2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，实线是某电场的一簇电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子只受电场力作用，下列说法正确的是（）

A.带电粒子带负电B.带电粒子在a、b两点的受力大小相同C.a点电势高于b点电势D.带电粒子在b点的电势能大于在a点的电势能2、下面说法正确的是A.元电荷实质上是指电子或质子本身B.只有很小的带电物体才能视为点电荷C.任何带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍D.经过摩擦使某物体带负电，那么该物体在摩擦过程中产生了额外的电子3、如图，水平面内的等边三角形的边长为L，顶点C恰好位于绝缘倾斜直轨道的最低点，光滑直轨道上端点D到A、B两点的距离均为L，为绝缘竖直轨道，O为边的中点。一对电荷量分别为的点电荷分别固定于A、B两点。在D处将质量为m、电荷量为的小球（忽略它对原电场的影响）套在轨道上D端，将小球分别沿和由静止开始释放，已知静电力常量为k，重力加速度大小为g；忽略一切阻力，下列说法正确的是（）

A.D点的电场强度与C点的电场强度不同B.小球沿下滑过程中，其电场强度先增大后减小C.小球沿下滑过程中，其电势能先增大后减小D.小球沿到达O点速度与沿到达C点的速度大小不相等4、一封闭的金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器中的电场线分布情况如图所示。容器内表面为等势面，为容器内表面上的两点，为容器内一点；则下列说法正确的是（）

A.点的电场强度比点的大B.若点电势高于点，则小球带正电C.点的电场强度方向与该处内表面垂直D.将检验电荷从点沿不同路径移动到点，电场力做功不同5、磁通量的单位是（）A.特斯拉（T）B.韦伯（Wb）C.法拉（F）D.洛伦兹（L）评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示，在某静电除尘器产生的电场中，带等量负电荷的两颗微粒只受电场力作用，分别从p点沿虚线pm、pn运动；被吸附到金属圆筒上。下列说法正确的是（）

A.n点的电势高于p点的电势B.微粒在p点的电势能小于在m点的电势能C.微粒从p到n的动能变化量大于从p到m的动能变化量D.微粒从p到n的电势能变化量等于从p到m的电势能变化量7、在如图所示电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器（R2>R1），闭合开关S，不同规格的灯泡L1和L2均正常发光，现将滑动变阻器的滑动片P向上移动一定的距离，理想电流表A1、A2、电压表的示数均会发生一定变化，其变化量分别用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；则下列分析判断可能正确的是（）

A.电压表V示数变大，电流表A1示数变小B.电流表A2示数不可能变为零C.灯泡L1、L2变暗D.电源的内阻r=8、如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点．先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为-W．再将Q1从C点沿CB移到B点并固定．最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．下列说法正确的有。

A.Q1移入之前，C点的电势为B.Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0C.Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2WD.Q2在移到C点后的电势能为-4W9、如图所示，长为间距为d的平行金属板水平放置，两金属板左边中点O有一粒子源，能持续水平向右发射初速度为电荷量为质量为m的粒子。在两板间存在如图所示的交变电场；取竖直向下为正方向，不计粒子重力。以下判断正确的是（）

A.粒子在电场中运动的最短时间为B.射出粒子的最大动能为C.时刻进入的粒子能从点射出D.时刻进入的粒子将打到下极板10、如图，A、B两带电小球，所带电荷量大小分别为质量分别为和用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，静止时A、B两球处于同一水平线上，C是AB连线上一点且在O点的正下方，C点的场强为零。已知则（）

A.A、B两球的质量之比为9∶16B.A、B两球的带电荷量之比为81∶256C.同时剪断连接两小球A、B的细线，A小球一定先落地D.同时剪断连接两小球A、B的细线，A、B小球水平位移之比为9∶1611、如图，A、B两点各放一电荷量均为O的等量异种电荷，有一竖直放置的光滑绝缘细杆在两电荷连线的垂直平分线上，a、b、c是杆上的三点，且b、c两点关于两电荷连线对称。一质量为m、电荷量为+q的小环（可视为质点）套在细杆上，自a点由静止释放；不计空气阻力，则（）

