b将吸引a，吸住后不放开C.b立即把a排斥开D.b先吸引a，接触后又把a排斥开2、如图所示是有两个量程的电流表.已知表头的内阻满偏电流电阻则使用A、B两个端点时；电流表的量程为（）

A.B.C.D.3、某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板，对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动，在P、Q间距增大过程中；

A.P、Q构成的电容器的电容增大B.P上电荷量保持不变C.M点的电势比N点的低D.M点的电势比N点的高4、如图所示的电路中，是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小．是定值电阻，当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电．当用强光照射且电路稳定时．与无光照射时比较；下列说法中正确的是。

A.电容器C的下极板带负电B.两端电压降低C.两端电压降低D.电源提供的总功率变小5、实际生活中，输电线路的电阻不能忽略，根据电阻定律可知（）A.导线越长，电阻越小B.导线越长，电阻越大C.电阻率越大，电阻越小D.横截面积越大，电阻越大6、关于元电荷和点电荷的理解正确的是A.元电荷就是点电荷B.点电荷一定是电荷量最小的电荷C.体积很小的带电体就是点电荷D.元电荷是一个电子所带的电荷量的绝对值7、2020年2月，中国科学家通过冷冻电镜捕捉到新冠病毒表面S蛋白与人体细胞表面ACE2蛋白的结合过程，首次揭开了新冠病毒入侵人体的神秘面纱。电子显微镜是冷冻电镜中的关键部分，其中的一种电子透镜的电场分布如图所示，虚线为等差等势面，一电子在其中运动的轨迹如图中实线所示，a、b是轨迹上的两点；则（）

A.a点的电场强度大于b点的电场强度B.b点电场强度的方向水平向右C.a点的电势高于b点的电势D.电子在a点的电势能大于在b点的电势能8、如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC、BC的中点，若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是

A.M、N两点的电场强度相同B.M、N两点的电势相等C.若将一负试探电荷由M点移到C点，电场力做正功D.若将一负试探电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定增加9、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离。

A.带点油滴将沿竖直方向向上运动B.P点的电势将降低C.带点油滴的电势能将减少D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为1V；2V、3V；则下列说法正确的是()

A.匀强电场的场强大小为10V/mB.匀强电场的场强大小为V/mC.电荷量为1.6×10－19C的正点电荷从E点移到F点，电荷克服电场力做功为1.6×10－19JD.电荷量为1.6×10－19C的负点电荷从F点移到D点，电荷的电势能减小4.8×10－19J11、如图所示，三个完全相同的可视为点电荷的小球甲、乙、丙放在光滑绝缘的水平面上，且三个小球在同一条直线上，现在小球丙上施加一水平的恒力F；三个小球保持相对静止且共同向右做匀加速直线运动，已知小球甲；乙、丙所带电荷量之比为6：3：8，且相邻两个小球之间的距离相等。则下列说法正确的是（）

A.小球丙的合力大小为FB.小球甲、丙带同种电荷，小球甲、乙带异种电荷C.小球乙和小球丙之间的作用力大小为D.小球甲和小球乙之间的作用力大小为12、电源、开关、平行板电容器连成如图电路，A板接地。闭合开关S，电源对电容器充电后，电容器的电容为C，A板带正电，电量为Q，板间电压为U，板间电场强度大小为E，两板正中间点P电势为负电荷在P点电势能为Ep。则下列说法正确的是（）

A.若保持开关闭合，将A板下移少许，U不变；Q增大；E增大B.若保持开关闭合，将B板下移少许，U减小；Q减小；E不变C.若断开开关，将A板下移少许，C增大；升高；Ep减小D.若断开开关，将B板下移少许，C减小；降低；Ep减小13、如图所示，用半偏法测电流表的内阻Rg；下面说法正确的是（）

A.开关S1接通前，R必须调节到高阻值的位置B.开关S2接通后，R的阻值可以调节C.当电流表的示数从满偏电流Ig调节到半偏电流时，R′中的电流稍大于D.开关S1接通前，R′必须调节到高阻值14、如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻滑动变阻器R串联，已知滑动变阻器的最大阻值是当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时；下列说法中正确的是（）

