2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）2、设星球带负电，一带电粉尘悬浮在距星球表面1000km的地方，又若将同样的带电粉尘带到距星球表面2000km的地方相对于该星球无初速释放，则此带电粉尘()A.向星球下落B.仍在原处悬浮C.推向太空D.无法判断3、心电图是现代医疗诊断的重要手段，医生从心电图上测量出相邻两波峰的时间间隔，即为心动周期，由此可以计算出1分钟内心脏跳动的次数（即心率），甲、乙两人在同一台心电图机上做出的心电图如图所示，医生通过测量后记下甲的心率是60次/分，则由二图及甲的心率可知心电图机图纸移动的速度v以及乙的心率为（）A.25mm/s，48次/分B.25mm/s，75次/分C.25mm/min，75次/分D.25mm/min，48次/分4、压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小。某实验小组在升降机水平地面上利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置。其工作原理图如图甲所示；将压敏电阻；定值电阻R

电流显示器、电源E

连成电路，在压敏电阻上放置一个绝缘重物。0隆芦t1

时间内升降机停在某一楼层处，t1

时刻升降机开始运动，从电流显示器中得到电路中电流i

随时间t

变化情况如图乙所示。则下列判断正确的是：()

垄脵t1虄t2

时间内绝缘重物处于失重状态，t3虄t4

时间内绝缘重物处于超重状态垄脷t1虄t2

时间内绝缘重物处于超重状态，t3虄t4

时间内绝缘重物处于失重状态垄脹

升降机开始时可能停在10

楼，从t1

时刻开始，经向下加速、匀速、减速，最后停在1

楼垄脺

升降机开始时可能停在1

楼，从t1

时刻开始，经向上加速、匀速、减速，最后停在10

楼A.垄脵垄脹

B.垄脵垄脺

C.垄脷垄脹

D.垄脷垄脺

5、如图1

所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2

中曲线ab

所示，则()

A.两次t=0

时刻线圈平面均与中性面垂直B.曲线ab

对应的线圈转速之比为2:3

C.曲线a

表示的交变电动势频率为25Hz

D.曲线b

表示的交变电动势有效值为10V

6、在物理学史上，发现电流周围存在磁场的著名科学家是A.奥斯特B.伽利略C.焦耳D.库仑评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、如图所示，一根竖直的弹簧支持着一倒立气缸的活塞，使气缸悬空而静止，设活塞与缸壁间无摩擦且可以在缸内自由移动，缸壁导热性能良好使缸内气体总能与外界大气温度相同，则下述结论中正确的是()A.若外界大气压增大；则弹簧将压缩一些。

B.若外界大气压增大；则气缸上底面距地面的高度将减小。

C.若气温升高；则气缸上底面距地面的高度将减小。

D.若气温升高，则气缸上底面距地面的高度将增大8、如图所示，质量m=0.5kg、长L=1m的通电金属导体棒在安培力作用下静止在倾角为的光滑绝缘框架上，磁场方向垂直于框架向下磁场范围足够大，右侧回路电源E=8V，内电阻r=1Ω，额定功率为8W、额定电压为4V的电动机正常工作，则（）A.回路总电流为4AB.电动机的额定电流为4AC.金属导体棒的电阻为2ΩD.磁感应强度的大小为1.5T9、真空中某处，在x轴上关于O点对称的A、B两点有等量异种点电荷+Q和-Q，两点电荷形成的电场中分布着C、D、E三点（如图所示），其中OC=OD，BE=BD，则下列判断正确的是（）A.比较电场强度的大小有EC＜EDB.比较电势高低有φC＜φDC.将同一正电荷从O点移到D点电场力所做的功大于从O点移到E点电场力所做的功D.将同一正电荷从O点移到D点电场力所做的功小于从O点移到E点电场力所做的功10、以下说法正确的是（）A.机械能为零、内能不为零是可能的B.温度相同，质量相同的物体具有相同的内能C.物体的速度增大时，物体的内能可能减小D.0℃的冰的内能比等质量的0℃的水的内能大11、下列说法中正确的是（）A.N+He→O+H是β衰变B.质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3．质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是：（m1+m2-m3）c2C.U+n→Ba+Kr+3n是核裂变反应D.卢瑟福通过实验发现了质子的核反应方程为He+N→O+H12、一列简谐横波沿x

轴正方向传播，图甲是波传播到x

=5m

的M

点的波形图，图乙是质点N

(

x

=3m)

从此时刻开始计时的振动图象，Q

是位于x

=10m

处的质点.