A.小环在b点和c点受到的电场力不同B.小环从b点到c点速度可能先减小后增大C.小环通过b、c两点的速度大小之比为D.小环在下落过程中机械能守恒12、关于电表，下列说法正确的是：A.利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B.如果要将电压表量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是内阻的n倍C.用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，其内阻越小D.当电流表测某电路的电流时，测量值一定总是小于真实值13、两个相同金属小球（均可视为点电荷）带电量之比为3:1，固定在相距为r的两处，它们之间的库仑力大小为F，两小球相互接触后分开并将其固定距离变为r/2，现在两球间的库仑力大小F′，则下列分析可能正确的是

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、在如图所示电路中，电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，保护电阻R0＝3Ω，滑动变阻器总电阻R＝20Ω，闭合电键S，在滑片P从a滑到b的过程中；电流表的最大示数为______A，滑动变阻器消耗的最大功率为______W。

15、电容：

（1）定义：电容器所带___________与电容器两极板间的___________的比值。

（2）定义式：

（3）单位：电容的国际单位是___________，符号为F，常用的单位还有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意义：电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，在数值上等于使两极板间的电势差为___________时电容器需要带的电荷量。

（5）击穿电压与额定电压。

a.击穿电压：电介质不被___________时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏。

b.额定电压：电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压___________。16、在电场中A点放一个电量的电荷，受到电场力大小为则该力的方向跟A点电场强度的方向相__________，A点电场强度大小为__________如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为__________N，方向跟A点电力线的方向相__________，如果拿走电荷则A点电场强度大小为__________17、有一个电流表内阻满偏电流要把它改装为量程的电压表，则应串联一个电阻阻值__________要把它改装为量程的电流表,则改装后电流表的内阻__________18、如图所示，电源电压一定时，已知灯泡L标有“6V7.2W”字样（灯丝电阻不受温度影响），R2=10Ω。当S、S1闭合，且滑片P在a端时，灯正常发光；当S、S2闭合，且P在滑动变阻器中点处时，电流表示数为0.2A，灯泡L的阻值为_______Ω。通过对S、S1、S2的控制和调节滑动变阻器，可使电路消耗的总功率最小，电路总功率的最小值为_______。

19、电路中只有电阻、电炉丝等电阻元件，只能把电能转化为内能的电路是_______；除电阻外还包括电动机等，能把电能转化为其他形式能的电路是_______。

A.纯电阻电路B.非纯电阻电路20、安培定则。

（1）直线电流的磁场。

安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，___________所指的方向就是磁感线环绕的方向。

直线电流周围的磁感线环绕情况如图所示。

（2）环形电流的磁场。

安培定则：如图所示，让右手___________与环形电流的方向一致，___________的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）通电螺线管的磁场。

安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与___________一致，伸直的拇指所指的方向就是___________上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。

评卷人得分四、作图题(共1题，共4分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)22、在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：

(1)用多用表测量某元件的电阻；选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择________（填“×10”或“×1k”）倍率的电阻挡，并需______________（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为________Ω。

(2)某同学设计出了一个“欧姆表”，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻r=1.0Ω，电流表G的量程为Ig，故能通过读取流过电流表G的电流值而得到被测电阻的阻值。该“欧姆表”的调零方式和普通欧姆表不同。该同学想用一个电阻箱Rx来测出电路中电源的电动势E和表头的量程Ig，进行如下操作步骤：。A．先使两表笔间不接入任何电阻，断开状态下闭合开关，调滑动电阻器使表头满偏；B．将该“欧姆表”与电阻箱Rx连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示数Rx和与之对应的电流表G的示数I；C．将记录的各组Rx，I的数据转换成后并描点得到图线，如图丙所示；D．根据图丙中的图线，求出电源的电动势E和表头的量程Ig。由图丙可知电源的电动势为________，电流表G的量程是________。(3)在(2)中，某次实验发现电流表G的指针半偏，则电阻箱接入电路中的电阻Rx＝_________（保留2位有效数字）23、某多用表内部的部分电路如图所示；则该多用表。