A.电源内阻消耗的功率变小B.电源的输出功率先变大后变小C.滑动变阻器消耗的功率变小D.定值电阻R0上消耗的功率变大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、用如图所示电路测量电源的电动势和内阻，实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2Ω），保护电阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑动变阻器R；电流表A，电压表V，开关S，导线若干。

实验主要步骤：

（ⅰ）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大；闭合开关；

（ⅱ）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；

（ⅲ）以U为纵坐标，I为横坐标，作图线（U、I都用国际单位）；

（ⅳ）求出图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。

回答下列问题：

（1）电压表最好选用______；电流表最好选用______。

A．电压表（0~3V，内阻约15kΩ）B．电压表（0~3V；内阻约3kΩ）

C．电流表（0~200mA，内阻约2Ω）D．电流表（0~30mA；内阻约2Ω）

（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是______；

A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱。

B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱。

C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱；另一条导线接在电阻丝左端接线柱。

D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱；另一条导线接在电阻丝右端接线柱。

（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E＝______，r＝______，代入数值可得E和r的测量值。16、形象描述电场分布的曲线叫做_____，我们用_____（用文字表述）表示电场的强弱。17、知识点一电阻

1.定义：导体两端的___________与___________的比值叫作电阻。

2.定义式：R=

3.物理意义：反映导体对电流的___________作用。

4.单位：

（1）国际单位是欧姆；符号为Ω。

（2）常用单位：千欧；符号kΩ；兆欧，符号MΩ。

（3）单位换算：1kΩ=___________Ω；1MΩ=___________Ω。18、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐标原点处的电势为___________V；

（2）电子从b点运动到c点，电场力做功为___________eV；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高___________eV；

（4）电场强度的大小为___________V/cm。

19、关于电流表；电压表的改装：

（1）有一个满偏电流为100mA的毫安表，电表内阻为9Ω，现将该毫安表的量程扩大至0.6A，则应并联一个阻值为_____Ω的电阻。

（2）如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表G的量程为0~10mA，内阻为60Ω，图中串联的分压电阻R1=440Ω，则R2=_____Ω。20、描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是________，其单位可用国际单位制中的基本单位表示为________。21、通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，小磁针的指向如图所示，则螺线管的端为_______（选填“”或“”）极，接电源的_____（选填“正”或“负”）极。

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短24、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)25、“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，得到了两组电流表与电压表的示数如图中的①、②、③、④所示，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V。图中所示读数为：①___________、②___________、③___________、④___________。两组数据得到的电阻分别为___________和___________。

26、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻实验室提供以下器材：

待测线圈阻值约为额定电流

电流表量程内阻

电流表量程内阻约为

滑动变阻器

滑动变阻器

定值电阻

定值电阻

电源电动势E约为9V，内阻很小

单刀单掷开关两只导线若干．

要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组表和表的读数然后利用给出的图象如图乙所示求出线圈的电阻．

实验中定值电阻应选用______________，滑动变阻器应选用______________．

请你画完图甲方框中的实验电路图____________．

实验结束时应先断开开关______________．

由图象，求得线圈的直流电阻______27、小李家装修房子，买了一卷总长为l的导线，小李利用学过的知识测该导线的电阻率。先用多用电表的欧姆档粗略测得这一卷导线的电阻约为2Ω。小李从实验室借到的器材有：电源（电动势3V、内阻不计）、电流表（量程0~0.6A，内阻约0.05Ω）、电压表（量程0~3.0V，内阻约30kΩ）、滑动变阻器R0（阻值范围0~30Ω）；螺旋测微器、开关S、导线若干。

