2025年粤教版必修1物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版必修1物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于共点力的合成，下列说法正确的是（）A.两个分力的合力一定比每个分力都大B.两个分力大小一定，夹角越小，合力越大C.两个力合成，其中一个力增大，另外一个力不变，合力一定增大D.现有三个力，大小分别为14N、16N、19N，这三个力的合力最小值为11N2、如图，当车厢向右加速行驶时，一质量为m的物块紧贴在车壁上；相对于车壁静止，随车一起运动，则下列说法正确的是（）

A.车对物块的作用力方向水平向右B.车壁对物块的弹力是由于物块发生了弹性形变C.若车厢加速度变大，车壁对物块的弹力也变大D.若车厢加速度变大，车壁对物块的摩擦力也变大3、如图所示；有的商场装有智能化电动扶梯，当顾客站上扶梯后，扶梯先缓慢加速，然后再匀速上升。在扶梯加速上升的过程，下列说法正确的是（）

A.顾客处于超重状态B.顾客处于失重状态C.顾客处于完全失重状态D.扶梯对顾客的支持力等于顾客的重力4、2021年9月底，历经1028天，孟晚舟女士乘坐的中国政府包机国航CA552班，由温哥华国际机场起飞，穿过北极圈，从俄罗斯经过蒙古，进入中国领空抵达深圳宝安国际机场，平均时速约900公里，航线距离为12357公里，空中航行约13小时47分，于9月25日21点50分抵达深圳宝安机场。关于以上内容，下列叙述正确的是（）A.题中“12357公里”是指位移B.“1028天”和“13小时47分”均指时间间隔C.机场监测该航班的位置和运行时间，不能把飞机看作质点D.“时速约900公里”是平均速度5、以下物理量为标量，且单位是国际单位制导出单位的是（）A.电流、AB.力、NC.功、JD.电场强度、N/C6、如图；圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最大的是（）

A.a球B.b球C.c球D.d球评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、小明家住26层，他放学后，乘坐电梯从1层直达26层。假设电梯刚起动时做加速直线运动，中间一段时间内做匀速直线运动，最后一段时间内做减速直线运动.在电梯从1层直达26层的过程中，下列说法正确的是()A.电梯刚起动时，小明处于失重状态B.电梯刚起动时，小明处于超重状态C.电梯运动的加速度方向始终不变D.电梯运动的加速度方向发生了变化8、一质点从A点以v0＝3m/s的初速度开始作匀加速直线运动，随后依次经过B、C两点.已知AB段、BC段距离分别为5m、9m，质点经过AB段、BC段时间相等均为1s，则（）A.质点的加速度大小为4m/s2B.质点的加速度大小为2m/s2C.质点在C点的速度大小为11m/sD.质点在B点的速度大小为6m/s9、一辆汽车在平直公路上做刹车实验，时刻起开始刹车，刹车过程的位移大小与速度大小的关系为下列分析正确的是（）A.刹车过程汽车的加速度大小为B.刹车过程持续的时间为C.时刻汽车的速度大小为D.刹车后的位移大小为10、质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示；则该质点（）

A.加速度大小为2m/s2B.任意相邻1s内的位移差都为2mC.第2s内的位移是2mD.物体第3s内的平均速度大小为5m/s11、百米赛跑中运动员的启动反应、启动加速、途中跑、冲刺跑等各个环节都至关重要,某研究小组在建模时对整个过程作如下近似处理:运动员视为质点,启动加速过程认为是加速度为a的匀加速运动,途中跑和冲刺跑认为是速度为的匀速运动,各环节间转换时间均忽略不计．现有甲、乙两名运动员参赛,他们的启动反应时间相同,且有则下列说法正确的是A.除去起点处,甲、乙两名运动员在比赛中可能相遇两次B.与乙相比,甲运动员加速过程的平均速度一定更大C.与乙相比,甲运动员加速过程的位移一定更小D.甲运动员一旦落后就一定会输掉比赛12、表面光滑、半径为R的半球固定在水平地面上，球心O的正上方处有一无摩擦定滑轮，轻质细绳两端各系一个可视为质点的小球挂在定滑轮上，如图所示．两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为和则这两个小球的质量之比为小球与半球之间的压力之比为则以下说法正确的是。

A.B.C.D.13、如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率沿逆时针方向运行。时，将质量的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度则（）