下列说法正确的是()

A.t

=0

时，P

点速度沿鈭�

y

方向B.M

点以后的各质点开始振动时的方向都沿+

y

方向C.t

=0

时，N

点已经振动了34

个周期D.在0隆芦16s

内，质点Q

经过的路程为1.1m

13、如图所示，真空中有一边长为a的等边三角形ABC，P点是三角形的中心。在A点固定一电荷量为q的负点电荷，在B点固定一电荷量为q的正点电荷，已知静电力常量为k，则以下说法正确的是（）

A.C点的电场强度大小为B.c点电势高于P点电势C.某一试探电荷在C点与P点所受静电力大小之比为D.将某一试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到P点的过程中静电力不做功评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、面积0.5m2的闭合导线环处于磁感应强度为0.4T的匀强磁场中，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量是____Wb，当导线环转过90°时，环面与磁场平行时，穿过环面的磁通量为____Wb．15、太阳能光电池是一种新型清洁电源，它在工作时把____能转化为____能．16、来自质子源的质子（初速度为零），经一加速电压为800kV的直线加速器加速，形成电流强度为1mA的细柱形质子流，已知质子电荷量e=1.60×10-19C，这束质子流每秒打在靶上的质子数为______．17、如图所示的装置测定玻璃的折射率，在光具盘的中央固定一个半圆形的玻璃砖，使二者的圆心重合，使一激光束从玻璃圆弧面一侧入射并垂直平面AOB，通过圆心O射出玻璃砖，记下入射光束在光具盘上所对应的位置的刻度.以圆心O为轴逆时针转动光具盘，同时观察从平面AOB一侧出射光线的变化，出射光线不断向下偏转并越来越暗，直到刚好看不到出射光线为止.记下这时入射光线在光具盘上对应的刻度，光具盘上两次刻度之间的夹角θ就是光束从玻璃射向空气的_______.玻璃折射率的表达式n=_______.18、镭核（Ra）经过一系列α衰变和β衰变，变成铅核（Pb），其中经过α衰变的次数是____，镭核（Ra）衰变成铅核（Pb）的过程中损失了____个中子．19、在“测定金属导体的电阻率”的实验中；待测金属丝的电阻Rx

约为5娄赂.

实验室备有下列实验器材：

A.电压表V1(

量程0隆芦3V

内阻约为15k娄赂)

B.电压表V2(

量程0隆芦15V

内阻约为75k娄赂)

C.电流表A1(

量程0隆芦3A

内阻约为0.2娄赂)

D.电流表A2(

量程0隆芦0.6A

内阻约为11娄赂)

E.变阻器1(0隆芦100娄赂,0.6A)

F.变阻器2(0隆芦2000娄赂,0.1A)

G.电池组E(

电动势为3V

内阻约为0.3娄赂)

H.开关S

导线若干。

(1)

为提高实验精确度；减小实验误差，应选用的实验器材有______．

(2)

若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00cm

用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为______mm

电阻值为______娄赂.

评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共14分)21、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象22、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、简答题(共4题，共8分)23、如图所示，木板A

质量mA=1kg

足够长的木板B

质量mB=4kg

质量为mC=4kg

的木块C

置于木板B

上右侧，水平面光滑，BC

之间有摩擦。现使A

以v0=12m/s

的初速度向右运动，与B

碰撞后以4m/s

速度弹回。求：

(1)B

运动过程中的最大速度大小。(2)C

运动过程中的最大速度大小。(3)