回答下列问题：

(1)用螺旋测微器测出该导线的直径d如图所示，______mm；

(2)根据提供的器材，在答题卡相应的虚线框内画出伏安法测电阻的电路图______；

(3)若伏安法测得一卷导线的电阻为R，则该导线的电阻率表达式______（用l、d、R）；

(4)小李同学连接电路和操作均正确，从伏安法测电阻的实验原理上看，测得的电阻率的测量值______其真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是______。28、一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“3V，1.5W”的小灯泡的I–U图线；现有下列器材供选用：

A.电源E（电动势3V；内阻较小）

B.开关一个；导线若干。

C.滑动变阻器R1（0~10Ω；额定电流为1A）

D.电压表V1（0~6V；内阻约10kΩ）

E.电压表V2（0~3V；内阻约为3kΩ）

F.电流表A1（量程300mA；内阻约为5Ω）

G.电流表A2（量程600mA；内阻约为1Ω）

（1）实验中需用到的仪器有___________（用字母序号表示）；

（2）实验要求能够实现在0–3V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请在实验电路图（a）中将实物连线补充完整；___________

（3）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（b）所示，由实验曲线可求得小灯泡电压为2.0V时的小灯泡的实际功率为___________W，若将该小灯泡直接接在电动势E=3V、内电阻r=10Ω的电源两端，则小灯泡的电阻为___________Ω。（结果均保留3位有效数字）

评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)29、如图所示，A、B是竖直固定的平行金属板，板长为L，间距为d，板间有水平向右的匀强电场，不计边缘效应。一带正电的粒子，质量为m，电荷量为q，经电压为U的电场加速后；从靠近A板处竖直向下进入匀强电场并从下方离开板间电场，不计粒子的重力和空气阻力，求：

(1)粒子在A；B板间运动的时间；

(2)若使粒子在板间电场中偏离量最大；则板间电场的电场强度是多少?

30、如图所示的匀强电场，电场强度E2104N/C，A、B两点在同一条电场线上，A、B之间的距离d=0.1m．一电荷量q110−8C的点电荷从电场中的A点移动到B点；求：

（1）该点电荷所受电场力F的大小；

（2）电场力对该点电荷做的功W．

31、下图所示的电路中，电源的电动势E="6.0"V，内电阻r="1.0"Ω；外电路的电阻R="5.0"Ω.闭合开关S,求：

（1）通过电阻R的电流；

（2）电阻R消耗的电功率.32、一电路如图所示，电源电动势E28V，内阻r2，电阻R112，R2R44，R38，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L0.20m，两极板的间距g取

(1)若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少；

(2)若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v02.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出；（要求写出计算和分析过程）

(3)在(2)的情况下，如果该带电微粒的质量求当开关S闭合后带电微粒在电容器内偏转过程中机械能的变化量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

轻质小球a，故现使b带电，因为带电物体能够吸引轻质物体，则b先吸引a，接触后两物体带上同种电荷，b又把a排斥开。

故选D。2、D【分析】【详解】

使用A、B两个端点时，当表头达到满偏电流时，电路中的总电流为

故电流表的量程为故D正确，ABC错误。

故选D。3、D【分析】【详解】

电容式话筒与电源串联，电压保持不变，在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式得电容减小，又根据电容定义式得电容器所带电量减小，电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高；故ABC错，D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

BCD：强光照射，R1电阻减小，那么电路总电阻减小，总电流I增大，所以路端电压减小；通过R3、R4的电流减小，通过R1、R2的电流增大；R4两端的电压变小，R2两端电压变大；电源提供的总功率变大；故BD两项错误；C项正确．

A：由以上分析知：强光照射，R4两端的电压变小，R2两端电压变大；则电容器C上极板电势比下极板电势低，所以电容器C的下极板带正电．故A项错误．5、B【分析】【分析】

【详解】

根据电阻定律。

可知；导线越长，电阻越大，电阻率越大，电阻越大，横截面积越大，电阻越小，所以B正确；ACD错误；

故选B。6、D【分析】【详解】

AD.元电荷表示电荷量；是一个电子所带的电荷量的绝对值，不是点电荷，故A错误，D正确；

BC.当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，与电荷量的多少无关，故BC错误．7、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据等差等势面的疏密可表示场强强弱，由于a点等差等势面比b点稀疏，则a点的电场强度小于b点的电场强度根据；故A错误；

