2025年新世纪版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高三物理上册阶段测试试卷575考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、5月9日，俄罗斯红场阅兵，“阿尔玛塔”主战坦克成为阅兵式上的新宠．现假设该坦克的质量为m，若在平直的公路上从静止开始加速，前进较短的距离s速度便可达到最大值vm．设在加速过程中发动机的功率恒定为P，坦克所受阻力恒为f，当速度为v（vm＞v）时，所受牵引力为F．以下说法正确的是（）A.坦克加速过程中，牵引力对它做功为FsB.坦克的最大速度vm=C.坦克速度为v时加速度为a=D.坦克从静止开始达到最大速度vm所用时间2、甲；乙两颗卫星都绕地球做匀速圆周运动；甲为地球的同步卫星，乙为近地卫星．关于这两颗卫星有下列说法，其中正确的是（）

A.甲的运行速度一定大于乙的运行速度。

B.甲的向心加速度一定大于乙的向心加速度。

C.甲的周期一定大于乙的周期。

D.若两卫星的质量相同；甲的机械能一定大于乙的机械能。

3、一物块由静止开始从粗糙斜面上的某点加速下滑到另一点；在此过程中重力对物块做的功等于（）

A.物块重力势能的减少量。

B.物块重力势能的减少量与物块克服摩擦力做的功之和。

C.物块重力势能的减少量和物块动能的增加量以及物块克服摩擦力做的功之和。

D.物块动能的增加量与物块克服摩擦力做的功之和。

4、如图，A、B两质点以相同的水平速度v抛出，A在竖直面内运动，落地点在P1；B在光滑的斜面上运动，落地点在P2，不计阻力，比较P1、P2在x轴方向上的远近关系（）

A.P1较远。

B.P2较远。

C.P1、P2等远。

D.和水平速度v的大小有关；选取不同的v，可能出现上述三种情况。

5、如图甲所示；理想变压器原；副线圈的匝数比为55：9，副线圈接有一灯泡L和一电阻箱R，原线圈所接电源电压按图乙所示规律变化，此时灯泡消耗的功率为40W，则下列说法正确的是（）

A.副线圈两端输出电压为36V

B.原线圈中电流表示数为A

C.当电阻R增大时；变压器的输入功率减小。

D.原线圈两端电压的瞬时值表达式为

6、今年的春节联欢晚会上“小彩旗”四个小时的旋转引起网络热议，有美国网友想到了“我究竟以什么样的速度沿着地球自转轴旋转呢？”并绘制出了不同纬度处沿地球自转的切向速度图（不考虑公转影响），如图所示，则下面说法正确的是（）A.从图像中可知只要知道了地球上某位置随地球自转的线速度，就可以确定该点的纬度B.从图像可知在赤道面近地环绕卫星的线速度约为1050英里/小时C.若已知“小彩旗”所在的纬度，就可以从图像中得到她在舞台上旋转的线速度D.坐在“春晚”现场观看表演的观众，他们随地球自转的向心加速度大小相等7、【题文】如图所示；水平放置的两个平行金属板MN；PQ间存在匀强电场和匀强磁场.MN板带正电，PQ板带负电，磁场方向垂直纸面向里.一带电微粒只在电场力和洛伦兹力作用下，从I点由静止开始沿曲线IJK运动，到达K点时速度为零，J是曲线上离MN板最远的点.以下几种说法中正确的是（）

A.在I点和K点的加速度大小相等，方向相同B.在I点和K点的加速度大小相等，方向不同C.在J点微粒受到的电场力小于洛伦兹力D.在J点微粒受到的电场力等于洛伦兹力8、关于电场强度，下列说法正确的是（）A.电场强度的大小与检验电荷的电量成正比B.电场强度的方向与检验电荷的正负有关C.同一电场区域内，电场线越密，电场越强D.电场中检验电荷的受力方向就是电场强度的方向9、物体在合外力作用下做直线运动的v-t图象如图所示．下列表述正确的是（）