A.传送带的速率B.传送带的倾角C.物体与传送带之间的动摩擦因数D.0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为5m14、足够长的木板B静止在光滑水平面上，其上放置物块A，物块A上作用一随时间变化的向右的水平拉力F，F随时间t变化的图像及物块A的加速度a随时间t变化的图像如图乙、丙所示，A、B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取则下列说法正确的是（）

A.可求出A的质量为B.可求得B间的动摩擦因数为0.3C.可求得B的质量为D.当时，木板B的加速度为15、如图所示，滑块放置在厚度不计的木板上，二者处于静止状态。现对木板施加一水平向右的恒力F，已知各个接触面均粗糙，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列关于滑块和木板运动的v—t图象中可能正确的是(实线、虚线分别代表木板和滑块的v—t图象)（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、从塔顶自由落下一小球，它在最后1s内的位移是20m，则小球落地时速度是________，塔顶距离地面的高度是________；17、一个作直线运动的质点，其v-t图像如图所示，则0~2s内的加速度a1=______，2~3s内的加速度a2=_______，在t=3s前后速度方向______(填“相同”或“相反”)，加速度方向______(填“相同”或“相反”)，质点在前4秒内的位移是_______，前4秒内的路程是_______。

18、从v－t图像看加速度。

（1）定性判断：v－t图像中图线的______可以判断加速度的大小。

（2）定量计算：如图，在v－t图像上取两点E（t1，v1）、F（t2，v2），加速度的数值

19、利用超声波遇到物体时发生反射可以测定物体运动的有关物理量，如图甲所示A和B通过电缆相连，B为超声波反射和接收一体化装置，仪器A向B提供超声波信号并将B接收到的超声波信号进行处理且在屏幕上显示其波形。现固定B，将它对准匀速行驶的小车C，使其每隔时间发射短促的超声波脉冲，如图乙中幅度较大的波形；B接收到的由小车C反射回来的超声波经仪器A处理后显示如图乙中较小的波形．发射波滞后的时间已在图中标出，其中和△为已知量，并已知超声波在空气中的速度为根据上述信息，判断小车的运动方向是______（填“靠近”或“远离”）波源的方向；小车速度的大小是______。

20、某地的重力加速度为在水平地面上有一量程为200g、最小分度为0.01g的电子秤，保持静止，称量某方形物体A的示数为100.00g。

（1）所以物体质量______kg。

（2）将电子秤改造为加速度计，示数需要作变换。可以画出电子秤示数p变换到加速度a的图线，则图线______一条直线（选填“是”或“不是”）

（3）手机中的加速度传感器就是基于上述思路而设计的；通过测量已知质量的物体对传感器的压力（压力会使传感器的应变片发生微小形变，进而使输出电压发生变化），经过计算得到加速度并输出。

由此，加速度传感器依据的原理包括欧姆定律以及______

A.胡克定律B.牛顿第一定律C.牛顿第二定律D.牛顿第三定律。

（4）为了使加速度计更加灵敏（电梯的加速度改变秤的示数变化更明显），应该选用如下哪个物体替换物体A？______

A.6.00g的硬币B.50.00g的鸡蛋C.150.00g的手机D.250.00g的新华字典21、两种打点计时器（如图）

（1）电磁打点计时器：使用_____电源的_____仪器；工作电压为_____V，当电源频率是50Hz时，每隔_____打一次点；

（2）电火花打点计时器：使用220V交变电源，打点周期_____s；

（3）时间的测量：从能够看清的某个点（起始点）开始，往后数出若干个点，例如数出n个点，则纸带从起始点到第n个点的运动时间t＝_____s；

（4）位移的测量：用_____测量纸带上两个点之间的距离，即为相应时间间隔内物体的位移大小。22、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地．汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好静止，其速度图像如图所示．那么，在0~60秒和60秒~180秒两段时间内位移大小之比为__________；平均速度之比为__________．

23、两个共点力的合力最大为35N，最小为5N，则这两个力中最大的力是___________N，如果这两个力的夹角是90°，则合力的大小________N。24、地球自西向东转，当我们竖直向上跳起以后，我们应落在起跳位置的___________（选填“东边”、“西边”、“原处”）。评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)25、请在下列图中画出杆或球所受的弹力。

图（a）杆靠在墙上；

图（b）杆放在半球形的槽中；

图（c）球用细线悬挂在竖直墙上；

图（d）将光滑圆球置于两个等高的台棱之间；圆球的重心位于球心。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)26、某实验小组利用身边的器材；想粗略测量地铁启动过程中的加速度。具体操作如下：把一根细绳的下端绑着一支圆珠笔，细绳的上端用胶带临时固定在地铁的竖直扶手上。在地铁起动后的某段加速过程中，细绳偏离了竖直方向，处于稳定状态，再用手机拍摄了当时情景的照片（如图所示），拍摄方向跟地铁前进方向垂直．完成下列问题：