（1）A接线柱应该是与___________（填“红”或“黑”）表笔连接；

（2）当选择开关接___________（填“a”或“b”）挡时其对应的电阻挡的倍率更高。24、某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻Rx；步骤如下：

（1）用螺旋测微器测量其直径为_______mm；

（2）①用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤初步测得该电阻的阻值约为________

②实验室还提供了如下器材：

电池组E（电动势为3V；内阻不计）；

电流表A1：量程为0～10mA，内阻约50

电流表A2：量程为0～500A，内阻

滑动变阻器R1（阻值范围为0～20额定电流2A）；

电阻箱R2（阻值范围为0～9999额定电流1A）

开关S；导线若干。

为了用伏安法尽可能准确地测量的阻值；请你帮助该同学完成实验中的下述步骤：

a．上述器材中缺少电压表，先需将电流表A2改装成电压表，然后在如图方框中画出用伏安法测量阻值的电路图，并在图中标明各器材的代号________。

b．实验中，将电流表改装成量程为2.5V的电压表，调节滑动变阻器读出电流表A1的示数此时电流表A2的示数如图所示，则其对应的电压测量值是_________V，根据以上实验数据和电阻的测量值是_______（本空保留2位有效数字），实验中电阻测量值与其真实值比较_______（选填“偏大”或“偏小”），并简述其原因_____________。评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)25、A、B两个带电小球可视为点电荷，A固定不动，B的质量为m，在库仑力作用下，B由静止开始运动。已知初始时，A、B间的距离为d，B的加速度为a，经过一段时间后，B的加速度为此时A、B间距离应为多少？已知此时B的速度为v，则此过程中电势能的减少量为多少？26、如图甲所示，真空中的电极K连续不断的发射出电子（电子的初速度可忽略不计），经减压为的电场加速，加速电压随时间变化t变化的图像如图乙所示。每个电子通过加速电场的时间极短，可认为在电子加速过程中加速电压不变。电子被加速后由小孔S穿出，沿两个彼此靠近且正对的水平金属板A、B间中轴线从左边缘射入A、B板件的偏转电场，A、B两板长均为两板之间距离A板的电势比B板电势高。A、B板右侧边缘到竖直放置的荧光屏P（面积足够大）之间的距离荧光屏的中心点O与A、B板的中心轴线在同一水平直线上。不计电子之间的相互作用及电子的重力；求：

（1）要使电子都打不到荧光屏上，则A、B板间所加电压U2应满足什么条件？

（2）当A、B板间所加电压时，求电子打在荧光屏上的位置距离中心点O的最小距离。

27、竖直平面内的一个光滑绝缘轨道由相切于B点的两段组成，直段与水平面夹角为60°，弯段为一个圆弧，半径为r，在同一高度。在圆心处固定一个负点电荷。将一质量为m的带正电小环（可看作质点）套在轨道上从A点静止释放，下滑经B、C后滑上右边圆弧。已知小环刚从A点下滑时，恰好不受轨道的作用力；到C点时，小球的速度问：

(1)小环在A点时所受的库仑力FA的大小和方向；

(2)小环在C点时所受的轨道作用力FN的大小；

(3)定量说明小环从A到D过程中电势能的变化情况。

28、如图所示，一对间距竖直放置的平行金属板M、N分别接于电路中的B、P两点间，P为滑动变阻器的中点，平行金属板间产生的电场可视为匀强电场。现将一带电量小球c，用质量不计的绝缘细线悬挂于电场中某点，小球静止时悬线与竖直方向的夹角滑动变阻器的总阻值为定值电阻电源电动势电源内阻求：