整个过程中系统损失的机械能的多少。24、某化工厂的污水池中，含有一种有害的、难于降解的有机化合物rm{A}研究人员用化合物rm{A}磷酸盐、镁盐以及微量元素配制的培养基，成功地筛选到能高效降解化合物rm{A}的细菌rm{(}目的菌rm{)}实验的主要步骤如图所示。请分析回答问题：

rm{(1)}培养基中加入化合物rm{A}的目的是筛选____，这种培养基属于____培养基。rm{(2)}“目的菌”生长所需的氮源和碳源是来自培养基中的____，实验需要振荡培养，由此推测“目的菌”的代谢类型是____。rm{(3)}培养若干天后，应选择培养瓶中化合物rm{A}含量____的培养液，接入新的培养液中连续培养，使“目的菌”的数量____。rm{(4)}转为固体培养时，常采用________的方法接种，获得单菌落后继续筛选。rm{(5)}实验结束后，使用过的培养基应该进行____处理后，才能倒掉。25、利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V

电源内阻r=1娄赂

电阻R=3娄赂

重物质量m=0.10kg

当将重物固定时，理想电压表的示数为5V

当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V(

不计摩擦，g

取10m/s2).

求：

(1)

串联入电路的电动机内阻为多大？

(2)

重物匀速上升时的速度大小．

(3)

匀速提升重物3m

需要消耗电源多少能量？26、已知rm{A(g)+B(g)?C(g)+D(g)}反应的平衡常数和温度的关系如下：。温度rm{/隆忙}rm{700}rm{800}rm{830}rm{1000}rm{1200}平衡常数rm{1.7}rm{1.1}rm{1.0}rm{0.6}rm{0.4}请回答下列问题：rm{(1)}该反应平衡常数表达式为rm{K=}____；rm{triangleH}____rm{0(}选填rm{>}rm{<}或rm{=)}rm{(2)830隆忙}时，向一个rm{5L}的恒容密闭容器中充入rm{0.20mol}的rm{A}和rm{0.80mol}的rm{B}若测得反应初始至rm{6S}内rm{A}的平均反应速率rm{v(A)=0.002mol?L^{-1}?S^{-1}}则rm{6S}时rm{c(A)=}____rm{mol?L^{-1}}此时rm{V}正____rm{V}逆rm{(}填rm{>}rm{<}或rm{=)}rm{(3)}在与rm{(2)}相同的温度、容器及rm{A}rm{B}配比下反应经一段时间后达到平衡，此时rm{A}的转化率为__________rm{_}____；保持温度、容器不变，再向密闭容器中充入rm{0.20mol}的rm{A}和rm{0.80mol}的rm{B}此时rm{D}的体积分数____rm{(}选填增大、减小、不变rm{)}如果这时向该密闭容器中再充入rm{1mol}氩气，则平衡时rm{C}的浓度_______rm{_(}选填增大、减小、不变rm{)}．rm{(4)}恒温、恒容条件下，能判断该反应达到平衡的是____rm{(}填正确选项的字母rm{)}．rm{a.}压强不随时间改变rm{b.}气体的密度不随时间改变rm{c.c(A)}不随时间改变rm{d.}单位时间里生成rm{C}和rm{D}的物质的量相等rm{e.}单位时间内生成rm{amolA}的同时，消耗rm{amolB}rm{(5)1200隆忙}时反应rm{C(g)+D(g)?A(g)+B(g)}的平衡常数rm{K}为____。rm{(6)}已知下列热化学反应方程式为rm{H_{2}(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=H_{2}O(l)}rm{H_{2}(g)+dfrac{1}{2}O_{2}

(g)=H_{2}O(l)}rm{triangleH_{1}}rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}(g)}rm{triangleH_{2}}rm{CH_{3}COOH(l)+2O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+2H_{2}O(l)}则rm{triangleH_{3}}的rm{2C(s)+2H_{2}(g)+O_{2}(g)=CH_{3}COOH(l)}______________________________。rm{triangleH=}参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【解析】试题分析：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选B．考点：考查了库伦定律以及感应起电【解析】【答案】B2、B【分析】试题分析：当带负电粉尘在高度为h时处于平衡，根据库仑定律及万有引力定律有：由此可知，无论高度多少，粉尘都处于平衡状态，故当带到跟2000km处无初速度释放，仍然处于平衡即悬浮状态，所以只有B正确。考点：库仑定律、万有引力定律应用【解析】【答案】B3、B【分析】解：甲图，波长λ甲=25mm，心率是f甲=60次/分=1Hz，电图机图纸移动的速率v=λ甲f甲=25mm/s．