（1）根据这张照片可看出地铁运动的方向________（选填“向左”或“向右”）。

（2）该小组已经测出下列数据：

①圆珠笔的质量m;

②圆珠笔的重力G;

③细绳的长度L，圆珠笔上端到竖直扶手的距离d;

④从地铁启动到稳定的时间t;

为完成该实验需要选出必要的物理量为________（用相应物理量前的序号表示），用选出的物理量表示出该地铁手机拍照时的加速度为________。27、某同学用如图所示的装置测定重力加速度：

(1)电火花计时器的工作电压为______，频率为______。

(2)打出的纸带如图所示，实验时纸带的________端应和重物相连接。（选填“甲”或“乙”）

(3)纸带上1至9个点均为计时点，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为________m/s2。评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)28、如图所示，在墙角有一质量为m的均匀绳，一端悬于天花板上的A点，另一端悬于竖直墙壁上的B点平衡后最低点为C点测得且绳在B端附近的切线与墙壁夹角为a，则绳在最低点C处的张力和在A处的张力分别是多少？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．合力可以比分力都大；也可以比分力都小，或者大于一个分力，小于另一个分力，故A错误；

B．力的合成满足平行四边形定则；当两个分力的大小一定，若夹角越小，则平行四边形中与两个分力共顶点的对角线越长，即合力越大，故B正确；

C．当两个力方向相反时；若较大力大小不变，较小力增大时，合力变小，故C错误；

D．14N和16N进行力的合成后；合力的范围为：2N~30N，第三个力19N在这个范围内，故这三个力的最小合力为0，故D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．车对物体有向右的支持力和向上的摩擦力；故作用力斜向右上，A错误；

B．在水平方向上；车壁对物块的弹力是由于车壁发生了弹性形变，B错误；

C．根据牛顿第二定律则若车厢加速度变大，车壁对物块的弹力也变大，C正确；

D．车壁对物块的摩擦力与物块的重力平衡；二力是等大的，与车厢的加速度无关，D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

当顾客在扶梯上加速时，加速度与速度方向相同，顾客受竖直向下的重力，扶梯竖直向上的支持力和水平向右的摩擦力，设扶梯与水平面的夹角为θ，则

所以

顾客处于超重状态。

故选A。4、B【分析】【详解】

A．题中“12357公里”是指路程；。故A错误；

B．“1028天”和“13小时47分”均指时间间隔；故B正确；

C．机场监测该航班的位置和运行时间；飞机大小和形状可以忽略，可以把飞机看作质点，故C错误；

D．“时速约900公里”是平均速率；故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．电流是标量；A是国际单位的基本单位，所以A错误；

B．力是矢量；N是国际单位的导出单位，所以B错误；

C．功是标量；J是国际单位的导出单位，所以C正确；

D．电场强度是矢量；N/C是国际单位的导出单位，所以D错误。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

对C球受力分析如图；挡板与弧面对小球的支持力的合力与重力大小相等，方向相反；支持力F=mgcosθ；

由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明压力越大越大；故压力最大的是d球；故选D．二、多选题(共9题，共18分)7、B:D【分析】【详解】

AB．电梯刚起动时；小明有向上的加速度，则小明处于超重状态，故A错误，B正确；

CD．电梯启动和向上加速时加速度向上，而减速运动时加速度向下，故加速度方向发生了变化，故C错误，D正确.8、A:C【分析】【分析】

根据匀变速直线运动的位移时间公式，联立方程组求出质点的加速度.根据速度时间公式求出质点在B点和C点的速度.

【详解】

A、B、根据位移差公式△x＝aT2得：故A正确；B错误；

C、质点在C点的速度为：vC＝v0+a•2t＝3+4×2m/s＝11m/s；故C正确.

D、质点在B点的速度为：vB＝v0+at＝3+4×1m/s＝7m/s；故D错误.

故选AC.

