2025年外研衔接版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、三个电子在同一地点沿同一直线垂直飞入偏转电场，如图．则由此可判断（）A.b和c同时飞离电场B.在b飞离电场的瞬间，a没有击中下极板C.进入电场时，a速度最大，c速度最小D.c的动能增量最小，a和b的动能增量一样大2、如图所示，U形气缸固定在水平地面上，用重力不计的活塞封闭着一定质量的气体，已知气缸不漏气，活塞移动过程中与气缸内壁无摩擦。初始时，外界大气压强为p0，活塞紧压小挡板。现缓慢升高气缸内气体的温度，则选项图中能反映气缸内气体的压强p随热力学温度T变化的图像是（）

A.B.C.D.3、关于热现象和热学规律，下列说法正确的是（）A.只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出每个气体分子的体积B.一定质量的理想气体温度升高，产生的压强一定增大C.温度一定时，悬浮在液体中的固体颗粒越大，布朗运动越明显D.第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律4、如图所示，紫铜做的圆盘水平放置在竖直向下的匀强磁场中，圆盘圆心处固定一个摇柄，边缘和圆心处各与一个黄铜电刷紧贴，用导线将电刷与电流表连接起来形成回路．转动摇柄，使圆盘以ω角速度逆时针匀速转动；下列说法正确的是()

A.回路中不会产生感应电流B.回路中会产生电流大小不变、方向变化的感应电流C.回路中电流的大小和方向都周期性变化，周期为D.回路中电流方向不变，从b导线流进电流表5、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹，设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB；下列说法正确的是（）

A.若aA<aB，则Q靠近M端且为负电荷B.若aA>aB，则Q靠近M端且为正电荷C.EpA=EpBD.EpA>EpB6、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三条电场线，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点．下列判断中正确的是:

A.P点的电势比Q点的电势高B.P点的场强比Q点的场强小C.带电粒子通过Q点时动能比P点时大D.带电粒子通过Q点时电势能比P点时大7、当波源向观测者靠近时，观测者所接收到的频率和波源振动的频率f的关系是A.B.C.D.无法确定8、许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献，下列说法中正确的是A.汤姆孙发现质子，揭开了研究原子结构的序幕。B.卢瑟福根据α粒子散射实验现象提出了原子的核式结构模型C.麦克斯韦提出了电磁场理论，并实验证明了电磁波的存在D.赫兹从理论上预言了电磁波的存在9、下列说法中正确的是（）A.由可知，若电阻两端所加电压为0，则此时电阻阻值为0B.由可知，若一小段通电导体在某处受磁场力大小为0，说明此处磁感应强度大小一定为0C.由可知，若检验电荷在某处受电场力大小为0，说明此处场强大小一定为0D.由可知，若通过回路的磁通量大小为0，则感应电动势的大小也为0评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、下列说法正确的是_____________A.空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果B.悬浮在水中的花粉的布朗运动反应了花粉分子的热运动C.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点E.一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加E.一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加11、一定质量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程回到原状态，其图像如图所示，其中对角线的延长线过原点O。下列判断正确的是（）

A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程中外界对气体做的功等于在过程中气体对外界做的功12、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值C.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降至热力学零度D.将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子，则这两个分子间分子力先增大后减小最后再增大，分子势能是先减小再增大13、水平面内，有两根足够长的固定平行金属导轨，在它们上面横放两根平行导体棒，构成矩形回路．每根棒长度均为L，质量均为m，电阻均为R，导轨电阻不计，空间有方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场，不计电磁辐射及导体棒与导轨之间的摩擦．现已知左侧导体棒I静止，右侧导体棒II具有向右的初速度v0；如图所示，则以下判断正确的是。

A.两导体棒受到的安培力始终等大反向，整个过程中它们组成的系统动量守恒B.最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动，由于都做切割磁感线运动，电路中电流不为零C.从开始运动到最终达到稳定状态，整个回路产生的焦耳热为D.从开始运动到最终达到稳定状态，两导体棒之间的距离的变化x不断增大，x最大值为14、某单位应急供电系统配有一小型发电机，该发电机内的矩形线圈面积为S=0.2m2、匝数为N=100匝、电阻为r=5.0Ω，线圈所处的空间是磁感应强度为B=T的匀强磁场，发电机正常供电时线圈的转速为n=r/min．如图所示是配电原理示意图，理想变压器原副线圈的匝数比为5︰2，R1=5.0Ω、R2=5.2Ω；电压表电流表均为理想电表，系统正常运作时电流表的示数为I=10A，则下列说法中正确的是。