(1)流过电源的电流；

(2)小球的质量。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

A．由图中运动轨迹可知；粒子受到向左的电场力，又因为电场强度的方向向左，故粒子带正电。故A错误。

B．a点的电场线比较密集，所以a点处的电场强度大于b点处的电场强度，根据公式可知，带电粒子在a处的电场力大于b处。故B错误。

C．电势顺着电场线的方向降低，所以a点电势小于b点电势；故C错误。

D．a点电势小于b点电势，根据公式可知，带电粒子在b点的电势能大于在a点的电势能；故D正确。

故选D。2、C【分析】【详解】

元电荷是最小单位电荷量，不是电子或质子，故A错误；在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，可把带电体看成点电荷，体积很大的带电体也可能看成点电荷，故B错误；任何带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，故C正确；摩擦起电是电子由一个物体转移到另一个物体的结果，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，没有产生了额外的电子，故D错误．3、B【分析】【详解】

A．D点的电场强度与C点的电场强度大小相等，方向相同，都沿着与BA平行的方向；A错误；

B．小球沿DC轨道下滑过程中，A、B两点电荷对其电场大小相同，合场强与DC垂直，由于小球运动过程距离A、B两点电荷的距离先减小后增大；其电场强度先增大后减小，B正确；

C．小球沿DC到达轨道最低点C过程，A、B两点电荷对其合电场力垂直于轨道；电场力不做功，电势能不变，C错误；

D．小球沿运动过程，受到的电场力也与轨道垂直，故小球沿到达O点与沿到达C点过程都只有重力做功，由动能定理得小球到达O点与到达C点的速度大小相等；D错误。

故选B。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．电场线越疏，电场强度越弱，电场线越密，电场强度越强，由题图可知，点的电场强度比点的小；A错误；

B．沿着电场线方向电势逐渐降低，若点电势高于点；则小球带负电，B错误；

C．因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，则点的电场强度方向与该处内表面垂直；C正确；

D．在同一等势面上，将检验电荷从点沿不同路径移动到点；电场力做的功相同，均为零，D错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

磁通量的单位为韦伯，符号为Wb，故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】【详解】

A．n点靠近正电荷，p点靠近负电荷，因此有故A正确；

B．负电荷从p到运动m电场力做正功，电势能减小，带负电的微粒在m点的电势能较小；故B错误；

CD．两微粒均只考虑电场力做正功，由动能定理有

因初末电势差相同，电量q相等；则电场力的做正功相等，电势能减小量相等，两微粒的动能增加量也相等，故C错误，D正确；

故选AD。7、A:D【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑动片P向上移动时，电阻R2接入电路中的电阻变大，外电路由于局部电阻增大导致整个外电路电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可得，回路中总电流减小，即电流表A1示数减小，电源内电压减小，所以路端电压即电压表示数U变大；故A正确；

B．根据桥式电路特征，当满足

由此可知，电路中M、N两点间的电势差为零，电流表A2示数变为零；故B错误；

C．由于回路中总电流减小，则R1与L1并联部分电压也减小，R2与L2并联部分电压增多，所以流过灯泡L1的电流变小，流过灯泡L2的电流变大，即灯泡L1变暗，L2变亮；故C错误；