B、由于电场线垂直于等势面，则b点电场强度垂直等势面沿水平方向，又因为电子轨迹为曲线，所受电场力指向轨迹凹侧，即水平向右，又电子带负电，则b点电场强度的方向水平向左；故B错误；

C．顺着电场线方向，电势逐渐降低，电场线由高等势面指向低等势面，根据电子受力方向向右，则电场线方向向左，故a点电势高于b点；故C正确；

D．因为φa>φb，电子在电势低的地方电势能大，在电势高的地方电势能小，故电子在a点的电势能小于在b点的电势能；故D错误。

故选C。8、C【分析】试题分析：M；N两点场强大小相等；但方向不同，选项A错误；PQ线上各点的电势均为零，PQ左侧电势为负，右侧电势为正，则M点电势低于N点电势，选项B错误；负电荷由M点移到C处，电势能减小，故电场力做正功，选项C正确；无穷远处电势为零，N点电势大于零，故负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定减小，选项D错误；故选C．

考点：电场强度；电势及电势能.9、B【分析】【详解】

A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误．B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误．D、根据Q=UC；由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故D错误；故选B．

【点睛】本题运用分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．二、多选题(共5题，共10分)10、B:C【分析】【分析】

连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，AC中点的电势为2V，则EB为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小；AF∥EB，则知AF也为一条等势线，可求出UEF；电场力做功就可以求解；

【详解】

AB、连接AC，AC中点电势为2V，与B电势相等，则EB连线必为一条等势线，BA间的电势差为又得场强故B正确，A错误；

C、由正六边形对称性，则AF也为电场中的一条等势线，由上可知，E的电势为则电荷量为的正点电荷从E点移到F点，电场力做正功，而且为故C正确；

D、D点的电势等于C点的电势，电荷量为的负点电荷从F点移到D点，电场力做功为电势能减小故D错误；

故选BC．11、B:C【分析】【详解】

A．设甲、乙、丙三球的质量为m，加速度为a，相邻两个小球之间的距离为r，三球的带电量分别为6q、3q、8q，对甲、乙、丙三球整体，由牛顿第二定律得

对丙球，由牛顿第二定律得

A错误；

B．甲、丙间库仑力大小为

乙、丙间库仑力大小为

甲、乙间库仑力大小为

即

甲；乙所受静电力的合力向右；则小球甲、丙带同种电荷，小球甲、乙带异种电荷，B正确；

C．对乙，根据牛顿第二定律得

可得

则小球乙和小球丙之间的作用力大小为

C正确；

D．小球甲和小球乙之间的作用力大小为

D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【详解】

A．若保持开关闭合，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大，由电容的定义式

可知，U不变，Q增大

E增大；A正确；

B．若保持开关闭合，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，由电容的定义式

可知，U不变，Q减小

E减小；B错误；

C．若断开开关，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大

板间场强E不变，P点距A板距离减小，A板接地，P点与A板间电势差减小，升高；负电荷在电势高的地方电势能小，所以减小；C正确；

D．若断开开关，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，同理

E不变，P点距A板距离不变，P点与A板间电势差不变，不变；所以不变；D错误。

故选AC。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．开关S1接通前，R必须调节到高阻值的位置；A正确；

B．开关S2接通后，需保持R的阻值不变；B错误；

C．当电流表的示数从满偏电流Ig调节到半偏电流时，由于电路中总电阻变小，干路电流会稍大于因此R′中的电流稍大于C正确；

D．开头S1接通前，由于开关S2处于断开状态，因此R′不需要调节到高阻值；D错误；

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时；滑动变阻器接入电路中的电阻减小，电流变大，则电源内阻消耗的功率变大，选项A错误；

B．当外电阻与内阻相等时，电源输出功率最大，由题意可知，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时；电源的输出功率先变大后变小，选项B正确；