A.交流电压表的示数为720VB.灯泡的工作电压为272VC.变压器输出的总功率为2720WD.若负载电路的灯泡增多，发电机的输出功率会增大15、下列关于光现象说法正确的是()A.水中的潜水员斜向上看岸边物体时，看到物体的像将比物体所处的实际位置低B.海市蜃楼产生的原因是由于海面的上层空气的折射率比下层空气折射率大C.玻璃杯裂缝处在光的照射下，看上去比周围明显偏亮，是由于光的干涉D.光纤通信是一种现代通信手段，它是利用光的全反射原理来传播信息评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

17、两根粗细均匀的铜丝，横截面积相同，长度之比为则电阻之比为________。把一个的平行板电容器接在的电池上，电容器所带的电荷量为________如图所示的电路中，两个开关并联，控制同一个灯泡只要中有一个闭合，灯就亮，这种关系叫做“________”（选填“与”；“或”或“非”）逻辑关系。

18、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K，某台设备工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：从状态到和到是等温过程；从状态到和到是等容过程，体积分别为和则图中___（填“>”“<”或者“=”）；整个循环过程氦气系统是______的（填“吸热”“放热”或者“绝热”）。

19、在北方寒冷的冬天，有时会出现“多个太阳”的“幻日”奇观，这时由于空气中的水蒸气在大气里凝结成了小冰晶，太阳通过冰晶折射的缘故。如图所示为太阳光照射到六角冰晶上折射的光路图，a、b是太阳光中的两种单色光，由此可以判断，冰晶对单色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶对单色光b的折射率，单色光a在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度_________（填“大”或“小”）

20、如图所示，平行板电容器板间距离d=10cm，与一个直流电源相连，电源电压为10V，N板接地，取大地电势为零，两板间有一点P，P点距M板5cm，把开关闭合给电容器充电，然后再断开，P点场强大小为________，电势为____________，若把N板向下移动10cm，则P点场强大小为________，电势为_________。

21、如图所示，在以O点为圆心、r为半径的圆形区域内，在磁感强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场，a、b、c为圆形磁场区域边界上的3点，其中∠aob=∠boc=600，一束质量为m，电量为e而速率不同的电子从a点沿ao方向射人磁场区域，其中从bc两点的弧形边界穿出磁场区的电子，其速率取值范围是______．评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共2题，共10分)25、直流电动机的工作原理可以简化为如图甲所示的情景．在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计．轨道端点MP间接有直流电源（内阻不计），电阻为R的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好，通过滑轮以速度v（v平行于MN）向右做匀速运动，从而提升用绳悬挂的重物．电路中的电流为I，重力加速度为g；不计空气阻力，不计绳的质量和绳与滑轮之间的摩擦．

（1）a．求重物的质量m；

b．求在t时间内，“电动机”输出的机械能．

（2）设图甲中电源电动势大小为E，当金属棒ab向右运动时，由于切割磁感线产生一个感应电动势，大小为此时这个回路的电源电动势等效为E．

a．请从能量守恒的角度推导E=+IR；

b．金属棒在向右运动的过程中，棒中每个自由电子都会受到一个与定向移动方向相反的力的作用，请在图乙中画出一个自由电子所受该力的示意图，并求在t时间内，金属棒运动过程中该力对所有自由电子做的总功W．26、下图是一种汽车空气减震器的模型，其主要构造是导热性良好的气缸和活塞（面积为），活塞通过连杆与车轮轴连接。将装有减震装置的轮子模拟静止在斜坡上的汽车，固定在倾角为的斜面上，连杆与斜面垂直，初始时气缸内密闭体积为压强为的理想气体，环境温度为气缸与活塞间的摩擦忽略不计，大气压强始终为在气缸顶部固定一个物体A，稳定时气缸内气体体积缩小了该过程气体温度保持不变。重力加速度取

（1）放上A物体待其稳定后，气缸对气体做功判断该过程气缸内气体是吸热还是放热。并求出热量的大小；

（2）求气缸和物体A的总质量M；

（3）由于环境温度变化，气缸内气体体积逐渐恢复到求体积恢复后的环境温度

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

b、c在竖直方向上做匀加速运动且位移关系为：yc＜yb，根据可知tc＜tb，故A错误；三个粒子的质量和电量都相同，则知加速度相同，a、b两粒子在竖直方向上的位移相等，根据可知运动时间相等，故B正确；在垂直于电场方向即水平方向，三个粒子做匀速直线运动，则有：由图可知由上可知则根据因为则可得：所以有：故C错误；根据动能定理知，a、b两电荷，电场力做功一样多，所以动能增加量相等，c电荷电场力做功最少，动能增加量最小，故D正确．所以D正确，ABC错误．2、B【分析】【分析】