A.在0～1s内，合外力做正功B.在0～2s内，合外力总是做负功C.在1～2s内，合外力不做功D.在0～3s内，合外力总是做正功评卷人得分二、双选题(共7题，共14分)10、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键12、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种13、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡15、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、一乘客在行驶的火车车厢里用细绳吊一小球；用以判断火车运动的情况，并可得到如下结论：

（1）若小球在竖直方向保持静止，表明火车正在做____运动；

（2）若在竖直方向保持静止的小球突然向后摆，表明火车正在做____运动；

（3）若在竖直方向保持静止的小球突然向前摆，表明火车正在做____运动；

（4）若在竖直方向保持静止的小球突然向右摆，表明火车正在做____运动．17、汽车关闭油门后做匀减速直线运动，最后停下来，在此过程中，最后三段连续相等的时间间隔内的平均速度之比为____．18、物体沿一直线单向运动，第一秒内通过5m，第二秒内通过10m，第三秒内通过24m后停下，则后两秒内的平均速度为____m/s，全程的平均速度等于____m/s．19、（2013秋•富平县校级期中）如图所示，AB是某平面的一条边，该平面与磁感应强度夹角60°匀强磁场磁感应强度为10-3T，平面面积为4m2，则穿过该平面的磁通量为____Wb．20、（2012秋•溧阳市校级期末）薄膜干涉：

楔形薄膜干涉：薄膜在重力作用下厚度不同，在薄膜不同位置，薄膜前后两个面____两列光的路程差不同；发生干涉．

若△s=____，出现____；若△s=____，出现____．薄膜上出现____干涉条纹．评卷人得分四、判断题(共2题，共12分)21、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）22、新能源是指新开采的能源．____．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共1题，共9分)23、现有一合金制成的圆柱体.

为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度.

螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和图乙所示．(1)

由上图读得圆柱体的直径为________mm

长度为________cm

．(2)

若流经圆柱体的电流为I

，圆柱体两端之间的电压为U

，圆柱体的直径和长度分别用D

、L

表示，则用D

、L

、I

、U

表示的电阻率的关系式为娄脩

=

________．评卷人得分六、简答题(共1题，共6分)24、（2015秋•醴陵市校级月考）如图所示，A、B、C三木块的质量分别为GA=2N、GB=4N、GC=6N，甲、乙两轻质弹簧的劲度系数分别为k1=100N/m和k2=200N/m；弹簧的自由长度均为10cm，弹簧与木块所有连接处拴接在一起，整个系统放于水平地面上并处于静止状态．现缓慢向上提上面的A木块，直到最下面的C木块刚离开水平地面．求：

（1）最初甲弹簧的总长度为L1多长？最初乙弹簧的总长度为L2多长？

（2）C木块刚离地时，甲弹簧的总长度为L3多长？乙弹簧的总长度为L4多长？

（3）上述过程中，最上面的木块A移动的距离．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】根据W=Pt求出牵引力做功的大小，当速度最大时，牵引力与阻力相等，根据P=Fv=fv求出最大速度的大小，根据牵引力的大小，结合牛顿第二定律求出加速度．根据v-t图象分析加速的时间．【解析】【解答】解：A；因为在运动的过程中；功率不变，速度增大，则牵引力减小，知牵引力不是恒力，不能通过W=Fs求解牵引力做功的大小，所以牵引力做功不等于Fs，因为功率不变，知牵引力做功W=Pt．故A错误．