D．根据闭合电路欧姆定律可得

所以

故D正确。

故选AD。8、A:B:D【分析】【详解】

A.由题意可知，C点的电势为。

故A正确；

B.由于B、C两点到A点()的距离相等，所以B、C两点的电势相等，所以从C点移到B点的过程中；电场力先做负功再做正功，总功为0，故B正确；

C.由于B、C两点的电势相等，所以当在B点固定后，C点的电势为所以从无穷远移到C点过程中；电场力做功为：

故C错误；

D.由于C点的电势为所以电势能为。

故D正确。9、A:C【分析】【详解】

A．粒子在电场中运动的加速度大小为

假设粒子进入电场后，在竖直方向上始终沿一个方向做匀加速直线运动，且最终打在极板上，则有

解得

所以假设成立，则粒子在电场中运动的最短时间为故A正确；

B．设交变电场周期为T，射出粒子在电场中运动的时间均为

根据交变电场的周期性可知，无论在何时刻射入的粒子，粒子在电场中经过2T时间后电场力对粒子的合冲量均为零，则粒子在竖直方向速度的变化量为零，所以射出粒子的最大动能为

故B错误；

C．时刻进入的粒子，在时间内向下做匀加速运动，且竖直分位移大小为

根据对称性可知，粒子在时间内将向下做匀减速运动，且竖直分位移大小仍等于y1，则

粒子在时刻速度减为零后又开始向上做匀加速运动，进而可推知粒子在进入电场T时间后又回到OO′上，所以时刻进入的粒子最终能从点射出；故C正确；

D．时刻进入的粒子，在时间内向下做匀加速运动，且竖直分位移大小为

根据对称性可知，粒子在时间内将向下做匀减速运动，且竖直分位移大小仍等于y2，则

粒子在时刻速度减为零后，又开始向上做匀加速运动，在时间内粒子竖直分位移大小为

假设没有上极板，且电场不消失，在时间内粒子将向上做匀减速运动，根据对称性可知竖直分位移大小仍为y3，则进入电场经过一个周期后，粒子的竖直分位移大小为

所以时刻进入的粒子一定会打到上极板；故D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．设两小球间库仑力大小为F，对A球

对B球

两者联立可得

故A错误；

B．两个点电荷A、B在C点的合场强为零，则

得

故B正确；

C．同时剪断连接两小球A、B的细线，在竖直方向两小球A、B均做自由落体运动；两小球是同时落地，C错误；

D．剪断细线后，两球组成的系统在水平方向不受外力，水平方向动量守恒，则有

同时乘以时间可得

结合可得

故D正确。

故选BD。11、C:D【分析】【详解】

A．b、c两点关于AB连线对称；电场强度相同，所以小环所受电场力相同，故A错误；

BD．AB连线的中垂线是一条等势线，小环在上面移动的过程中，电场力不做功，小环从a点由静止释放后做匀加速直线运动；只有重力做功，小环的机械能守恒，故B错误，D正确；

C．小环通过连续相等的位移所用时间之比为根据

所以小环通过b、c两点的速度大小之比为

故C正确。‍

故选CD。12、A:C【分析】【分析】

由题意可知考查电表改装；根据电表改装原理分析可得．

【详解】

A．利用串联电路中电阻分压原理；可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表，符合客观实际，故A正确．

B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍；故B错误；

C．用同一表头做成的电流表；电流表的量程越大，并联的电阻越小，其总的内阻越小，故C正确；

D．当电流表测某电路的电流时；测量值可能小于真实值，也可能大于真实值，故D错误．

【点睛】

改装成电压表是在原来基础上串联一电阻，量程越大，需要串联的电阻越大．改装电流表是在原来基础上并联一电阻，量程越大，需要并联的电阻越小．读数大小取决于总电压、总电流，指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小，通过表头的电流越大（越小），偏转角度越大（越小）．13、C:D【分析】【详解】

接触前两个带电小球的库仑力为若两点荷带同种电荷，则接触后两点荷各带电量为2Q，则此时的库仑力为若两点荷带异种电荷，接触之后两球电荷中和后在均分，故电荷量均为Q，此时的库仑力为故CD正确，AB错误；故选CD.