由于两张图图纸移动的速率v相同；则有：

λ乙=20mm，乙的心率为f乙==Hz=1.25Hz=75次/min．

故选：B

由图直接两列波的波长．由甲图求出心电图机图纸移动的速率v．两张图图纸移动的速率v相同；由速率公式求出乙的周期和频率．

本题考查应用物理知识分析和处理实际问题的能力，此题类似于正弦波，注意波速公式v=λf适用于一切波．【解析】【答案】B4、A【分析】【分析】本题考查了牛顿运动定律的应用的超重及失重和传感器的应用．

【解答】0隆芦t1

时间内升降机停在某一楼层处，通过观察图像电流稳定，对物体受力分析，竖直向下重力的大小和竖直向上支持力的大小相等，根据牛顿第三定律，压力的大小等于支持力的大小并且等于重力的大小，t1隆芦t2

时间图像中电流减小，说明电路中总电阻增大，压敏电阻增大，所受的压力减小，物体对支持物的压力小于物体所受重力的情况称为失重现象，t3隆芦t4

时间图像中电流增大，说明压敏电阻减小，所受的压力增大，物体对支持物的压力大于物体所受重力的情况称为超重现象，所以垄脵

正确，垄脷垄脷错误；根据牛顿第三定律，压力大小与支持力大小相等，t1隆芦t2

时间对物体受力分析，支持力小于重力合力方向竖直向下，加速度方向向下，t2隆芦t3

时间电流不变，说明压力大小等于重力大小，物体在匀速运动，t3隆芦t4

时间对物体受力分析，支持力大于重力合力方向竖直向上，加速度方向向上。所以垄脹垄脹正确垄脺垄脺错误。故选A。【解析】A

5、C【分析】【分析】根据图象可分别求出两个交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等。本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量。【解答】A.在t=0

时刻，电动势都是0

线圈一定处在中性面上；故A错误；B.由图可知，a

的周期为4隆脕10鈭�2sb

的周期为6隆脕10鈭�2s

则由可知，角速度与周期成反比，故角速度之比为：32

故B错误；C.曲线a

的交变电流的频率f

故C正确；D.曲线ab

对应的线圈角速度之比为32

曲线a

表示的交变电动势最大值是15V

根据Em=nBS娄脴

得曲线b

表示的交变电动势最大值是10V则有效值为U=U=102V=52V

故D错误。故选C。【解析】C

6、A【分析】【解析】试题分析：：伽利略、牛顿成就主要在力学，奥斯特首先在实验中发现电流的周围存在磁场，库仑主要成就在电学．奥斯特首先在实验中发现电流的周围存在磁场，故A正确．故选A．考点：物理学史．【解析】【答案】A二、多选题(共7题，共14分)7、BD【分析】略【解析】BD

8、ACD【分析】解：AB、电动机的正常工作时，有：PM=UIM，代入数据解得：IM=2A

通过电源的电流为：I总==4A故A正确；B错误；

C、流过导体棒的电流I为：I=I总-IM=4A-2A=2A．导体棒两端的电压U=E-I总r=4V，由欧姆定律得：导体棒的电阻R==2Ω；故C正确；

D；导体棒静止在导轨上；由共点力的平衡可知，安培力的大小等于重力沿斜面向下的分力，即：F=mgsin37°=0.5×10×0.6=3N

由安培力的公式：F=BIL；解得：B=1.5T．故D正确。

故选：ACD。

由P=UI求出电动机中的电流；由串并联电路的电压关系得到内电阻上的电压，由欧姆定律得到干路电流；进而得到磁场中导线的电流，由平衡条件得到安培力，由安培力公式得到B。