【详解】

当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强p与热力学温度T成正比，在p-T图像中，图线是过原点的倾斜的直线；当活塞开始离开小挡板（小挡板的重力不计），缸内气体的压强等于外界的大气压，气体发生等压膨胀，在p-T中，图线是平行于T轴的直线；选项ACD错误，B正确；

故选B。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数；就可以算出气体的分子所占据的空间大小，不能算出气体分子体积，A错误；

B．根据理想气体状态方程可知温度升高；压强不一定增大，B错误；

C．温度一定时；悬浮在液体中的固体颗粒越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，布朗运动越明显，C错误；

D．第二类永动机不可能制成的原因是因为其违背了热力学第二定律；D正确。

故选D。4、D【分析】铜盘转动产生的感应电动势为：E=BL2ω/2，B、L、ω不变，E不变，电流：I=E/R=BL2ω/2R，电流大小恒定不变，由右手定则可知，回路中电流方向不变，从b导线流进电流表，故ABC错误，D正确；

故选D．

【名师点睛】

圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况；根据右手定则分析感应电流方向．5、B【分析】AB、由图可知粒子电场力应向左方，因粒子带负电，故电场线的方向应向右，若aA<aB，则Q靠近N端且为负电荷，故A错误；若aA>aB，则Q靠近M端且为正电荷；故B正确；

CD、粒子由A到B过程中，电场力做负功，电势能增加，故A点的电势能EpA小于在B点的电势能EpB；故CD错误；

故选B．

【点睛】曲线运动中，合力指向曲线的内侧；轨迹与电场线交点位置，电场力向左，故从A到B，电场力做负功，电势能增加．6、D【分析】【详解】

A、若带电质点从点运动到点，由图可知带电质点所受电场力沿电场线向右，由于质点带正电，故电场线向右，故点的电势低于点的电势；故选项A错误；

B、由于电场线越密，场强越大，由图可知点的场强大于点的场强；故选项B错误；

C、带电质点在从向运动的过程中电场力做负功，根据动能定理可知质点在点时的动能大于在点的动能；故选项C错误；

D、带电质点在从向运动的过程中电场力做负功，则带电质点的电势能增大，带电质点在点时的电势能小于点时电势能，故选项D错误．7、C【分析】【详解】

波源振动的频率f是由波源每秒钟所振动的次数决定的，介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定的，当波源向观测者靠近时，观察者接收到的机械波频率比波源静止时接收到的频率大，即．故A；B、D错误；C正确．

故选C8、B【分析】【详解】

A；汤姆生发现了电子；A错误；

B、卢瑟福根据α粒子散射实验现象提出了原子的核式结构模型；B正确；

C；麦克斯韦从理论上预言了电磁波的存在；C错误；

D、赫兹通过实验实验证明了电磁波的存在，D错误。9、C【分析】【详解】

A、公式R=时电阻的定义式；电阻的大小与电压和电流大小无关，由导体自身决定，故A错误；

B、公式B=的成立的前提是电流元与磁场方向垂直；若一小段通电导体在某处受磁场力大小为0，可能时电流元方向与磁场方向平行产生的，故B错误；

C、由E=可知；若检验电荷在某处受电场力大小为0，说明此处场强大小一定为0，故C正确；

D、由E=n可知，若通过回路的磁通量大小为0，但磁通量的变化率不一定为零，故感应电动势不一定为零，故D错误；二、多选题(共6题，共12分)10、A:C:E【分析】【详解】

A．空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果；故A正确；

B．悬浮在水中的花粉的布朗运动反应了水分子的热运动；故B错误；

C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点；故C正确；

D．高原地区水的沸点较低；这是高原地区气压较低的缘故，故D错误；

E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中；体积增大，温度升高，则内能一定增加，故E正确；

故选ACE。11、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据气体状态方程

得

图像的斜率

a、c两点在同一直线上，即a、c两点是同一等容线上的两点；体积相等，选项A正确。

B．理想气体在状态a的温度大于状态c的温度，理想气体的内能只与温度有关，温度高，内能大，故气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能；选项B正确。