【点睛】

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式、速度时间公式，并能灵活运用.9、A:C:D【分析】【详解】

AC．设刹车过程汽车的加速度大小为a，t=0时刻的速度大小为v0，根据匀变速直线运动位移与速度关系有

整理得

对照题给表达式可得

故AC正确；

B．刹车过程持续的时间为

故B错误；

D．由于2.8s大于刹车时间，所以刹车后2.8s的位移大小即为刹车距离，即

故D正确。

故选ACD。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据

和结合位移和时间平方的关系图象，知图线的斜率

解得加速度

故A正确；

B．根据任意相邻1s内的位移差都为

故B正确；

C．第2s内的位移

故C错误；

D．第3s内的位移

则第3s内的平均速度大小

故D正确；

故选ABD。11、C:D【分析】【详解】

根据题意做出甲、乙运动的v-t图象；如图所示：

由图象可知刚起跑时甲处于领先，但在到达终点前有可能被乙超越，且甲一旦被超越就无法在追上乙，故A错误，D正确；加速过程甲、乙速度均为零，乙的末速度大，所以加速过程乙的平均速度大，且乙的加速度时间还更长，所以乙加速过程的位移也更大，故B错误，C正确．所以CD正确，AB错误．12、B:C【分析】【详解】

试题分析：先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力绳子的拉力T和半球的支持力N；作出力图．

由平衡条件得知，拉力T和支持力N的合力与重力mg大小相等、方向相反．设根据三角形相似得：解得：①同理，以右侧小球为研究对象，得：②，由①：②得13、A:C:D【分析】【详解】

A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为故A正确；

BC．在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为

由图可得

在1.0~2.0s，物体的加速度为

由图可得

联立解得

故B错误；C正确；

D．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s物体相对于地的位移

传送带的位移为

物体对传送带的位移大小为

方向向上；1.0~2.0s物体相对于地的位移

传送带的位移为

物体对传送带的位移大小为

方向向下；故留下的痕迹为5m，故D正确。

故选ACD。14、B:C【分析】【详解】

ABC．A、B在末开始相对滑动，对系统由牛顿第二定律得

因末拉力大小为加速度为所以

隔离木板B，由牛顿第二定律得

即

同理，隔离物体A，由牛顿第二定律得

根据丙图和乙图图形可知末拉力大小为加速度大小为即

联立以下三式

解得

A错误；BC正确；

D．当时，A、B相对滑动此时木板B的加速度为

D错误。

故选BC。15、B:D【分析】【详解】

AB．若滑块和木板相对静止，一起做匀加速运动，加速度大小为

故A错误；B正确；

CD．若滑块和木板相对滑动，滑块做匀加速运动，加速度大小为

木板做匀加速运动，加速度大小为

且有

滑块滑离木板后滑块做匀减速运动，木板做匀加速运动，加速度大小为

故D正确；C错误；

故选BD。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据。

h=gt2h-20=g（t-1）2联立解得。

t=2.5sh=31.25m落地速度。

v=gt=25m/s【解析】25m/s31.25m17、略

【分析】【详解】

[1]v-t图像中斜率代表加速度，则0～2s内质点的加速度为

[2]2～3s内质点的加速度为

[3][4]t=3s时速度为零，之前速度为正，之后速度为负，在t=3s前后速度方向相反；因为斜率没有改变；所以加速度方向相同。

[5]质点图线与横轴围成的面积即为质点位移，所以质点0～3s内的位移为

质点3s～4s内的位移为

质点在前4秒内的位移是

[6]前4秒内的路程为【解析】2m/s2-4m/s2相反相同4m8m18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】倾斜程度19、略

【分析】【详解】

[1]根据图甲中发射和接收到的波形时间间隔可以发现；时间间隔在增大，所以小车在远离接收器。

[2]发出第一个脉冲时，设车仪相距s0，有

经T0发出第二个脉冲，车仪相距

第二个脉冲追上车时

联立得【解析】远离20、略

【分析】【详解】

（1）[1]静止时，称量某方形物体A的示数为100.00g，根据平衡条件可知方形物体质量为

（2）[2]将电子秤改造为加速度计，根据牛顿第二定律有

解得

可知图像是一条直线。

（3）[3]压力会使传感器的应变片发生微小形变；所以加速度传感器依据的原理包括欧姆定律以及胡克定律和牛顿第二定律。故AC正确，BD错误。

故选AC。

（4）[4]由（2）中结论电梯的加速度改变物体的质量越大，秤的示数变化越明显，故D正确，ABC错误。

故选D。【解析】0.10000是ACD21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】交变计时4~60.02s0.020.02n刻度尺22、略

【分析】【详解】

[1]．在0~60秒和60秒~180秒两段时间内位移大小之比为

[2]．平均速度之比为【解析】1:21:123、略

【分析】【详解】

[1][2]．设两个