B、当牵引力与阻力相等，即F′=f时，速度最大，根据P=F′vm知，最大速度vm=．

据题当速度为v（vm＞v）时，所受牵引力为F，由P=Fv知，F＞f，故vm＜．故B错误．

C、当坦克的速度为v时，根据牛顿第二定律得，a=．故C正确．

D、坦克从静止开始达到最大速度的过程做变加速直线运动，结合v-t图象知：s＞，所以t＜．故D错误．

故选：C．2、C|D【分析】

A、同步卫星轨道高度与近地卫星轨道高度大，根据v=可知近地卫星线速度大；故A错误；

B、同步卫星轨道高度与近地卫星轨道高度大，根据公式a=可知是近地卫星的向心加速度大；故B错误；

C、同步卫星轨道高度与近地卫星轨道高度大，根据公式T=2π可知近地卫星的周期小；故C正确；

D；要将卫星发射较高的轨道；发射时需要做更多的能量，故卫星高度越大，机械能越大，故同步卫星机械能大，故D正确；

故选CD．

【解析】【答案】卫星线速度公式为：v=卫星向心加速度公式为：a=卫星周期公式为：T=2π要将卫星发射较高的轨道；发射时需要做更多的功，轨道越高，卫星的机械能越大．

3、A|D【分析】

A、根据=可知；重力做的功等于物体重力势能的减少，所以A正确．

B、由动能定理应有mgh-=-0；可知重力对物块做的功等于重力势能的减少mgh，所以B错误．

C、由动能定理可得mgh-=而重力对物块做的功等于重力势能的减少mgh，所以C错误．

D、由mgh-=可知重力做的功等于mgh=所以D正确．

故选AD．

【解析】【答案】求解本题的关键要明确重力对物块做功的求法及与物块重力势能变化的关系；再就是根据动能定理列出表达式，然后讨论即可．

4、B【分析】

A质点做平抛运动；根据平抛规律得：

A运动时间：t=

B质点视为在光滑斜面上的类平抛运动；其加速度为gsinθ；

B运动时间：t′=

A、B沿x轴方向都做水平速度相等的匀速直线运动，由于运动时间不等，所以沿x轴方向的位移大小不同，P2较远；故B正确。

故选B

【解析】【答案】A质点做平抛运动；

B质点视为在光滑斜面上的类平抛运动；其加速度为gsinθ，根据平抛规律与A运动对比求解时间和位移．

根据动能定理研究比较A；B落地时的速度大小。

5、A|C|D【分析】

A、由图象可知原线圈的电压最大值为220V，所以输入电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比=可知；副线圈两端输出电压为36V，所以A正确．

B、如果电路中只有灯泡的话，灯泡消耗的功率为40W，根据P=UI可知，灯泡的电流为I==A=A，根据电流与匝数成反比可得，此时原线圈中电流的大小为A，但是电流中还有电阻箱，所以副线圈的电流要大于A，原线圈的电流也要大于A；所以B错误．

C；当电阻R增大时；副线圈的电阻增加，由于输出电压是由输入电压和匝数比决定的，所以副线圈的电压不变，副线圈的电流将减小，原线圈的电流也将减小，由于原线圈的电压不变，所以变压器的输入功率减小，所以C正确．

D、由图象可知，交流电的最大值为220V，周期为0.02s，由ω===100π，所以原线圈两端电压的瞬时值表达式为所以D正确．

故选ACD．

【解析】【答案】根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值；周期和频率等；再根据电压与匝数成正比，与匝数成反比，即可求得结论．

6、D【分析】试题分析：由图知，同一线速度对应两个维度，故不能由线速度确定维度，所以A错误；从图像可知在赤道上地球自转的线速度约为1050英里/小时，所以B错误；若已知“小彩旗”所在的纬度，就可以从图像中得到她随地球自转的线速度，而不能得出她转动的速度，所以C错误；坐在“春晚”现场观看表演的观众，在地球的同一维度处，所以他们随地球自转的向心加速度大小相等，故D正确考点：本题考查天体运动【解析】【答案】D7、A|C【分析】【解析】电荷所受的洛伦兹力Ff=qvB,当电荷的速度为零时，洛伦兹力为零，故电荷在I点和K点只受到电场力的作用，故在这两点的加速度大小相等.方向相同，A是正确的，B是错误的.由于J点是曲线上离MN板最远的点，说明电荷在J点具有与MN平行的速度，带电粒子在J点受到两个力的作用，即电场力和洛伦兹力；轨迹能够向上偏折，则说明洛伦兹力大于电场力，故C正确.综上所述，选项A、C是正确的.【解析】【答案】AC8、C【分析】【分析】AB；电场强度表示电场的大小和方向；由场源电荷决定，与检验电荷的电量和电性无关；错误．