C．在过程中温度不变，内能不变等温变化压强与体积成反比，压强大体积小，从c到d体积减小，外界对气体做正功根据热力学第一定律

所以

所以在过程中气体向外界放出的热量等于外界对气体做的功；选项C错误。

D．在过程中，等压变化，温度降低，内能减小体积减小，外界对气体做功，根据

即

过程中，气体对外界做功

因为

所以

在过程中外界对气体做的功等于在过程中气体对外界做的功；选项D正确。

故选ABD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子的无规则运动的表现，故A不符合题意；

B．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值；故B符合题意；

C．尽管技术不断进步；热机的效率仍不能达到100%，制冷机也不可以使温度降至热力学零度，绝对零度不能到达，故C不符合题意；

D．将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子；则这两个分子间分子力先增大后减小最后再增大，分子力先是吸引力后排斥力，因此分子力先做正功后做负功，分子势能是先减小再增大，故D符合题意。

故选BD。13、A:C:D【分析】【详解】

A项：由于两导体棒在导轨上运动时所受的安培力等大反向；所以两棒组成的系统合外力为零，所以系统动量守恒，故A正确；

B项：最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动；由于穿过两棒组成的闭合回路磁通量不变，所以电路中没有电流，故B错误；

C项：最终两导体棒的共同速度为解得：由能量守恒可知，故C正确；

D项：当两棒速度相等时，两棒间的距离最大，从开始运动到最终达到稳定状态，通过回路的电量为对棒1应用动量定理可知，即所以

由解得：即为两棒的运动距离差，所以最大距离为故D正确．14、C:D【分析】【分析】

（1）根据求出电动势的有效值。

（2）根据闭合回路欧姆定律求出原线圈的电压。

（3）利用及求出副线圈的电压。

（4）根据电路结构求电动机的输出功率。

【详解】

A、根据题意电流表的示数为10A，根据解得原线圈的电流为4A，线圈在磁场中产生电动势的有效值为

则电压表的读数为故A错；

BC、原线圈的电压为根据可以求出副线圈上的电压为所以副线圈上的功率为

此时灯泡上的电压为故B错；C对。

D、把发电机外的所有用电器等效为一个电阻为R的电阻，根据题意可知若负载电路的灯泡增多，则等效电阻R减小，根据电源输出功率与电阻之间关系的函数图像可知，此时发电机的输出功率会增大，故D对；

故选CD

【点睛】

此题比较复杂，对于原线圈中有用电器的变压器问题来说，一般做题的方向是利用前后功率相等来求解的．15、C:D【分析】【分析】

【详解】

A：物体反射的光斜射到水面上；会发生折射现象，当光进入水中后靠近法线，射入潜水员眼睛，潜水员由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去而形成的虚像比实际位置高，所以潜水员在水中看见岸上的物体，实际是变高了的物体的虚像．故A项错误．

B：海市蜃楼产生的原因是由于海面上的下层空气的温度比上层低；下层空气的密度比上层大，下层空气的折射率比上层空气折射率大而产生的全反射现象．故B项错误．

C：玻璃杯裂缝处在光的照射下；看上去比周围明显偏亮，是由于光线从玻璃中射向空气时发生全反射．故C项正确．

D：光纤通信是利用光的全反放射原理来传播信息的；故D项正确．

【点睛】

全反射条件：(1)光是由光密介质进入光疏介质．(2)入射角大于等于临界角．三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.69517、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可得两电阻丝的电阻之比为2:1；

[2]把一个的平行板电容器接在9V的电池上，电容器所带的电荷量为

[3]根据电路可知，这种关系叫做“或”逻辑关系。【解析】或18、略

【分析】【详解】

[1]从状态B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B过程外界对系统做正功，C-D过程外界对系统做负功，p-V图象与横轴围成的面积表示做的功，所以

所以整个循环过程外界对系统做正功。整个循环过程

所以

整个循环过程A-B-C-D-A氦气系统要放热。【解析】>放热19、略

【分析】【详解】

[1]单色光a的偏向角小于单色光b的偏向角，所以冰晶对单色光a的折射率小于冰晶对单色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据公式可得

[2]因为P位于两极板间的中点，所以PN之间的电势差为

又知道

所以

[3]因为两极板间的电荷量恒定，根据公式联立可得

故若把N板向下移；两极板间的电场强度不变。

[4]此时P点距离N板15cm，因为N板接地，电势为零，所以P点电势为负，故【解析】21、略

【分析】电子运动轨迹如图所示，由几何知识可知，电子轨道半径：电子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得解得将轨道半径代入解得，速度范围是

【解析】四、作图题(共3题，共24分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描