本题借助安培力与电路问题考查了平衡条件的应用，解答的关键是正确找出两个支路的电流之间的关系。是一道很好的综合题。【解析】ACD9、AD【分析】解：

A、电场线的疏密表示场强的大小．由等量异种点电荷电场线的分布图可知：C点的场强小于O点的场强，而O点的场强小于D点的场强，则EC＜ED．故A正确．

B、y轴是一条等势线，C、O的电势相等，而顺着电场线电势降低，则知O点的电势高于D点的电势，所以有φC＞φD．故B错误．

CD；OD间的电势差小于OE间的电势差；根据公式W=qU可知：将同一正电荷从O点移到D点电场力所做的功小于从O点移到E点电场力所做的功，故C错误，D正确．

故选：AD．

根据电场线的疏密比较场强的大小；根据电场线的方向比较电势的高低；分析电势差的关系；由公式W=qU判断电场力做功的关系．

常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，电场线的疏密可以形象表示电场强度的大小，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．【解析】【答案】AD10、AC【分析】解：A；机械能是相对的；可能为零．由于分子永不停息地做无规则运动，分子平均动能不可能为零，所以内能不可能为零．故A正确．

B；物体的内能与物质的量、温度、体积等因素有关．温度相同；质量相同的物体物质的量不一定相等，所以内能不一定相等，还与分子数有关，故B错误．

C；物体的机械能与宏观的速度有关；内能与宏观的速度无关，所以物体的速度增大时，机械能可能增大，但物体的内能可能减小，故C正确．

D；0℃的冰熔化成0℃水；要吸收热量，内能增加，则0℃的冰的内能比等质量的0℃的水的内能小．故D错误．

故选：AC

任何物体都有内能．物体的内能与物质的量；温度、体积等因素有关．可根据热传递情况；分析冰与水的内能大小．

解决本题的关键要掌握内能的概念及决定因素，知道内能与温度、体积等因素有关，与物体的机械能无关．【解析】【答案】AC11、CD【分析】解：A、N+He→O+H；放出质子，不是β衰变．故A错误．

B、质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3．质子和中子结合成一个α粒子，质量亏损△m=（2m1+2m2-m3）；

根据质能方程，释放的能量为△E=△mc2=（2m1+2m2-m3）c2．故B错误．

C、铀核裂变的核反应是：U+n→Ba+Kr+3n；两边中子不能约．故C正确．

D；卢瑟福通过α粒子轰击氮核得到质子；该核反应方程式电荷数、质量数都守恒．故D正确．

故选：CD．

A；β衰变是中子转变成质子；而放出电子．

B；轻核聚变有质量亏损；求出质量亏损，根据质能方程求出释放的能量．

C；铀核裂变是通过一个中子轰击铀核；产生3个中子，写核反应方程式时，核反应前和核反应后的中子不能约．

D；卢瑟福通过α粒子轰击氮核得到质子．

本题主要考查了核反应方程、质能方程以及能级等知识点，知道能极差与光子频率的关系．【解析】【答案】CD12、AD【分析】【分析】由甲图得到波长，由乙图得到周期，根据v=娄脣T

求解波速；各个质点开始振动的方向均与波前的运动方向相同。由时间和周期的倍数求质点Q

通过的路程。本题考查基本的读图能力，由波动图象读出波长，由波的传播方向判断质点的振动方向，由振动图象读出周期，判断质点的振动方向等等都是基本功，要加强训练，熟练掌握。【解答】AB.

各个质点开始振动的方向均与波前的运动方向相同，简谐横波沿x

轴正方向传播，波前向下运动，故PP点速度沿++yy方向，M

点以后的各质点开始振动时的方向都沿鈭�y

方向，故A正确；B错误；C.tt=0=0时，NN点已经振动了112个周期，故C错误；D.波速为1m/s

故在5s

末，波前传到Q

点；此后的时间?t=11s=234

质点Q

从平衡位置开始运动；故其运动的路程为：

S=11A=11隆脕10cm=110cm=1.1m

故D正确；

故选AD。【解析】AD

13、C:D【分析】【详解】

A．AB两点的点电荷在C点形成电场的场强大小均为

故C点的电场强度大小为

故A错误；

BD．CP两点均处于AB连线的垂直平分线上，故两点的电势相等，将某一试探电荷从C点沿CP连线的方向移动到P点的过程中静电力不做功；故B错误，D正确；

C．AB两点的点电荷在P点形成电场的场强大小均为

故P点的电场强度大小为

CP两点的场强大小之比

所以某一试探电荷在c点与P点所受静电力大小之比为故C正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】

由题，导线环的面积S=0.5m2，匀强磁场磁感应强度B=0.4T，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量Φ=BS=0.4×0.5Wb=0.2Wb．当导线环转过90°时；环面与磁场平行时，没有磁感穿过环面，穿过环面的磁通量为0．