C．把定值电阻R0和电源看成一个整体，此时大电源的内电阻为1.5r，此时的滑动变阻器就相当于外电路，由于滑动变阻器的最大阻值是3r；滑动变阻器消耗的功率先变大后变小，选项C错误；

D．当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，电流变大，则定值电阻R0上消耗的功率一直增大；选项D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压表并联在电路中；故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表A；

[2]当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为

因此；电流表选择C；

（2）[3]分析电路可知；滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大。

A．两导线均接在金属柱的两端上；接入电阻为零，故A错误；

B．两导线接在电阻丝两端；接入电阻最大并保持不变，故B错误；

C．一导线接在金属杆左端；而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大，故C正确；

D．导线分别接右边上下接线柱；滑片右移时，接入电阻减小，故D错误；

故选C。

（3）[4][5]由闭合电路欧姆定律可知U＝E－I（r＋R2）

对比伏安特性曲线可知，图像的斜率为k＝r＋R2

则内阻r＝k－R2

令U＝0，则有

由题意可知，图像与横轴截距为a，则有

解得E＝ka

【点睛】

本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图像分析数据的方法，重点掌握图像中斜率和截距的意义。【解析】（1）A、C（2）C（3）kak-R216、略

【分析】【分析】

考查电场线。

【详解】

[1][2]．有电荷存在的地方，周围就有电场存在，电场对放入其中的电荷有力的作用，为了形象的描述电场的分布，我们人为引入电场线，使这些线上每一点的切线方向跟该点电场强度方向一致，使线的疏密程度来表示电场强度的相对大小。【解析】电场线电场线的疏密17、略

【分析】【详解】

略【解析】电压通过导体电流阻碍10310618、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在匀强电场中，沿同一方向前进同样的距离，电势变化相同，由此知

解得，原点电势

（2）[2]电子从b点运动到c点，电场力做功为

（3）[3]电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]设d点坐标为（0,2cm），则d点电势

设x轴上存在一点e，且e点电势为4V，则

解得

根据几何关系O点到线段de的垂直距离为

电场强度的大小为【解析】①.1②.9③.7④.2.519、略

【分析】【详解】

（1）[1]．根据电表的改装原理可知，应并联的电阻

（2）[2]．根据电表的改装原理可知，R2的阻值为【解析】1.8100020、略

【分析】【详解】

[1]描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是电动势；

[2]根据公式

可得【解析】电动势21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题图可知，小磁针静止时极指向端，则通电螺线管的端为极，通电螺线管的端为极，根据安培定则判断出电流的方向：从端流进，从端流出，接电源的正极，接电源的负极。【解析】①.②.正四、作图题(共3题，共30分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD24、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电流表量程为0~0.6A时；最小刻度为0.02A，读数读到小数点后两位，所以①所示读数为0.10A；②所示读数为0.24A；

[3][4]电压表量程为0~3V；最小刻度为0.1V，应估读到0.01V，所以③所示读数为2.00V，④所示读数为0.27V

[5][6]根据欧姆定律得R1===8.3Ω，R2==Ω=2.7Ω【解析】①.0.10A②.0.24A③.V④.0.27V⑤.8.3Ω⑥.Ω26、略

【分析】【详解】

①测量线圈的电阻一般采用伏安法，为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，可与电表串联一个开关由于待测线圈L的阻值约为额定电流为2A，最大电压为4V，而电源电动势为9V，所以定值电阻选F：滑动变阻器选D：即可．

②由于本实验尽可能大的范围内测得数据，所以必须采用滑动变阻器的分压接法；电流表的量程大，所以电流表外接电路进行测量；电路如图所示．

③实验结束时为了防止测量自感系数很大的线圈断电产生的大自感电流烧坏电表，应先断开开关．

④由电路图知自感线圈两端的电压与下边支路电压相等，所以

解得：从--图象上选取一组数据，如代入公式解得：．【解析】FD2.0427、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据螺旋测微器的读数方法可得，该导线的直径为

(2)[2]由题