【点睛】

本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键；同时注意两种可能的情况的讨论.三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当滑片P在滑动变阻器b端或者a端时，外电路电阻小，为零，由闭合电路欧姆定律可得，电路最大电流，即电流表最大示数

把保护电阻看做电源的内阻，电源与保护电阻等效于电源，滑动变阻器是外电路，滑片P从a滑到b的过程中，电路外电阻R先变大后变小，等效电源电动势E不变，由

可知，滑动变阻器消耗的电功率先变小后变大，当内外电路电阻相等时，外电路功率最大，即当

外电路功率最大，故此时滑动变阻器消耗的功率为【解析】【答题空1】1.5

【答题空2】2.2515、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]电容器所带电荷量Q与电容器两极板间电势差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]电容的国际单位是法拉，符号为F，常用的单位还有微法和皮法，

（4）[8]电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量；在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量；

（5）[9]击穿电压电指介质不被击穿时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏；

[10]额定电压指电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压低。【解析】①.电荷量Q②.电势差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.击穿⑩.低16、略

【分析】【详解】

[1]负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，所以该力的方向跟A点电场强度的方向相反；

[2]A点电场强度大小为

[3]如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为

[4]正电荷受的电场力方向与场强方向相同；

[5]电场强度只与电场本身有关，与有无检验电荷无关，所以拿走电荷则A点电场强度大小仍为300N/C。【解析】反300同30017、略

【分析】【详解】

[1][2]依据电流表改装成电压表的特点，则有

解得需串联依据电流表改装成电流表的特点，则有

解得需并联的电阻，即总电阻所以电流表的内阻【解析】99000.0518、略

【分析】【详解】

［1］由电功率公式得

［2］当闭合，且滑片在端时，灯正常发光，可知电源电压与小灯泡的额定电压相等，即为

当闭合，且在滑动变阻器中点处时，定值电阻与滑动变阻器串联，此时滑动变阻器在电路的电阻为其最大电阻的倍，电流表示数为则滑动变阻器接入电路的电阻为

则滑动变阻器的最大电阻为

当闭合，打开，并将滑动变阻器的滑片移到最右端电路消耗的总功率最小，此时电路的总功率的最小值为【解析】50.72W19、A:B【分析】【分析】

【详解】

[1]只能把电能转化为内能的电路是；故选A。

[2]能把电能转化为其他形式能的电路是，故选B。20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]直线电流的磁场；安培定则：如图所示，用右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，四指所指的方向就是磁感线环绕的方向。

（2）[2][3]环形电流的磁场；安培定则：如图所示，让右手四指与环形电流的方向一致，大拇指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向。

（3）[4][5]通电螺线管的磁场，安培定则：如图所示，右手握住螺线管，让弯曲的四指与电流方向一致，伸直的拇指所指的方向就是螺线管轴线上磁场的方向或者说拇指所指的方向是它的北极的方向。【解析】①.四指②.四指③.大拇指④.电流方向⑤.螺线管轴线四、作图题(共1题，共4分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共3题，共27分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2][3]．用多用表测量某元件的电阻；选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，说明倍率档选择过低，因此需选择“×1k”倍率的电阻挡，并需欧姆调零后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为6000Ω。

(2)[4][5]．由闭合电路欧姆定律得。

把r=1.0Ω代入整理得。

故。

得。

Ig=0.25A得。

E=1.5V(3)[6]．电流表G的指针半偏，则I=0.125A；由。

代入数据解得。

Rx=0.83Ω【解析】)×1k欧姆调零60001.5V0.25A0.83Ω23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]多用电表电流方向统一为“红进黑出”；结合欧姆表内部电源的正负极可知，黑表笔与电源正极相连，故A接线柱应该是与黑表笔连接。

(2)[2]倍率越高时中值电阻越大，即欧姆表对应内阻越大，如图所示为选择开关接a和接b时的电路图。

由图可知，当选择开关接b时，内阻较大，故选择开关接b挡时其对应的电阻挡的倍率更高。【解析】黑b24、略

【分析】【详解】

（1）[1]螺旋测微器读数为

（2）①[2]