故答案为：0.2；0

【解析】【答案】在匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS．当线圈与磁场平行时，磁通量Φ=0．

15、太阳电【分析】【解答】太阳能电池板工作时消耗太阳能；得到了电能，故它在工作时把太阳能转化为电能．

故答案为：太阳；电。

【分析】太阳能电池板可以将太阳能转化为电能，太阳能电动车靠由太阳能转化来的电能驱动，驱动时电能转化为电动车的机械能，太阳能是一种清洁能源，在生活中的使用已经越来越广泛．16、略

【分析】解：每秒打在靶上的质子的电量q=It=1×-3C．

每个质子的电量为e=1.6×10-19C

则质子流每秒打在靶上的质子数n===6.25×1015个。

故本题答案是：6.25×1015个。

根据公式q=It求出每秒打在靶上的质子的电量q，每个质子的电量为e=1.6×10-19C，由n=求出每秒打在靶上的质子数．

本题关键在于知道质子的电量为e=1.6×10-19C，等于元电荷，是自然界最小的电量．本题比较容易．【解析】6.25×1015个17、略

【分析】【解析】【答案】临界角；1/sinθ18、516【分析】【解答】解：镭核（Ra）变成铅核（Pb）；质量数减少20，而每次α衰变质量数减少4，故要经过5次α衰变；经过5次α衰变后，核电荷数应减少10，而实际减少数为4，故必须经过6次β衰变．由于每次α衰变损失2个中子和两个质子，每次β衰变损失一个中子，故损失中子总数为：5×2+6=16

【分析】正确解答本题需要掌握：电荷数、质子数以及质量数之间的关系；能正确根据质量数和电荷数守恒判断发生α和β衰变的次数，每次α衰变损失2个中子和两个质子，每次β衰变损失一个中子19、略

【分析】解：(1)

电流表与电压表的选择要尽量让仪表的读数在13隆芦23

之间.

电源的电压是3V

就要选择3V

的电压表：A

不能选择15V

的电压表；此时流过电流表的电流。

I=UR隆脰35A=0.6A

所以要选择0.6A

的电流表：D

不能选择3A

的电流表；该实验中，变阻器R2

达2000娄赂

阻值太大，使用效率低，而且额定电流太小，不能使用，故变阻器选择E

其他还需要选择电池组；开关盒导线.

故答案应选择：ADEGH

(2)垄脵

螺旋测微器的读数为：主尺+

半毫米+

转筒=0mm+0.5mm+13.5隆脕0.01mm=0.635mm

垄脷0.6A

量程，每小格代表0.02A

读数为；25隆脕0.02=0.50A3V

量程，每小格代表0.1V

读数为12隆脕0.1=1.2V

电阻为：R=UI=1.20.50娄赂=2.4娄赂

故答案为：(1)ADEGH(2)0.6352.4

电流表与电压表的选择首先要保证仪表的安全，其次要尽量让仪表的读数在13隆芦23

之间；螺旋测微器的读数为：主尺+

半毫米+

转筒；电表的读数为指针所指的格子数乘以每小格代表的数。

题考查器材的选择，电表的读数，螺旋测微器的读数和伏安法测电阻，难度不大，所以简单题．【解析】ADEGH0.6356.0

四、判断题(共1题，共3分)20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、画图题(共2题，共14分)21、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】22、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、简答题(共4题，共8分)23、解：

(1)A

与B

碰后瞬间；B

速度最大，由AB

系统动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mAv0+0=鈭�mAvA+mBvB

代入数据得：vB=4m/s

(2)B

与C

共速后；C

速度最大，由BC

系统动量守恒，以B

的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mBvB+0=(mB+mC)vC

代入数据得：vC=2m/s

(3)

由能量守恒定律得：?E脣冒=mAv022鈭�mAvA22鈭�(mB+mC)vC22

代入数据得：鈻�E脣冒=48J【分析】本题考查了求速度与损失的机械能问题，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律与能量守恒定律即可正确解题。(12)A