C；电场线的疏密程度表示电场的强弱；同一电场区域内，电场线越密，电场越强；正确．

D；电场中正检验电荷的受力方向是电场强度的方向；场强与负检验电荷的受力方向相反；错误。

故选C

【点评】电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，由电场本身决定。9、A【分析】【分析】由图象可知物体在各段时间内的速度变化，则由动能定理可直接得出合外力的做功情况．【解析】【解答】解：A；在0-1s内；因物体的速度增大，故动能增大，则由动能定理可知合外力做正功，故A正确；

B；在1-2s内；物体的速度减小时，故动能减小时，由动能定理可知合外力做负功，即在0～2s内，合外力先做正功后做负功，故B错误C错误；

D；由以上分析可知；合外力先做正功再做负功，故D错误；

故选：A．二、双选题(共7题，共14分)10、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共5题，共10分)16、匀速加速减速向左转弯【分析】【分析】物体具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性；任何物体在任何情况下都具有惯性；据此分析．【解析】【解答】解：（1）小球在竖直悬线下保持静止；说明小球相对于车厢是静止的，故车厢在做匀速直线运动；

（2）若小球突然向正后方摆动；说明车厢的速度大于小球的速度，则车厢在做加速运动；

（3）若小球突然向正前方摆动；说明小球的速度大于车厢的速度，则车厢在做减速运动；

（4）若小球突然向右摆动；说明车厢在左转弯，则车厢在做向左转弯运动；

故答案为：匀速；加速；减速；向左转弯17、5：3：1【分析】【分析】根据逆向思维求出最后三段连续相等的时间间隔内的位移之比，再根据平均速度公式=求出平均速度之比．【解析】【解答】解：初速度为零的匀加速直线运动；在相等时间内的位移之比为1：3：5：7：根据逆向思维，知最后三段连续相等的时间间隔内位移之比为5：3：1．因为三段时间相等，所以平均速度之比为5：3：1．

故答案为：5：3：1．18、1713【分析】【分析】平均速度等于位移除以时间，表示某段时间运动的快慢，要注意位移与时间相对应．【解析】【解答】解：后两秒内的位移为：10m+24m=34m；故后两秒内的平均速度为：

=

全程的位移为39m；故全程的平均速度为：

故答案为：17，13．19、2×10-3【分析】【分析】线圈放在匀强磁场中，与磁场方向不垂直，将平面投影到与磁场垂直的方向，投影面积和磁感应强度的乘积等于磁通量．【解析】【解答】解：如图，磁通量Φ=BSsin30°=10-3×4×=2×10-3Wb

故答案为：2×10-320、反射nλ，（n=0，1，2）亮条纹（2n+1）暗条纹水平【分析】【分析】楔形薄膜干涉是由于在薄膜不同位置，薄膜前后两个面反射的两列光的路程差不同，发生干涉形成的．路程差是波长整数倍时出现亮纹；路程差是半个波长的奇数倍时出现暗纹．【解析】【解答】解：光通过介质时频率不变．薄膜在重力作用下厚度不同；在薄膜不同位置，薄膜前后两个面反射的两列光频率相同，产生干涉．

若△s=nλ，（n=0，1，2）出现亮条纹；若△s=（2n+1）；（n=0，1，2）出现暗条纹；薄膜上出现水平的干涉条纹．

故答案为：反射；nλ，（n=0，1，2）出现亮条纹；（2n+1），（n=0，1，2），暗条纹；水平．四、判断题(共2题，共12分)21、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场