与B

发生碰撞B

获得速度，开始做匀减速直线运动，C

开始做匀加速直线运动，当BC

速度相同时，两者相对静止，A

与B

碰后瞬间，B

速度最大.B

与C

速度相同时，C

速度最大；(3)

根据动量守恒和能量守恒求解C

运动过程中的最大速度大小和整个过程中系统损失的机械能。【解析】解：(1)A

与B

碰后瞬间；B

速度最大，由AB

系统动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mAv0+0=鈭�mAvA+mBvB

代入数据得：vB=4m/s

(2)B

与C

共速后；C

速度最大，由BC

系统动量守恒，以B

的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mBvB+0=(mB+mC)vC

代入数据得：vC=2m/s

(3)

由能量守恒定律得：?E脣冒=mAv022鈭�mAvA22鈭�(mB+mC)vC22

代入数据得：鈻�E脣冒=48J

24、略【分析】略【解析】略25、略

【分析】

根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流和电动机输入电压.

电动机消耗的电功率等于输出的机械功率和发热功率之和；根据能量转化和守恒定律列方程求解重物匀速上升时的速度大小，根据W=EIt

求解匀速提升重物3m

需要消耗电源的能量．

本题是欧姆定律与能量转化与守恒定律的综合应用.

对于电动机电路，不转动时，是纯电阻电路，欧姆定律成立；当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立．【解析】解：(1)

由题，电源电动势E=6V

电源内阻r=1娄赂

当将重物固定时，电压表的示数为5V

则根据闭合电路欧姆定律得。

电路中电流为I=E鈭�Ur=6鈭�51=1A

电动机的电阻RM=U鈭�IRI=5鈭�1隆脕31娄赂=2娄赂

(2)

当重物匀速上升时，电压表的示数为U=5.5V

电路中电流为I隆盲=E鈭�U隆盲r=0.5A

电动机两端的电压为UM=E鈭�I隆盲(R+r)=6鈭�0.5隆脕(3+1)V=4V

故电动机的输入功率P=UMI隆盲=4隆脕0.5=2W

根据能量转化和守恒定律得。

UMI隆盲=mgv+I隆盲2R

代入解得；v=1.5m/s

(3)

匀速提升重物3m

所需要的时间t=hv=31.5=2s

则消耗的电能W=EI隆盲t=6隆脕0.5隆脕2=6J

答：(1)

电动机的内阻为2娄赂

(2)

重物匀速上升的速度大小为1.5m/s

(3)

匀速提升重物3m

需要消耗电源6J

的能量．26、rm{(1)dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdotc(B)}}rm{(1)dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdot

c(B)}}

rm{<}rm{(2)0.028}

rm{>}不变；不变；

rm{(3)80%}

rm{(4)ce}

rm{(5)2.5}rm{(6)2triangleH_{1}+2}rm{triangleH_{2}-}rm{triangleH_{3}}【分析】【分析】本题考查化学平衡计算；平衡常数计算、化学反应速率、平衡状态判断；难度中等，注意化学平衡状态判断，选择判断的物理量，随着反应的进行发生变化，当该物理量由变化到定值时，说明可逆反应到达平衡状态。

【解答】

rm{(1)}已知rm{A(g)+B(g)?C(g)+D(g)}反应，平衡常数rm{K=dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdotc(B)}}由表可知温度越高平衡常数越小，所以rm{K=dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdot

c(B)}}故答案为：rm{K=dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdotc(B)}}rm{triangleH<0}

rm{K=dfrac{c(C)cdotc(D)}{c(A)cdot

c(B)}}反应初始rm{<}内rm{(2)}的平均反应速率rm{6s}则rm{A}内rm{trianglec(A)=0.002mol?L^{-1}?s^{-1}隆脕6s=0.012mol/L}rm{v(A)=0.002mol?L^{-1}?s^{-1}}的起始浓度为rm{dfrac{0.2mol}{5L}=0.04mol/L}故rm{6s}时时rm{triangle

c(A)=0.002mol?L^{-1}?s^{-1}隆脕6s=0.012mol/L}此时平衡正向进行，则rm{A}正rm{dfrac

{0.2mol}{5L}=0.04mol/L}逆；

故答案为：rm{6s}rm{c(A)=0.04mol/L-0.012mol/L=0.028mol/L}

rm{V}设平衡时r